江蘇省淮安市淮陰四中高三物理上學(xué)期期末試卷（含解析）.doc

2014-2015學(xué)年江蘇省淮安 市淮陰四中高三（上）期末物理試卷一（16分）單項(xiàng)選擇題本大題有8小題，每小題2分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的1下列物理規(guī)律中不能直接通過(guò)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證的是（）a 牛頓第一定律b 歐姆定律c 玻意耳定律d 機(jī)械能守恒定律2最早提出物體運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持的人物是（）a 亞里士多德b 伽利略c 牛頓d 笛卡爾3如圖所示a、b分別表示某一個(gè)門電路兩個(gè)輸入端的信號(hào)，z表示該門電路輸出端的信號(hào)，則根據(jù)它們的波形可以判斷該門電路是（）a “與”門b “或”門c “非”門d “與非”門4做“互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中所說(shuō)的合力與兩個(gè)分力具有相同的效果，是指下列說(shuō)法中的（）a 彈簧秤的彈簧被拉長(zhǎng)相同長(zhǎng)度b 兩彈簧秤相對(duì)橡皮條保持相同的角度c 細(xì)繩套受拉力產(chǎn)生相同的形變d 使橡皮條在某一方向上伸長(zhǎng)到某一長(zhǎng)度5用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中（）a 小球的速度不變b 小球的速度不斷改變c 細(xì)繩對(duì)小球的拉力一定小于mgd 細(xì)繩對(duì)小球的拉力可能為零6關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）a 布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)b 布朗運(yùn)動(dòng)圖示中不規(guī)則折線表示的是液體分子的運(yùn)動(dòng)軌跡c 當(dāng)分子間的距離變小時(shí)，分子間作用力可能減小，也可能增大d 物體溫度改變時(shí)物體分子的平均動(dòng)能不一定改變7開(kāi)爾文運(yùn)用合理外推的方法，建立起熱力學(xué)溫標(biāo)，所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是一定質(zhì)量的氣體（）a 壓強(qiáng)不變，體積與攝氏溫度成正比b 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成正比c 溫度不變，壓強(qiáng)與體積成反比d 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系8關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法中正確的是（）a 平拋運(yùn)動(dòng)是一種變加速運(yùn)動(dòng)b 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體加速度隨時(shí)間逐漸增大c 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體每秒內(nèi)速度增量相等d 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體每秒內(nèi)位移增量相等二（24分）單項(xiàng)選擇題（本大題有8小題，每小題3分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的）9某物體質(zhì)量為1kg，受水平拉力作用沿水平粗糙地面作直線 運(yùn)動(dòng)，其速度圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知物體（）a 受的拉力總是大于摩擦力b 在第3s內(nèi)受的拉力為1nc 在第1s內(nèi)受的拉力大于2nd 在第2s內(nèi)受的拉力為零10一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t=0.2s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，則（）a 質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向下運(yùn)動(dòng)b 波的周期可能為0.4sc 波的頻率可能為6.25hzd 波的傳播速度可能為20m/s11在赤道上某處有一支避雷針當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過(guò)避雷針上方時(shí)，避雷針開(kāi)始放電形成瞬間電流，則地磁場(chǎng)對(duì)避雷針的作用力的方向?yàn)椋ǎ゛ 正東b 正西c 正南d 正北12帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，從電場(chǎng)中a點(diǎn)以初速度v0進(jìn)入電場(chǎng)并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，如圖所示，可以判斷（）a 粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較大b 粒子的電勢(shì)能在b點(diǎn)時(shí)較大c 粒子可能帶負(fù)電，在b點(diǎn)時(shí)速度較大d 粒子一定帶正電，動(dòng)能先變小后變大13如圖所示，一定質(zhì)量的同種理想氣體從a、b、c、d四個(gè)不同的初狀態(tài)變化到同一末狀態(tài)e，它們的壓強(qiáng)變化情況是（）a 從a到e，壓強(qiáng)增大b 從b到e，壓強(qiáng)增大c 從c到e，壓強(qiáng)增大d 從d到e，壓強(qiáng)減小14如圖所示，木塊m放在木板ab上，開(kāi)始=0，現(xiàn)在木板a端 用一個(gè)豎直向上的力f使木板繞b端逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)（b端不滑動(dòng)）在m 相對(duì)ab保持靜止的過(guò)程中（）a 木塊m對(duì)木板ab的作用力逐漸減小b 木塊m受到的靜摩擦力隨呈線性增大c 豎直向上的拉力f保持不變d 拉力f的力矩先逐漸增大再逐漸減小15兩個(gè)絕緣固定帶等量正電的點(diǎn)電荷，其連線的垂直平分線上有a、b兩對(duì)稱點(diǎn)，如圖所示另一個(gè)帶正電質(zhì)量不計(jì)的點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)以速度v沿中垂線方向運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，在這過(guò)程中，q的動(dòng)能變化情況是（）a 可能一直增大b 可能一直減小c 先減小，后增大d 先增大，后減小16某長(zhǎng)直導(dǎo)線中分別通以如圖所示的電流，則下面說(shuō)法中正確的是（）a 圖所示電流周圍產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場(chǎng)b 圖所示電流周圍的磁場(chǎng)是穩(wěn)定的c 圖所示電流周圍各點(diǎn)的磁場(chǎng)方向在0t1時(shí)間內(nèi)與t1t2時(shí)間內(nèi)的方向是相反的d 圖所示電流周圍的磁場(chǎng)先變強(qiáng)再變?nèi)?