2018-2019學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試卷 (含解析).doc

2018-2019學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試卷 (含解析)注意事項：1答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、單選題1下列說法中正確的是()A電勢降落的方向就是電場強(qiáng)度的方向B通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大C電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)D在電場中，電勢越高的地方，電場強(qiáng)度也一定越大2使兩個完全相同的金屬小球（均可視為點電荷）分別帶上3Q和+5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F1現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F2則F1與F2之比為（ ）A2：1 B4：1 C16：1 D60：13如圖所示為點電荷、所形成電場的電場線分布圖（箭頭未標(biāo)出），在M點處放置一個電荷量大小為的負(fù)試探電荷，受到的電場力大小為F，以下說法中正確的是（ ）A、由電場線分布圖可知M點處的場強(qiáng)比N點場強(qiáng)大B、M點處的場強(qiáng)大小為，方向與所受電場力方向相同C、為異種電荷，的電荷量小于的電荷量D、如果M點處的點電荷電量變?yōu)椋撎巿鰪?qiáng)變?yōu)?如圖所示，電阻R1、R2、R3、R4滿足R1:R2:R3:R4=1:2:3:4，則當(dāng)A、B間接上直流電壓時，流過 R1、R2、R3、R4的電流I1:I2:I3:I4為( )A1:2:3:4 B6:3:2:11 C3:2:1:6 D3:2:1:45兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點，A為MN上的一點一帶負(fù)電的試探電荷q從A由靜止釋放只在電場力作用下運動，取無限遠(yuǎn)處電勢為零，則（ ）A若q從A點由靜止釋放，在由A點向O點運動的過程中，加速度一定先增大后減小Bq由A向O運動的過程電勢能逐漸增大Cq運動到O點時的動能最大Dq運動到O點時的電勢能為零6在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標(biāo)有“3V，6W”字樣，電動機(jī)線圈的電阻RM1若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說法正確的是( )A電動機(jī)兩端的電壓是2VB通過電動機(jī)的電流是5AC電動機(jī)的效率是60%D整個電路消耗的電功率是10W7如圖所示，在正點電荷Q形成的電場中，ab兩點在同一等勢面上，重力不計的甲、乙兩個帶電粒子的運動軌跡分別為acb和adb曲線，若兩個粒子經(jīng)過a點時具有相同的動能，下列判斷錯誤的是（ ）A甲粒子經(jīng)過c點時與乙粒子經(jīng)過d點時具有的動能相同B甲、乙兩個粒子帶異種電荷C若取無窮遠(yuǎn)處為零電勢，則甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于乙粒子經(jīng)過d 點時的電勢能D兩粒子經(jīng)過b點時具有的動能相同8如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑橢圓大環(huán)，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L。勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在大環(huán)的中心0，下端連接一個質(zhì)量為m、電荷量為q、可視為質(zhì)點的小環(huán)，小環(huán)剛好套在大環(huán)上且與大環(huán)及彈簧絕緣，整個裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場中。將小環(huán)從A點由靜止釋放，小環(huán)運動到B點時速度恰好為O。已知小環(huán)在A、 B兩點時彈簧的形變量大小相等。則（ ）A小環(huán)從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈性勢能一直增大B小環(huán)從A點運動到B點的過程中，小環(huán)的電勢能一直增大C電場強(qiáng)度的大小為D小環(huán)在A點時受到大環(huán)對它的彈力大小為9如圖為一勻強(qiáng)電場，某帶電粒子從A點運動到B點在這一運動過程中克服重力做的功為2.0 J，電場力做正功為1.5 J則下列說法正確的是（ ）A粒子帶負(fù)電B粒子在A點的電勢能比在B點小1.5 JC粒子在A點的動能比在B點大0.5 JD粒子在A點的機(jī)械能比在B點小1.5 