陜西省西北農林科大附中高二物理上學期第二次月考試卷（含解析）.doc

2015-2016學年陜西省西北農林科大附中高二（上）第二次月考物理試卷一.選擇題（共10小題.每題5分.共50分.1-8題為單選題，9-10題為多選）1有關電壓與電動勢的說法中正確的是( )a電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電動勢與電壓是同一物理量的不同叫法b電動勢是電源兩極間的電壓c電動勢公式e=中w與電壓u=中的w是一樣的，都是電場力做的功d電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量2關于電阻和電阻率的說法中，正確的是( )a導體對電流的阻礙作用叫做導體的電阻，因此只有導體中有電流通過時才有電阻b由r=可知導體的電阻與導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比c某些金屬合金和化合物的電阻率隨溫度的降低突然減小為零，這種現象叫做超導現象d將一根導線等分為二，則半根導線的電阻和電阻率都是原來的二分之一3如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭p向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是( )al1變亮，l2和l3皆變暗bl1變暗，l2不能確定，l3變暗cl1變暗，l2變亮，l3變亮dl1變亮，l2變亮，l3變暗4金屬鉑的電阻對溫度的高低非常敏感，在下圖所示的ui圖象中，可以表示出金屬鉑電阻的ui圖線的是( )abcd5如圖所示電路中接有三只完全相同的電壓表，在a，b間加恒定電壓12v，電壓表1的示數為5v，則電壓2，3的示數依次為( )av2為7v，v3為0vbv2為7v，v3為7vcv2為5v，v3為2vdv2為7v，v3為2v6用伏安法測電阻時，待測電阻大約是10歐，電流表的內阻是1歐，電壓表的內阻是5千歐，則( )a用電流表外接法，此時測量值比真實值大b用電流表外接法，此時測量值比真實值小c用電流表內接法，此時測量值比真實值大d用電流表內接法，此時測量值比真實值小7小燈泡通電后其電流i隨所加電壓u變化的圖線如圖所示，p為圖線上一點，pn為圖線在p點的切線，pq為u軸的垂線，pm為i軸的垂線，則下列說法中正確的是( )a隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小b對應p點，小燈泡的電阻為c對應p點，小燈泡的電阻為d對應p點，小燈泡的功率為圖中矩形pqom所圍面積8一個用半導體材料制成的電阻器d，其電流i隨它兩端電壓u的關系圖象如圖（a）所示，將它與兩個標準電阻r1、r2并聯后接在電壓恒為u的電源兩端，三個用電器消耗的電功率均為p，現將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端，設電阻器d和電阻r1、r2消耗的電功率分別是pd、p1、p2，它們之間的大小關系有( )ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=9把六個相同的小燈泡接成如圖甲、乙所示的電路，調節(jié)變阻器使燈泡正常發(fā)光，甲、乙兩電路所消耗的功率分別用p甲和p乙表示，則下列結論中正確的是( )ap甲=p乙bp甲=3p乙cp乙=3p甲dp乙3p甲10在如圖中，電源內阻不能忽略，r1=12，r2=8當開關s切換到位置1時，電流表的示數為i1=0.20a；當開關s扳到位置2時，電流表的示數可能為下列情況中的( )a0.3ab0.28ac0.25ad0.19a二.實驗題（共3小題.每空4分.共28分）11某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲的直徑時，測得的結果如圖（甲）所示，則金屬絲的直徑d=_mm另一位學生用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測量一工件的長度，測得的結果如圖（乙）所示，則該工件的長度l=_mm12多用電表的下半部分如圖甲所示，標有“2.2v 