，磁?chǎng)中各點(diǎn)的磁感強(qiáng)度方向不變?nèi)?6分）多項(xiàng)選擇題（本大題有4小題，每小題4分每小題給出的四個(gè)答案中，有二個(gè)或三個(gè)是正確的，全部選對(duì)的，得4分；選對(duì)但不全的，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分）17在無(wú)風(fēng)的情況下，跳傘運(yùn)動(dòng)員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，考慮到空氣阻力的因素，則下列描繪某段下落過(guò)程中速度的水平分量大小vx豎直分量大小vy與時(shí)間t的圖象中可能正確的圖是（）a b c d 18滑塊以某初速度從固定的粗糙斜面底端向上運(yùn)動(dòng)，然后又滑回到斜面底端，若滑塊向上運(yùn)動(dòng)的位移中點(diǎn)為a，取斜面底端重力勢(shì)能為零，則滑塊（）a 上滑過(guò)程機(jī)械能減小，下滑過(guò)程機(jī)械能增大b 上滑過(guò)程機(jī)械能減小，下滑過(guò)程機(jī)械能也減小c 上滑至a點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大于勢(shì)能d 下滑至a點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大于勢(shì)能19簡(jiǎn)諧波a與b在某時(shí)刻的波形如圖所示，經(jīng)過(guò)t=ta時(shí)間（ta為波a的周期），兩波仍出現(xiàn)如此波形，則兩波的波速之比va：vb可能是（）a 1：1b 1：2c 2：3d 3：220如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，r1、r3、r4均為定值電阻，電表均為理想電表閉合電鍵s，滑動(dòng)變阻器r2的滑片向右滑動(dòng)，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為i、u，下列結(jié)論正確的是（）a 電壓表示數(shù)變大b 電流表示數(shù)變大c rd r四（20分）填空題本大題有5小題，每小題4分21體積為v的油滴，滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜，則該油滴的分子直徑約為；已知阿伏伽德羅常數(shù)為na，油的摩爾質(zhì)量為m，則一個(gè)油分子的質(zhì)量為22汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為60kw，若汽車總質(zhì)量為5103 kg，在水平路面上行駛時(shí)，所受阻力大小恒為5103 n，則汽車所能達(dá)到的最大速度為m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，這一過(guò)程能維持的時(shí)間為s23科學(xué)家在研究地月組成的系統(tǒng)時(shí)，從地球向月球發(fā)射激光，測(cè)得激光往返時(shí)間為t若已知萬(wàn)有引力恒量為g，月球繞地球旋轉(zhuǎn)（可看成勻速圓周運(yùn)動(dòng)）的周期為t，光速為c，地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑則由以上述物理量可以求出月球到地球的距離為；可求得地球的質(zhì)量為24在如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)中，a、b、c、d四點(diǎn)是一個(gè)邊長(zhǎng)為0.1m的正方形的頂點(diǎn)，已知a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)分別為ua=25v，ub=15v，uc=5v，則d點(diǎn)的電勢(shì)ud=v；該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為v/m25一質(zhì)量不計(jì)的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球a和 b支架的兩直角邊長(zhǎng)度分別為2l和l，支架可繞固定軸o在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示開(kāi)始時(shí)oa邊處于水平位置，由靜止釋放，不計(jì)任何阻力轉(zhuǎn)動(dòng)中設(shè)oa邊與水平方向的夾角為，則當(dāng)a球速度達(dá)最大時(shí)為；假定支架未轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)兩小球的總重力勢(shì)能為eo，轉(zhuǎn)動(dòng)中當(dāng)a的速度為時(shí)兩小球的總重力勢(shì)能為eo/3五（24分）實(shí)驗(yàn)題本大題有4小題.26某同學(xué)利用dis研究電梯在豎直方向的運(yùn)動(dòng)在電梯中掛一質(zhì)量為3kg的重物，用力傳感器測(cè)出懸繩的拉力f，得到如圖所示的ft圖象 （1）根據(jù)圖象判斷電梯在不同時(shí)間段加速度、速度的變化 情況是：a時(shí)間段；b時(shí)間段；c時(shí)間段（2）若電梯在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，請(qǐng)判斷電梯的運(yùn)動(dòng) 方向，并請(qǐng)敘述理由27如圖所示為“研究有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸物體的平衡條件”實(shí)驗(yàn)，力矩盤上各同心圓的間距相等在a、b兩點(diǎn)分別用細(xì)線懸掛若干鉤碼，c點(diǎn)掛上彈簧秤后力矩盤平衡已知每個(gè)鉤碼所受的重力均為1n （1）此時(shí)彈簧秤示數(shù)為n，b點(diǎn)細(xì)線上懸掛的鉤碼個(gè)數(shù)為個(gè)；（2）有同學(xué)在做這個(gè)實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)順時(shí)針力矩之和與逆時(shí)針力矩之和存在較大差距，檢查發(fā)現(xiàn)讀數(shù)和計(jì)算均無(wú)差錯(cuò)，請(qǐng)指出造成這種差距的一個(gè)可能原因，并提出簡(jiǎn)單的檢驗(yàn)方法（如例所示，將答案填在下表空格中） 可能原因檢驗(yàn)方法例力矩盤面沒(méi)有調(diào)到豎直用一根細(xì)線掛一個(gè)鉤碼靠近力矩盤面，如果細(xì)線與力矩盤面間存在一個(gè)小的夾角，說(shuō)明力矩盤不豎直答28某同學(xué)用伏安法測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，改變滑動(dòng)變阻器滑片位置記錄六組數(shù)據(jù)，然后畫(huà)出ui圖象，如圖所示根據(jù)圖線，干電池的電動(dòng)勢(shì)為v，內(nèi)電阻為；在此實(shí)驗(yàn)中，電源的最大輸出功率是w29發(fā)光晶體二極管是用電器上做指示燈用的一種電子元件它的電路符號(hào)如圖（甲）所示，正常使用時(shí)，帶“+”號(hào)的一端接高電勢(shì)，帶“”的一端接低電勢(shì)某同學(xué)用滑動(dòng)變阻器改變阻值的方法用伏特表和毫安電流表測(cè)得二極管兩端的電壓ud和通過(guò)它的電流i的數(shù)據(jù)，并記錄在下表中：ud/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.813.019.024.025.837.0要求：在圖（乙）中的虛線內(nèi)畫(huà)出該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)電路圖；在圖（丙）中的小方格紙上用描點(diǎn)法畫(huà)出二極管的伏安特性曲線，并判斷該二極管的電阻隨所加電壓的變化怎樣變化；已知該發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用5v穩(wěn)壓電源供電，需要串聯(lián)一個(gè)電阻r才能使二極管工作在最佳狀態(tài)，試運(yùn)用伏安特性曲線計(jì)算r的阻值（取整數(shù)）六（50分）計(jì)算題本大題有4小題30如圖所示，斜面的傾角為37，一物塊從斜面a點(diǎn)由靜止釋放物塊與水平面和斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.2，ab=2.2m，不計(jì)物塊滑至b點(diǎn)時(shí)由于碰撞的能量損失，取g=10m/s2（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）物塊從a點(diǎn)滑至b點(diǎn)的時(shí)間為多少？（2）若物塊最終滑至c點(diǎn)停止，bc間的距離為多大？31一個(gè)內(nèi)壁光滑的圓柱形氣缸，質(zhì)量為m，高度為l，、底面積為s缸內(nèi)有一個(gè)質(zhì)量為m的活塞，封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，不計(jì)活塞厚度溫度為t0時(shí)，用繩子系住活塞將氣缸懸掛起來(lái)，氣缸內(nèi)氣體高為l1，如圖甲所示如果用繩子系住氣缸底，將氣缸倒過(guò)來(lái)懸掛起來(lái)，氣缸內(nèi)氣體高為l2，如圖乙所示設(shè)兩種情況下氣缸都處于豎直狀態(tài)，求：（1）當(dāng)時(shí)的大氣壓強(qiáng)；（2）圖乙狀態(tài)時(shí)溫度升高到多少時(shí)，活塞將與氣缸脫離？