J二、多選題10在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，開關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是()A燈泡L變亮B電源內(nèi)部消耗的功率減小C流過R0的電流方向為從右向左D電容器C的電荷量增大11如圖所示直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡L的U-I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡L恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（ ）A此電源的內(nèi)阻為B燈泡L的額定電壓為3V，額定功率為6WC把燈泡L換成阻值恒為1的純電阻，電源的輸出功率將變小D小燈泡L的電阻隨通過電流的增大而增大12絕緣水平面上固定一正點電荷Q，另一質(zhì)量為m，電荷量為-q的滑塊（可看做點電荷）從a點以初速度沿水平面向Q運動，到達(dá)b點時速度減為零已知a、b間距離為s，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則以下判斷正確的是（ ）A滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力B滑塊在運動過程中的中間時刻，速度大小等于C此過程產(chǎn)生的內(nèi)能小于DQ產(chǎn)生的電場中，a、b兩點間的電勢差為13如圖所示,M、N是豎直放置的兩平行金屬板,分別帶等量異種電荷,兩板間產(chǎn)生一個水平向右的勻強(qiáng)電場,場強(qiáng)為E,一質(zhì)量為m、電荷量為+q的微粒以初速度v0沿豎直向上方向從與兩板等距的A點射入勻強(qiáng)電場中,在靜電力的作用下垂直打到N板上的C點,已知AB=BC.不計空氣阻力,則可知()A微粒在電場中做曲線運動B微粒打到C點時的速率與射入電場時的速率相等CM、N板間的電勢差為DM、N板間的電勢差為14如圖所示，豎直絕緣光滑的半圓形槽半徑為R，在槽內(nèi)靜置有兩個帶等量同種電荷的小球A、B，兩球質(zhì)量相等、間距為R若將兩小球看做質(zhì)點，將一個水平向右的推力F作用在A球上，緩慢將A球推到半圓形槽的底部，則下列說法正確的是（ ）A槽對B球的支持力減小B兩球間距離保持不變C推力F做的功等于兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量D兩球組成的系統(tǒng)的電勢能增大第II卷（非選擇題)三、實驗題15如圖所示的實驗裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側(cè)極板和靜電計外殼接地，電容器右側(cè)極板與靜電計金屬球相連，使電容器帶電后與電源斷開操作一：僅將左極板上移，電容_（選填“變大”、“變小”或“不變”），靜電計指針偏轉(zhuǎn)角_（選填“變大”、“變小”或“不變”）；操作二：僅將極板間距離減小時，可觀察到靜電計指針偏轉(zhuǎn)角_（選填“變大”、“變小”或“不變”）；操作三：僅在兩板間插入一塊玻璃，可觀察到靜電計指針偏轉(zhuǎn)角_（選填“變大”、“變小”或“不變”）16某同學(xué)通過實驗測定一個阻值約為的電阻Rx的阻值（1）現(xiàn)有電源(4 V，內(nèi)阻可不計)，滑動變阻器(，額定電流2 A)，開關(guān)和導(dǎo)線若干以及下列電表A電流表(03 A，內(nèi)阻約)B電流表(00.6 A，內(nèi)阻約)C電壓表(03 V，內(nèi)阻約3 k)D電壓表(015 V，內(nèi)阻約15 k)為減小測量誤差，在實驗中，電流表應(yīng)選用_，電壓表應(yīng)選用_(選填器材前的字母)；實驗電路應(yīng)采用圖中的_(選填“甲”或“乙”)（2）如圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線請根據(jù)在（1）問中所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖中實物間的連線_（3）接通開關(guān)，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U某次電表示數(shù)如上面右圖所示，可得該電阻的測量值 _ (保留兩位有效數(shù)字)，測出的比真實值_。(選填“偏大”、“偏小”或“相等”)四、解答題17如圖所示的電路中，電阻R1=3，R2=3，R3=6，電源內(nèi)阻r2，電壓表可視為理想電表當(dāng)開關(guān)S1和S2均閉合時，電壓表的示數(shù)為6V.求：(1)電阻R2中的電流為多大？(2)路端電壓為多大？(3)電源的電動勢為多大？18如圖所示，勻強(qiáng)電場電場線與AC平行，把108C的正電荷從A點移到B點，靜電力做功6108J，AB長6cm，AB與AC成60角求：(1)在圖中標(biāo)出場強(qiáng)方向及計算場強(qiáng)大小；(2)設(shè)B處電勢為1V，則A處電勢為多少；(3)在（2）問基礎(chǔ)上，該電荷在A點電勢能為多少19如圖所示，在豎直邊界線O1O2左側(cè)空間存在一豎直向下的勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度E100 N/C，電場區(qū)域內(nèi)有一固定的粗糙絕緣斜面AB，其傾角為30，A點距水平地面的高度為h4 mBC段為一粗糙絕緣平面，其長度為Lm斜面AB與水平面BC由一段極短的光滑小圓弧連接（圖中未標(biāo)出），豎直邊界線O1O2右側(cè)區(qū)域固定一半徑為R05 m的半圓形光滑絕緣軌道，CD為半圓形光滑絕緣軌道的直徑，C、D兩點緊貼豎直邊界線O1O2，位于電場區(qū)域的外部（忽略電場對O1O2右側(cè)空間的影響）現(xiàn)將一個質(zhì)量為m1 kg，帶電荷量為q01 C的帶正電的小球（可視為質(zhì)點）在A點由靜止釋放，且該小球與斜面AB和水平面BC間的動摩擦因數(shù)均為（g取10 m/s2）求：（1）小球到達(dá)C點時的速度大??；（2）小球到達(dá)D點時所受軌道的壓力大小；（3）小球落地點距離C點的水平距離20如圖所示，電源電動勢E=64V，內(nèi)阻不計，電阻，開始開關(guān)閉合，斷開，平行板電容器的兩極板A、B與水平面的夾角，兩極板A、B間的距離d=0.4m，板間有一個傳動裝置，絕緣傳送帶與極板平行，皮帶傳動裝置兩輪軸心相距L=1m，傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，其速度為v=4m/s，現(xiàn)有一個質(zhì)量m=0.1kg、電荷量q=+0.02C的工件（可視為質(zhì)點，電荷量保持不變）輕放在傳送帶底端，工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.25同時開關(guān)也閉合，極板間電場反向，電路瞬間能穩(wěn)定下來。（，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）開關(guān)閉合，斷開時，兩極板A、B間的場強(qiáng)大小和方向；（2）工件在傳送帶上運動的加速度大小；（3）工件從底端運動到頂端過程中，工件因與傳送帶摩擦而產(chǎn)生的熱量xx四川省成都外國語學(xué)校高二上學(xué)期期中考試物理試題物理答案1C【解析】A、電勢降落最快的方向就是電場強(qiáng)度的方向，故A錯誤；B、根據(jù)可知單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大，故B錯誤；C、電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)，故C正確；D、在電場中，電勢越高的地方，若電場線稀疏，則電場強(qiáng)度小，故D錯誤；故選C?！军c睛】電勢降落最快的方向就是電場強(qiáng)度的方向，電場線越密的地方，電場強(qiáng)度越大；電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)。2D【解析】開始時由庫侖定律得： 現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，各自帶電為Q，因此此時： 由得： ，則F1與F2之比為 60：1，故選D.3. C【解析】根據(jù)電場線的疏密程度，判斷N點的場強(qiáng)比M點的場強(qiáng)大，故A錯誤；據(jù)場強(qiáng)的定義式知，M點的場強(qiáng)大小為，場強(qiáng)方向的規(guī)定知，該點的場強(qiáng)方向與負(fù)檢驗電荷所受電場力方向相反，故C錯誤；據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式：知，場源的電荷量越大距離場源相同距離的位置場強(qiáng)越大，電場線越密，由圖可知的右側(cè)電場線密，的左側(cè)電場線稀疏，所以的電荷量小于的電荷量，故C正確；據(jù)場強(qiáng)由電場本身決定，與檢驗電荷無關(guān)，所以M點處的點電荷電量變?yōu)?，該處場?qiáng)不變，故D錯誤。考點：電場強(qiáng)度【名師點睛】根據(jù)電場線的特點，判斷M和N的場強(qiáng)、為異種電荷；根據(jù)場強(qiáng)的定義式和場強(qiáng)方向的規(guī)定判斷選項即可。用好用活電場線與場強(qiáng)的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，此題判斷的電荷量的多少關(guān)系是難點。4B【解析】由并聯(lián)電路的電壓相同可得：電阻R1、R2、R3兩端的電壓相等，故由歐姆定律可得：，又由并聯(lián)電路電流分流可得：，所以，故B正確，A、C、D錯誤；故選B。【點睛】關(guān)鍵是根據(jù)并聯(lián)電路電壓相同，由歐姆定律得到I1，I2，I3的數(shù)值關(guān)系，然后根據(jù)并聯(lián)電路電流分流求得I4與I1，I2，I3的關(guān)系，即可得到比值。5C【解析】A、兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示，在P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向，故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的加速度可能先增大后減小，也可能一直減小，故A錯誤；B、q由A向O運動的過程，電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減小，故B錯誤；C、從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，速度最大，故C正確；D、取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，從無窮遠(yuǎn)到O點，電場力做正功，電勢能減小，則q運動到O點時電勢能為負(fù)值，故D錯誤；故選C。