32導(dǎo)電的正方形線框abcd邊長(zhǎng)為l，每邊的電阻均為r0，線框置于光滑水平導(dǎo)軌oo與nn上，導(dǎo)軌間距也為l，電阻不計(jì)，on端所接電池的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為r，整個(gè)裝置處在磁感強(qiáng)度大小為b方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中現(xiàn)將電鍵s閉合，求s閉合瞬間（1）線框所受安培力的方向（在圖中標(biāo)示出來(lái)）；（2）線框所受安培力的大??；（3）電路的發(fā)熱功率33如圖所示，固定于同一條豎直線上的a、b是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為+q和q，a、b相距為2dmn是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過(guò)細(xì)桿的帶電小球p，其質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布），現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷a等高的c處由靜止開(kāi)始釋放，小球p向下運(yùn)動(dòng)到距c點(diǎn)距離為d的o點(diǎn)時(shí)，速度為v，已知mn與ab之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g求：（1）c、o間的電勢(shì)差uco；（2）小球p在o點(diǎn)時(shí)的加速度；（3）小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷b等高的d點(diǎn)時(shí)的速度2014-2015學(xué)年江蘇省淮安市淮陰四中高三（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一（16分）單項(xiàng)選擇題本大題有8小題，每小題2分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的1下列物理規(guī)律中不能直接通過(guò)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證的是（）a 牛頓第一定律b 歐姆定律c 玻意耳定律d 機(jī)械能守恒定律考點(diǎn)：牛頓第一定律專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：本題考查了理想實(shí)驗(yàn)的應(yīng)用，根據(jù)理想實(shí)驗(yàn)的特點(diǎn)即可解答解答：解：“理想實(shí)驗(yàn)”雖然也叫做“實(shí)驗(yàn)”，但它同真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是有原則區(qū)別的，真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是一種實(shí)踐的活動(dòng)，而“理想實(shí)驗(yàn)”則是一種思維的活動(dòng)；真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是可以將設(shè)計(jì)通過(guò)物化過(guò)程而實(shí)現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)，后者則是由人們?cè)诔橄笏季S中設(shè)想出來(lái)而實(shí)際上無(wú)法做到的實(shí)驗(yàn)，牛頓第一定律是描述的物體在不受外力作用下的運(yùn)動(dòng)情況，而不受外力的物體是不存在的，因此只能通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”來(lái)驗(yàn)證，故bcd錯(cuò)誤，a正確故選a點(diǎn)評(píng)：本題比較簡(jiǎn)單，考查了物理思想、物理方法的應(yīng)用2最早提出物體運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持的人物是（）a 亞里士多德b 伽利略c 牛頓d 笛卡爾考點(diǎn)：物理學(xué)史專題：常規(guī)題型分析：明確了題目所提到的科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)即可正確解答本題解答：解：a、亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故a錯(cuò)誤；b、最早提出物體運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持的科學(xué)家是伽利略，故b正確；c、牛頓在伽利略等科學(xué)家的基礎(chǔ)上提出了牛頓三定律，故c錯(cuò)誤；d、笛卡爾從理論和實(shí)踐兩方面參與了對(duì)光的本質(zhì)、反射與折射率以及磨制透鏡的研究，笛卡爾運(yùn)用他的坐標(biāo)幾何學(xué)從事光學(xué)研究等，故d錯(cuò)誤故選b點(diǎn)評(píng)：本題考查了有關(guān)物理學(xué)史的知識(shí)，對(duì)于這部分知識(shí)注意是注意平時(shí)加強(qiáng)積累和記憶3如圖所示a、b分別表示某一個(gè)門電路兩個(gè)輸入端的信號(hào)，z表示該門電路輸出端的信號(hào)，則根據(jù)它們的波形可以判斷該門電路是（）a “與”門b “或”門c “非”門d “與非”門考點(diǎn)：簡(jiǎn)單的邏輯電路專題：恒定電流專題分析：與門的特點(diǎn)：事件的所有條件滿足，事件才能發(fā)生或門的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生非門的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反解答：解：將a、b、c、d四個(gè)門電路注意代入，與門輸入端全為“1”，輸出端才為“1”，或門輸入端只要有“1”，輸出端就為“1”發(fā)現(xiàn)a正確，b、c、d錯(cuò)誤故選：a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握門電路的特點(diǎn)，與門的特點(diǎn)：事件的所有條件滿足，事件才能發(fā)生或門的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生非門的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反4做“互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中所說(shuō)的合力與兩個(gè)分力具有相同的效果，是指下列說(shuō)法中的（）a 彈簧秤的彈簧被拉長(zhǎng)相同長(zhǎng)度b 兩彈簧秤相對(duì)橡皮條保持相同的角度c 細(xì)繩套受拉力產(chǎn)生相同的形變d 使橡皮條在某一方向上伸長(zhǎng)到某一長(zhǎng)度考點(diǎn)：驗(yàn)證力的平行四邊形定則專題：實(shí)驗(yàn)題分析：根據(jù)合力與分力的關(guān)系：效果相同進(jìn)行分析解答：解：a、彈簧稱拉力大小可以調(diào)節(jié)，不需要被拉長(zhǎng)相同長(zhǎng)度，保證兩次效果相同就行故a錯(cuò)誤 b、兩彈簧秤對(duì)橡皮條的拉力方向可以調(diào)節(jié)，只要兩次效果就行故b錯(cuò)誤 c、研究對(duì)象是橡皮條，使橡皮筋同方向伸長(zhǎng)量相同，不是細(xì)繩套產(chǎn)生相同的形變故b錯(cuò)誤 d、合力和分力的效果由橡皮的拉伸體現(xiàn)，效果相同，橡皮條在某一方向上伸長(zhǎng)到相同長(zhǎng)度故d正確故選d點(diǎn)評(píng)：實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理分析選擇器材和注意事項(xiàng)5用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中（）a 小球的速度不變b 小球的速度不斷改變c 細(xì)繩對(duì)小球的拉力一定小于mgd 