【點睛】關(guān)鍵是根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性，分析試探電荷的受力情況，分析其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況。6C【解析】A、燈泡正常發(fā)光時的電壓等于其額定電壓，電動勢電壓，故A錯誤；B、燈泡正常發(fā)光,則電路電流，故B錯誤；C、電動機(jī)的熱功率，則電動機(jī)的輸入功率為，電動機(jī)的效率是，故C正確；D、整個電路消耗的功率，故D錯誤；故選C?！军c睛】關(guān)鍵是燈泡與電動機(jī)串聯(lián)，由串聯(lián)電路特點可以求出燈泡正常發(fā)光時電動機(jī)兩端電壓；由P=UI的變形公式求出燈泡正常發(fā)光時的電流，由P=I2R求出電動機(jī)的熱功率，由效率公式求出電動機(jī)的效率；由P=UI 求出電路的總功率。7AC【解析】A、甲粒子從a到c和乙粒子從a到d，Uac=Uad，甲受引力作用、乙受斥力作用，甲粒子從a到c電場力做正功，乙粒子從a到d電場力做功負(fù)功，經(jīng)過a點時初動能相等，根據(jù)動能定理得知：甲粒子經(jīng)過c點時的動能大于乙粒子經(jīng)過d點時的動能故A錯誤B、由圖可知電荷甲受到中心電荷Q的引力，而電荷乙受到中心電荷Q的斥力，故兩粒子的電性一定不同，故B正確C、設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零，在點電荷+Q的電場中，c=d0，由于甲帶負(fù)電，乙?guī)д姡鶕?jù)電勢能EP=q，所以甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于0，乙粒子經(jīng)過d點時的電勢能大于0，所以甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于乙粒子經(jīng)過d點時的電勢能，甲粒子經(jīng)過c點時的動能大于乙粒子經(jīng)過d點時的動能故C正確；D、在點電荷+Q的電場中，由于甲帶負(fù)電，乙?guī)д?，根?jù)電勢能EP=q，所以甲粒子經(jīng)過b點時的電勢能小于0，乙粒子經(jīng)過b點時的電勢能大于0，所以兩粒子經(jīng)過b點時具有的電勢能不相等故D錯誤故選：BC【點評】根據(jù)軌跡判定“電荷甲受到中心電荷的引力，而電荷乙受到中心電荷的斥力”是解決本題的突破口同時要注意電勢能，電荷，電勢都有正負(fù)8D【解析】將小環(huán)從A點由靜止釋放，小環(huán)運動到B點時速度恰好為O已知小環(huán)在A、B兩點時彈簧的形變量大小相等故小環(huán)在A點時彈簧壓縮量為，在B點時彈簧伸長，然后分析個選項即可解決小環(huán)從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；小環(huán)從A點運動到B點的過程中，小環(huán)沿電場線方向水平運動2L，故小環(huán)的電勢能一直減小，B錯誤；整個過程由能量守恒定律得，得，故C錯誤，小環(huán)在A點時，彈簧壓縮，受到大環(huán)對它的彈力為，故D正確9CD【解析】A項，由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉(zhuǎn)，說明帶電粒子受到的電場力向右，與電場方向相同，所以帶電粒子應(yīng)帶正電，故A項錯誤。B項，從A到B的過程中，電場力做正功，電勢能在減少，由題意知電場力做的功為 ，則電勢能減少，所以在A點的電勢能比B點的電勢能大，故B項錯誤。C項，從A到B的過程中，克服重力做功 ，電場力做功，則總功為 。由動能定理可知，粒子在A點的動能比在B點多0.5 J ，故C項錯誤。D項，從A到B的過程中，除了重力做功以外，還有電場力做功，電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，帶電粒子的機(jī)械能增加，由能的轉(zhuǎn)化與守恒可知，機(jī)械能的增加量等于電場力做功的多少，所以機(jī)械能增加了，即粒子在A點的機(jī)械能比在B點少，故D項正確。綜上所述本題答案是;D。10BD【解析】AB、當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，滑動變阻器的阻值 R增大，電流減小，燈泡L的功率減小，燈泡L將變暗，故A 錯誤；B、電源內(nèi)部消耗的功率減小，故B正確；CD、路端電壓增大，則電容器C的電荷量增大，電容器C充電，流過R0的電流方向為從左向右，故C錯誤，D正確；故選BD?！军c睛】當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化。11BD【解析】A、由圖讀出：電源的電動勢E=4V，內(nèi)阻，故A錯誤；B、兩圖線的交點表示小燈泡L1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V，額定電流I=2A，則額定功率為P=UI=6W，故B正確；C、燈泡L1的電阻，換成一個1的定值電阻，可知其電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡L1換成一個1的定值電阻，電源的輸出功率將變大，故C錯誤；。D、在小燈泡L的U-I圖線中，圖線上的點與坐標(biāo)原點的連線的斜率表示電阻，故燈泡的電阻隨電流的增大而增大，故D正確；故選BD?！军c睛】電源的U-I曲線與燈泡伏安特性曲線的交點表示該燈泡與該電源連接時的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動勢從而可算出燈泡的額定功率根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化。12AD【解析】A、由題意可知，滑塊水平方向受庫侖力、滑動摩擦力，摩擦力與運動方向相反，而庫侖力與運動方相同，因滑塊在到達(dá)b點時速度減為零，所以從a點到b點滑塊做減速運動，則有滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力，故A正確；B、水平方向受大小不變的摩擦力及變大的庫侖力，當(dāng)在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，所以導(dǎo)致加速度慢慢減小，加速度是變化的，故中間時刻的速度小于，故B錯誤；C、由動能定理可得：，產(chǎn)生的內(nèi)能，因此在此過程中產(chǎn)生的內(nèi)能大于，故C錯誤；D、由動能定理可得：，解得兩點間的電勢差，故D正確；故選AD。【點睛】根據(jù)滑塊的運動情況可知滑塊受力情況，則可知庫侖力與滑動摩擦力的大小關(guān)系；由滑塊的受力情況可確定加速度的變化情況，即可判斷中間時刻的速度；由動能定理可確定過程中產(chǎn)生的內(nèi)能與動能變化關(guān)系；由動能定理可求得兩點間的電勢差。13AB【解析】由題意可知，微粒受水平向右的靜電力qE和豎直向下的重力mg作用，合力與v0不共線，所以微粒做曲線運動，A正確；因AB=BC，即t=t，故vC=v0，B正確；由q=m,得U=，C錯誤；由mg=qE，得q=，代入U=，得U=，D錯誤；故選AB.【點睛】該題中根據(jù)類平拋運動的特點來判定粒子是否在電場中做類平拋運動是解題的關(guān)鍵，動能定理判定粒子達(dá)到C點是的速度，和MN之間的電勢差相對比較簡單屬于基礎(chǔ)題目14AD【解析】A、施加F前，B受到重力、槽的支持力和庫侖力，根據(jù)幾何關(guān)系，庫侖力，A球被推到半圓形槽的底部后，設(shè)此時兩球之間距離為，B球受力分析如圖，根據(jù)幾何關(guān)系，即，槽對B球的支持力變小，故A正確； B、根據(jù)幾何關(guān)系，又，解得，故，即兩球間距離減小，故B錯誤；CD、兩球帶同種電荷，間距減小，庫侖力做負(fù)功，電勢能增大；推力F做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的增加量與電勢能增加量之和，故D正確，C錯誤；故選AD。15變小；變大；變??；變小 【解析】抓住電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的決定式判斷電容的變化，結(jié)合判斷電勢差的變化，從而得出指針偏角的變化；根據(jù)電容的決定式知，上移左極板，正對面積S減小，則電容減小，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差增大，指針偏角變大；根據(jù)電容的決定式知，將極板間距離減小時，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變??；根據(jù)電容的決定式知，兩板間插入一塊玻璃，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變小。16（1）B；C；甲 （2） （3）；偏小 【解析】合理選擇實驗器材，先選必要器材，再根據(jù)要求滿足安全性，準(zhǔn)確性，方便操作的原則選擇待選器材電流表的接法要求大電阻內(nèi)接法，小電阻外接法；根據(jù)電路圖來連接實物圖，注意電表的正負(fù)極，并分幾個回路來連接；由電壓表與電流表讀數(shù)，依據(jù)，即可求解，根據(jù)電路的接法確定實驗誤差；(1)因電源的電壓為4V，因此電壓表選擇3V量程；由于阻值約為5的電阻Rx的，根據(jù)歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，從精確角來說，所以電流表選擇0.6A的量程；根據(jù)待測電阻的阻值與電壓表及電流表的阻值，可知，待測電阻的阻值偏小，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖。(2)根據(jù)電路圖來連接實物圖原則，注意電表的正負(fù)極，并分幾個回路來連接，如圖所示；(3)電壓表量程為3V，最小分度為0.1V；故其讀數(shù)為U=2.60V；電流表最小分度為0.02；其讀數(shù)為I=0.50A；電阻阻值：；因本實驗采用電流表外接法，由于電壓表的分流，使電流表示數(shù)增大，故得出的結(jié)果偏小。17（1）2A （2）10V （3）14V【解析】（1）根據(jù)部分電路歐姆定律，電阻R2中的電流（2）外電阻路端電壓（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律，電源的電動勢18（1） ，場強(qiáng)方向由A指向C（2）7V（3）【解析】正電荷從A移至B，靜電力做正功，靜止力與位移的夾角為銳角，電場力方向應(yīng)沿AC方向，電子帶正電，電場強(qiáng)度方向與電場力方