細(xì)繩對(duì)小球的拉力可能為零考點(diǎn)：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題分析：用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的大小不變，方向時(shí)刻改變，繩子的拉力提供做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力解答：解：a、小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的大小不變，方向時(shí)刻改變所以小球的速度不斷改變故a錯(cuò)誤，b正確 c、繩子的拉力提供做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力速度大，所需的向心力大，拉力就大，所以拉力可能比重力大，也可能比重力小，不可能為0所以c、d錯(cuò)誤故選b點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，速度時(shí)刻改變，拉力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力6關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）a 布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)b 布朗運(yùn)動(dòng)圖示中不規(guī)則折線表示的是液體分子的運(yùn)動(dòng)軌跡c 當(dāng)分子間的距離變小時(shí)，分子間作用力可能減小，也可能增大d 物體溫度改變時(shí)物體分子的平均動(dòng)能不一定改變考點(diǎn)：布朗運(yùn)動(dòng)；分子間的相互作用力專題：布朗運(yùn)動(dòng)專題分析：解答本題需要掌握：布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)以及物理意義，尤其是體會(huì)其無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的含義；分子力與分子距離之間的關(guān)系；理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志的含義解答：解：a、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是由大量液體分子撞擊形成的，是液體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)反應(yīng)，故a錯(cuò)誤；b、布朗運(yùn)動(dòng)圖示中不規(guī)則折線表示其運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，并非運(yùn)動(dòng)軌跡，故b錯(cuò)誤；c、要判斷分子力與分子之間距離的變化關(guān)系，首先明確分子之間開(kāi)始距離與r0的關(guān)系，如若分子之間距離由無(wú)窮遠(yuǎn)開(kāi)始變小，分子力變化可能是先增大后減小再增大，故c正確；d、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度改變，分子平均動(dòng)能一定改變，故d錯(cuò)誤故選c點(diǎn)評(píng)：本題考查了有關(guān)分子熱運(yùn)動(dòng)的基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這些基礎(chǔ)知識(shí)，平時(shí)學(xué)習(xí)不能忽略，要加強(qiáng)記憶與積累7開(kāi)爾文運(yùn)用合理外推的方法，建立起熱力學(xué)溫標(biāo)，所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是一定質(zhì)量的氣體（）a 壓強(qiáng)不變，體積與攝氏溫度成正比b 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成正比c 溫度不變，壓強(qiáng)與體積成反比d 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系考點(diǎn)：氣體的等容變化和等壓變化專題：氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律專題分析：開(kāi)爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體發(fā)生等容變化時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系解答：解：開(kāi)爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體體積不變時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系，pt圖象不過(guò)原點(diǎn)，開(kāi)爾文運(yùn)用合理外推，將p軸平移到273.15c，新坐標(biāo)原點(diǎn)代表的溫度作為熱力學(xué)溫度t的零度，壓強(qiáng)p與t成正比故選d點(diǎn)評(píng)：本題考查物理學(xué)史，這也是高考常見(jiàn)內(nèi)容之一對(duì)于物理學(xué)史上著名物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)、重要學(xué)說(shuō)等等要記牢8關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法中正確的是（）a 平拋運(yùn)動(dòng)是一種變加速運(yùn)動(dòng)b 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體加速度隨時(shí)間逐漸增大c 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體每秒內(nèi)速度增量相等d 作平拋運(yùn)動(dòng)的物體每秒內(nèi)位移增量相等考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：平拋運(yùn)動(dòng)初速度水平，只受重力；將平拋運(yùn)動(dòng)沿著水平和豎直方向正交分解，其水平分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)解答：解：a、b、平拋運(yùn)動(dòng)只受重力，故根據(jù)牛頓第二定律，加速度的大小和方向都不變，是一種勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤、b也錯(cuò)誤；c、由于平拋運(yùn)動(dòng)的加速度恒定，故速度每秒的增加量相同，大小為10m/s，方向?yàn)樨Q直向下，故c正確；d、平拋運(yùn)動(dòng)水平分運(yùn)動(dòng)為勻速運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，有x=v0t故合位移為，每秒增量不等，故d錯(cuò)誤；故選c點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是將小球的運(yùn)動(dòng)沿著水平和豎直方向正交分解，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)合成的平行四邊形定則得到合速度、加速度、位移的情況二（24分）單項(xiàng)選擇題（本大題有8小題，每小題3分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的）9某物體質(zhì)量為1kg，受水平拉力作用沿水平粗糙地面作直線 運(yùn)動(dòng)，其速度圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知物體（）a 受的拉力總是大于摩擦力b 在第3s內(nèi)受的拉力為1nc 在第1s內(nèi)受的拉力大于2nd 在第2s內(nèi)受的拉力為零考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：從圖象得到第一秒勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第二秒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，第三秒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出加速度后，再根據(jù)牛頓第二定律列式解答：解：a、物體第一秒勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第二秒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，第三秒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度分別為：=2m/s2，a2=0，根據(jù)牛頓第二定律，有f1f=ma1 f2f=0 f3f=ma3 由式，第二秒的拉力等于摩擦力，故a錯(cuò)誤；b、由式，第三秒內(nèi)拉力比摩擦力大1n，故b錯(cuò)誤；c、由式，第一秒內(nèi)的拉力大于2n，故c正確；d、由式，第二秒內(nèi)拉力等于摩擦力，故d錯(cuò)誤；故選c點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)圖象得到運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求出拉力10一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t=0.2s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，則（）a 質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向下運(yùn)動(dòng)b 波的周期可能為0.4sc 波的頻率可能為6.25hzd 波的傳播速度可能為20m/s考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象專題：波的多解性分析：根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)p的振動(dòng)方向結(jié)合波的周期性，分析時(shí)間t與周期的關(guān)系通項(xiàng)，并求出頻率和波速的通項(xiàng)，再確定特殊值解答：解：解：a、簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向上運(yùn)動(dòng)故a錯(cuò)誤 b、由題意，t=（n+）t，t=，（n=0，1，2，、）因?yàn)閚為整數(shù)，t不可能等于0.4s故b錯(cuò)誤 c、頻率f=，當(dāng)n=1時(shí)，f=6.25hz，故c正確 d、頻速v=f=30（4n+1）m/s，因?yàn)閚為整數(shù)，v不可能等于20m/s故d錯(cuò)誤故選c點(diǎn)評(píng)：本題的方法是由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)，根據(jù)題給條件，列出周期與時(shí)間t的關(guān)系通項(xiàng)，分析特殊值培養(yǎng)運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題的能力11在赤道上某處有一支避雷針當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過(guò)避雷針上方時(shí)，避雷針開(kāi)始放電形成瞬間電流，則地磁場(chǎng)對(duì)避雷針的作用力的方向?yàn)椋ǎ゛ 正東b 正西c 正南d 正北考點(diǎn)：左手定則；地磁場(chǎng)分析：左手定則的內(nèi)容是：伸開(kāi)左手，使大拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向解答：解：當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過(guò)避雷針上方時(shí)，避雷針開(kāi)始放電形成瞬間電流，負(fù)電電荷從上而下通過(guò)避雷針，所以電流的方向?yàn)閺南露?，磁?chǎng)的方向從南向北，根據(jù)左手定則，安培力的方向向西故b正確，a、c、d錯(cuò)誤故選b點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷安培力的方向12帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，從電場(chǎng)中a點(diǎn)以初速度v0進(jìn)入電場(chǎng)并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，如圖所示，可以判斷（）a 粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較大b 粒子的電勢(shì)能在b點(diǎn)時(shí)較大c 粒子可能帶負(fù)電，在b點(diǎn)時(shí)速度較大d 粒子一定帶正電，動(dòng)能先變小后變大考點(diǎn)：電場(chǎng)線；牛頓第二定律；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受的合力大致指向軌跡凹的一向，根據(jù)此可判斷出電場(chǎng)力的方向以及電場(chǎng)力的做功情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功可判斷出動(dòng)能、電勢(shì)能的變化粒子的加速度可通過(guò)比較合力（電場(chǎng)力）進(jìn)行比較解答：解：a、a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)小，則在a所受的電場(chǎng)力（即合力）小，所以粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較小故a錯(cuò)誤 b、根據(jù)軌跡彎曲程度，知電場(chǎng)力的方向沿電場(chǎng)線切線方向向右，所以該電荷是正電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功，再做正功，電勢(shì)能先增加后降低，動(dòng)能先變小后增大但a點(diǎn)到b點(diǎn)，整個(gè)過(guò)程最終電場(chǎng)力做正功，所以a點(diǎn)的電勢(shì)能大于b點(diǎn)，a點(diǎn)的動(dòng)能小于b點(diǎn)故b、c錯(cuò)誤，d正確故選d點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵通過(guò)軌跡的彎曲方向判斷出電場(chǎng)力的方向，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷出動(dòng)能的變化和電勢(shì)能的變化13如圖所示，一定質(zhì)量的同種理想氣體從a、b、c、d四個(gè)不同的初狀態(tài)變化到同一末狀態(tài)e，它們的壓強(qiáng)變化情況是（）a 從a到e，壓強(qiáng)增大b 從b到e，壓強(qiáng)增大c 從c到e，壓強(qiáng)增大d 從d到e，壓強(qiáng)減小考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由圖可知圖象為vt圖象，根據(jù)圖象可知壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度的關(guān)系；根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c和已知的變化量去判斷其它的物理量解答：解：a、從a到e，v不變，t增大，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c知道壓強(qiáng)增大，故a正確b、從b到e，過(guò)原點(diǎn)的直線是等壓線，壓強(qiáng)不變故b錯(cuò)誤c、從c到e，t不變，v增大，p減小，故c錯(cuò)誤d、從d到e，v減小，t增大，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c知道壓強(qiáng)增大，故d正確故選ad點(diǎn)評(píng)：本題考查氣體的狀態(tài)方程中對(duì)應(yīng)的圖象，在vt圖象中等壓線為過(guò)原點(diǎn)的直線要注意研究過(guò)程中哪些量不變，哪些量變化14如圖所示，木塊m放在木板ab上，開(kāi)始=0，現(xiàn)在木板a端 用一個(gè)豎直向上的力f使木板繞b端逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)（b端不滑動(dòng)）在m 相對(duì)ab保持靜止的過(guò)程中（）a 木塊m對(duì)木板ab的作用力逐漸減小b 木塊m受到的靜摩擦力隨呈線性增大c 豎直向上的拉力f保持不變d 拉力f的力矩先逐漸增大再逐漸減小考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用；力矩的平衡條件專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：對(duì)m受力分析，受到重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解；再對(duì)整體運(yùn)用力矩平衡條件分析解答：解：a、木塊m受重力、支持力和靜摩擦力，其中支持力和靜摩擦力都是木板對(duì)滑塊的力，根據(jù)三力平衡條件，支持力和靜摩擦力一定等于重力，根據(jù)牛頓第三定律，木塊對(duì)木板的作用力也等于木板的重力，故a錯(cuò)誤；b、對(duì)m受力分析，受到重力、支持力和靜摩擦力，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有fmgsin=0nmgcos=0解得f=mgsin即靜摩擦力隨著的增大而增大，但不是線性關(guān)系，故b錯(cuò)誤；c、對(duì)木塊和木板整體而言，總重力要使板順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，拉力要使半逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)力矩平衡條件，有flcos=mgcos+mglcos其中：l為板長(zhǎng)，l為木塊與支持點(diǎn)的距離解得：f=mg+，與角度無(wú)關(guān)，故c正確；d、拉力f的力矩為flcos，故越來(lái)越小，故d錯(cuò)誤；故選c點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵對(duì)m受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析；在對(duì)m與m整體運(yùn)用力矩平衡條件列式分析15兩個(gè)絕緣固定帶等量正電的點(diǎn)電荷，其連線的垂直平分線上有a、b兩對(duì)稱點(diǎn)，如圖所示另一個(gè)帶正電質(zhì)量不計(jì)的點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)以速度v沿中垂線方向運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，在這過(guò)程中，q的動(dòng)能變化情況是（）a 可能一直增大b 可能一直減小c 先減小，后增大d 先增大，后減小考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；動(dòng)能定理的應(yīng)用；電場(chǎng)的疊加；電勢(shì)能專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：點(diǎn)電荷q受到的電場(chǎng)力是兩個(gè)等量同種電荷對(duì)它庫(kù)侖力的合力，判斷出合力的方向，根據(jù)動(dòng)能定理判斷q的動(dòng)能變化解答：解：在兩等量同種電荷兩線的中點(diǎn)以上，根據(jù)平行四邊形定則，q受到兩電荷對(duì)它庫(kù)侖力的合力豎直向上，在中點(diǎn)以下，受到庫(kù)侖力的合力豎直向下，根據(jù)動(dòng)能定理，合力先做負(fù)功，再做正功，動(dòng)能先減小后增大故c正確，a、b、d錯(cuò)誤故選c點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握用平行四邊形定則進(jìn)行力的合成，以及用動(dòng)能定理判斷動(dòng)能的變化16某長(zhǎng)直導(dǎo)線中分別通以如圖所示的電流，則下面說(shuō)法中正確的是（）a 圖所示電流周圍產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場(chǎng)b 圖所示電流周圍的磁場(chǎng)是穩(wěn)定的c 圖所示電流周圍各點(diǎn)的磁場(chǎng)方向在0t1時(shí)間內(nèi)與t1t2時(shí)間內(nèi)的方向是相反的d 圖所示電流周圍的磁場(chǎng)先變強(qiáng)再變?nèi)酰艌?chǎng)中各點(diǎn)的磁感強(qiáng)度方向不變考點(diǎn)：電磁場(chǎng)分析：根據(jù)奧斯特實(shí)驗(yàn)可知：電流周圍存在磁場(chǎng)；麥克斯韋電磁場(chǎng)的理論：變化的電場(chǎng)周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)周圍產(chǎn)生電場(chǎng)解答：解：a、圖（1）是恒定電流，則電流周圍產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，而不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)故a不正確；b、圖（2）是均勻變化的電流，則其周圍的磁場(chǎng)是變化的，而不是穩(wěn)定的故b不正確；c、圖（3）電流大小在0t1時(shí)間內(nèi)均勻增加，而在t1t2時(shí)間內(nèi)均勻減小，但方向卻沒(méi)有變化所以產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向也不會(huì)變化故c不正確；d、圖（4）電流大小先增后減，則磁場(chǎng)也先增后減，且方向不變故d正確；故選d點(diǎn)評(píng)：考查電流大小與方向的變化會(huì)引起磁場(chǎng)的產(chǎn)生或變化三（16分）多項(xiàng)選擇題（本大題有4小題，每小題4分每小題給出的四個(gè)答案中，有二個(gè)或三個(gè)是正確的，全部選對(duì)的，得4分；選對(duì)但不全的，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分）17在無(wú)風(fēng)的情況下，跳傘運(yùn)動(dòng)員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，考慮到空氣阻力的因素，則下列描繪某段下落過(guò)程中速度的水平分量大小vx豎直分量大小vy與時(shí)間t的圖象中可能正確的圖是（）a b c d 考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題分析：通常情況下，空氣阻力隨速度的增大而增大；考慮到空氣阻力的因素，跳傘運(yùn)動(dòng)員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，水平方向由于慣性繼續(xù)前進(jìn)，但由于空氣阻力，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)；豎直方向，由于空氣阻力的影響，做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)解答：解：a、b、通常情況下，空氣阻力隨速度的增大而增大；考慮到空氣阻力的因素，跳傘運(yùn)動(dòng)員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，水平方向由于慣性繼續(xù)前進(jìn)，但由于空氣阻力，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)；故a錯(cuò)誤，b正確；c、d、豎直方向，受到重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有mgf=ma由于空氣阻力的影響，做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，故c正確，d錯(cuò)誤；故選：bc點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是將跳傘運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)沿著水平方向和豎直方向正交分解，然后根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化情況，最后根據(jù)加速度與速度的關(guān)系得到各個(gè)分速度的變化規(guī)律18滑塊以某初速度從固定的粗糙斜面底端向上運(yùn)動(dòng)，然后又滑回到斜面底端，若滑塊向上運(yùn)動(dòng)的位移中點(diǎn)為a，取斜面底端重力勢(shì)能為零，則滑塊（）a 上滑過(guò)程機(jī)械能減小，下滑過(guò)程機(jī)械能增大b 上滑過(guò)程機(jī)械能減小，下滑過(guò)程機(jī)械能也減小c 上滑至a點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大于勢(shì)能d 下滑至a點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大于勢(shì)能考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：除重力外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，物體滑動(dòng)過(guò)程中，摩擦力一直做負(fù)功，故機(jī)械能不斷減小，然后寫(xiě)出機(jī)械能的表達(dá)式進(jìn)行分析討論解答：解：a、b、除重力外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，物體滑動(dòng)過(guò)程中，支持力不做功，摩擦力一直做負(fù)功，故機(jī)械能不斷減小，故a錯(cuò)誤，b正確；c、設(shè)最高點(diǎn)為b點(diǎn)，物體上滑過(guò)程中：ekaekb，即，故，即上滑時(shí)a點(diǎn)的動(dòng)能大于勢(shì)能，故c正確；d、下滑過(guò)程中，機(jī)械能不斷減小，有：ekbeka，即，故，即下滑時(shí)在a點(diǎn)勢(shì)能大于動(dòng)能，故d錯(cuò)誤；故選bc點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵在于滑動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能不斷減小，然后寫(xiě)出機(jī)械能的具體表達(dá)形式進(jìn)行分析處理19簡(jiǎn)諧波a與b在某時(shí)刻的波形如圖所示，經(jīng)過(guò)t=ta時(shí)間（ta為波a的周期），兩波仍出現(xiàn)如此波形，則兩波的波速之比va：vb可能是（）a 1：1b 1：2c 2：3d 3：2考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：本題首先由圖得到兩列波的波長(zhǎng)之比；兩波波形重復(fù)時(shí)，經(jīng)過(guò)的時(shí)間t=ta，可能是b周期的整數(shù)倍，得到兩列波周期之比的通項(xiàng)，由波速公式得到兩波的波速之比va：vb的通項(xiàng)，即可分析得解解答：解：由圖得：a波的波長(zhǎng)為a=a，b波的波長(zhǎng)為b=a根據(jù)周期性可知，t=ntb，n=1，2，3，又t=ta，得ta=ntb，得到ta：tb=n：1由波速公式v=得，比va：vb=：=2：n當(dāng)n=2時(shí)，va：vb=1：1；當(dāng)n=3時(shí)，va：vb=2：3；當(dāng)n=4時(shí)，va：vb=1：2；由于n是整數(shù)，所以va：vb不可能等于3：2故選abc點(diǎn)評(píng)：本題的解題關(guān)鍵要抓住波的周期性，得到波速之比va：vb的通項(xiàng)，即可正確求解20如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，r1、r3、r4均為定值電阻，電表均為理想電表閉合電鍵s，滑動(dòng)變阻器r2的滑片向右滑動(dòng)，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為i、u，下列結(jié)論正確的是（）a 電壓表示數(shù)變大b 電流表示數(shù)變大c rd r考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：壓軸題；恒定電流專題分析：由圖，r1、r2并聯(lián)，再與r4串聯(lián)，與r3并聯(lián)，電壓表測(cè)量路端電壓，等于r3電壓由r2接入電路的電阻變化，根據(jù)歐姆定律及串并關(guān)系，分析電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小解答：解：設(shè)r1、r2、r3、r4的電流分別為i1、i2、i3、i4，電壓分別為u1、u2、u3、u4干路電流為i總，路端電壓為u，電流表電流為i a、r2變大，外電阻變大，i總變小，u=eir變大，u3變大故a正確 b、i3變大，i變小，由i4=ii3變小，u4變小，而u1=uu4，u變大，則u1變大，i1變大，i總=i+i1，i變大故b錯(cuò)誤 c、d，由歐姆定律u=ei總r，得=r由i總=i+i1，i變小，i1變大，i總變小，則ii總，故 故c正確故選ac點(diǎn)評(píng)：本題的難點(diǎn)在于確定電流表示數(shù)變化量ia與干路電流變化i的大小，采用總量法，這是常用方法同時(shí)，要理解四（20分）填空題本大題有5小題，每小題4分21體積為v的油滴，滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜，則該油滴的分子直徑約為；已知阿伏伽德羅常數(shù)為na，油的摩爾質(zhì)量為m，則一個(gè)油分子的質(zhì)量為考點(diǎn)：用油膜法估測(cè)分子的大小分析：將配制好的油酸酒精溶液，通過(guò)量筒測(cè)出此溶液的體積然后將此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫(huà)有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積則用此溶液的體積除以其的面積，恰好就是油酸分子的直徑；阿伏伽德羅常數(shù)即為1摩爾有多少個(gè)分子個(gè)數(shù)，而摩爾質(zhì)量即為1摩爾的物質(zhì)的質(zhì)量，則分子的質(zhì)量即為摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)相除解答：解：體積為v的油滴滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜則油滴的分子直徑約為d= 油的摩爾質(zhì)量為m，阿伏伽德羅常數(shù)為na，則油分子的質(zhì)量m=故答案為： 與 點(diǎn)評(píng)：本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個(gè)靠一個(gè)，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度同時(shí)考查阿伏伽德常數(shù)與摩爾質(zhì)量之間關(guān)系22汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為60kw，若汽車總質(zhì)量為5103 kg，在水平路面上行駛時(shí)，所受阻力大小恒為5103 n，則汽車所能達(dá)到的最大速度為12m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，這一過(guò)程能維持的時(shí)間為16s考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律專題：功率的計(jì)算專題分析：當(dāng)汽車在速度變大時(shí)，根據(jù)f=，牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律，a=，加速度減小，當(dāng)加速度為0時(shí)，速度達(dá)到最大以恒定加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大，根據(jù)p=fv，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率逐漸增大，當(dāng)達(dá)到額定功率，速度增大，牽引力就會(huì)變小，所以求出達(dá)到額定功率時(shí)的速度，即可求出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間解答：解：當(dāng)a=0時(shí)，即f=f時(shí)，速度最大所以汽車的最大速度=12m/s以恒定加速度運(yùn)動(dòng)，當(dāng)功率達(dá)到額定功率，勻加速運(yùn)動(dòng)結(jié)束根據(jù)牛頓第二定律，f=f+ma勻加速運(yùn)動(dòng)的末速度=8m/s所以勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=故本題答案為：12，16點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理解汽車的起動(dòng)問(wèn)題，知道加速度為0時(shí)，速度最大23科學(xué)家在研究地月組成的系統(tǒng)時(shí)，從地球向月球發(fā)射激光，測(cè)得激光往返時(shí)間為t若已知萬(wàn)有引力恒量為g，月球繞地球旋轉(zhuǎn)（可看成勻速圓周運(yùn)動(dòng)）的周期為t，光速為c，地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑則由以上述物理量可以求出月球到地球的距離為；可求得地球的質(zhì)量為考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用專題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題分析：地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑，可見(jiàn)不考慮它們的半徑，根據(jù)往返時(shí)間及光速可求出往返路程，從而求出月地距離根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，求出地球的質(zhì)量解答：解：因?yàn)椴豢紤]地球月球的半徑，所以月地距離r= 根據(jù)，m=故本題答案為：，點(diǎn)評(píng)：解決本題關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力24在如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)中，a、b、c、d四點(diǎn)是一個(gè)邊長(zhǎng)為0.1m的正方形的頂點(diǎn)，已知a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)分別為ua=25v，ub=15v，uc=5v，則d點(diǎn)的電勢(shì)ud=15v；該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為100v/m考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度；等勢(shì)面專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：運(yùn)用“勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)變化相等”進(jìn)行分析計(jì)算d點(diǎn)的電勢(shì)；根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直垂直畫(huà)出電場(chǎng)線，根據(jù)u=ed計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度解答：解：勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)變化相等，故uaud=ubuc解得ud=15v故b、d在一個(gè)等勢(shì)面上，有uab=elabsin45解得故答案為：15，點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是抓住勻強(qiáng)電場(chǎng)中沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離電勢(shì)變化相等，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直以及公式u=ed分析計(jì)算25一質(zhì)量不計(jì)的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球a和 b支架的兩直角邊長(zhǎng)度分別為2l和l，支架可繞固定軸o在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示開(kāi)始時(shí)oa邊處于水平位置，由靜止釋放，不計(jì)任何阻力轉(zhuǎn)動(dòng)中設(shè)oa邊與水平方向的夾角為，則當(dāng)a球速度達(dá)最大時(shí)為45；假定支架未轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)兩小球的總重力勢(shì)能為eo，轉(zhuǎn)動(dòng)中當(dāng)a的速度為時(shí)兩小球的總重力勢(shì)能為eo/3考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律專題：方程法；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：當(dāng)兩個(gè)小球系統(tǒng)的質(zhì)量中心最低時(shí)速度最大；也可以用解析法，先假設(shè)轉(zhuǎn)過(guò)，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，列式求出速度的一般表達(dá)式，然后再對(duì)表達(dá)式進(jìn)行討論即可解答：解：根據(jù)題意知，a、b兩球的角速度相等，線速度之比等于轉(zhuǎn)動(dòng)半徑之比，為2：1，小球a、b系統(tǒng)中，只有重力勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，假設(shè)轉(zhuǎn)動(dòng)，則oa桿與水平方向的夾角為，則a球減小的機(jī)械能等于b球增加的機(jī)械能，有mg2lsin2mg（llcos）=+2m解得v=由數(shù)學(xué)知識(shí)知，當(dāng)=45時(shí)，sin+cos有最大值，故當(dāng)=45時(shí)，a球的速度最大；重力勢(shì)能減小，故動(dòng)能增加，有=+解得v1=故答案為：45，點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵根據(jù)兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，運(yùn)用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律列式得出速度與轉(zhuǎn)動(dòng)角度之間的關(guān)系，然后根據(jù)速度表達(dá)式進(jìn)行討論五（24分）實(shí)驗(yàn)題本大題有4小題.26某同學(xué)利用dis研究電梯在豎直方向的運(yùn)動(dòng)在電梯中掛一質(zhì)量為3kg的重物，用力傳感器測(cè)出懸繩的拉力f，得到如圖所示的ft圖象 （1）根據(jù)圖象判斷電梯在不同時(shí)間段加速度、速度的變化 情況是：a時(shí)間段加速度先增大后減小，速度變大；b時(shí)間段勻速運(yùn)動(dòng)；c時(shí)間段加速度先增大后減小，速度減?。?）若電梯在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，請(qǐng)判斷電梯的運(yùn)動(dòng) 方向，并請(qǐng)敘述理由考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題分析：（1）重物受兩個(gè)力，重力和細(xì)線的拉力，根據(jù)牛頓第二定律列式判斷加速度的變化情況，再結(jié)合速度和加速度的關(guān)系公式分析速度的變化情況；（2）對(duì)重物受力分析，重力和細(xì)線的拉力，前5s，合力向上，加速度向上，向上加速運(yùn)動(dòng)；5s到15s內(nèi)合力為零，電梯勻速；15s到20s，合力向下，電梯減速解答：解：（1）a時(shí)間段：拉力大于重力，故合力向上且先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度先增大后減小，由于加速度與速度一直同方向，故速度不斷變大；b時(shí)間段：合力為零，加速度為零，故電梯勻速上升；c時(shí)間段：拉力小于重力，故合力向下且先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度先增大后減小，由于加速度與速度一直反方向，故速度不斷減?。还蚀鸢笧椋杭铀俣认仍龃蠛鬁p小，速度