0.25a”字樣的小燈泡已接入電路，當多用電表的兩表筆分別與小燈泡兩端的接線柱a、b相接（如圖乙所示），下列想法合理的是( )a若選擇開關撥到“”擋的1處，可測量小燈泡的電阻b若選擇開關撥到“”擋的2.5處，可測量小燈泡兩端的電壓c若選擇開關撥到“v”擋的2.5處，可測量小燈泡兩端的電壓d若選擇開關撥到“ma”擋的250處，可測量小燈泡中的電流13（16分）某電阻額定電壓為3v（阻值大約為10）為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：a：電流表a1（量程300ma，內阻約1）； b：電流表a2（量程0.6a，內阻約0.3）；c：電壓表v1（量程3.0v，內阻約3k）； d：電壓表v2（量程5.0v，內阻約5k）；e：滑動變阻器r1（最大阻值為10）； f：滑動變阻器r2（最大阻值為1k）；g：電源e（電動勢4v，內阻可忽略）； h：電鍵、導線若干（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_，電壓表_，滑動變阻器_（2）畫出該實驗電路圖三.計算題（共2小題.14題10分.15題12分.共22分）14如圖所示的電路中，電阻r1=9，r2=15，電源的電動勢e=12v，內電阻r=1，安培表的讀數i=0.4a求：（1）流過電阻r1的電流是多少？（2）電阻r3的阻值是多大？（3）電阻r3消耗的電功率是多少？15如圖所示，電流表讀數為0.75a，電壓表讀數為2v，r3=4，經過一段時間后某一電阻燒斷，電流表讀數變?yōu)?.8a，電壓表讀數變?yōu)?.2v，設電表對電路的影響不計，試問：（1）燒斷的是哪一個電阻？（2）電源的電動勢和內阻分別是多少？2015-2016學年陜西省西北農林科大附中高二（上）第二次月考物理試卷一.選擇題（共10小題.每題5分.共50分.1-8題為單選題，9-10題為多選）1有關電壓與電動勢的說法中正確的是( )a電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電動勢與電壓是同一物理量的不同叫法b電動勢是電源兩極間的電壓c電動勢公式e=中w與電壓u=中的w是一樣的，都是電場力做的功d電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量【考點】電源的電動勢和內阻 【專題】恒定電流專題【分析】電壓與電動勢的單位相同，但物理意義不同電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量電動勢定義式公式e=中的w是非靜電力做功，電壓u=中的w是靜電力做功電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓【解答】解：a、電壓與電動勢的單位相同，但物理意義不同，是兩個不同的物理量故a錯誤b、根據閉合電路歐姆定律，路端電壓u=eir，只有當外電路斷開時，i=0，路端電壓等于電動勢當外電路接通時，路端電壓即電源兩極間的電壓小于電動勢，故b錯誤c、電動勢定義式公式e=中的w是非靜電力做功，電壓u= 中的w是靜電力做功故c錯誤d、電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小故d正確故選：d【點評】本題考查電動勢的概念，關鍵要明確電動勢的物理意義，知道與電壓的區(qū)別，屬于基礎題2關于電阻和電阻率的說法中，正確的是( )a導體對電流的阻礙作用叫做導體的電阻，因此只有導體中有電流通過時才有電阻b由r=可知導體的電阻與導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比c某些金屬合金和化合物的電阻率隨溫度的降低突然減小為零，這種現象叫做超導現象d將一根導線等分為二，則半根導線的電阻和電阻率都是原來的二分之一【考點】電阻定律 【專題】恒定電流專題【分析】電阻是導體對電流的阻礙作用；影響電阻大小的因素有：材料、長度、橫截面積、溫度，與通過導體的電流和導體兩端的電壓無關【解答】解：a、電阻是導體對電流的阻礙作用，是導體本身的一種特性；其大小與導體的材料、長度、橫截面積、溫度有關；而與導體兩端有無電壓、電壓高低，導體中有無電流、電流大小無關故a錯誤、b錯誤c、由超導現象的定義知，某些金屬、合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零，這種現象叫做超導現象但溫度不可能為絕對零度，因絕對零度無法達到，故c正確d、導線的電阻率有材料本身的特性決定，與導體的電阻、橫截面積、長度無關將一根導線等分為二，則半根導線的電阻是原來的一半，但電阻率不變所以d錯誤故選：c【點評】歐姆定律也可求電阻，但只能作為比值定義法，應明確電阻與電流、電壓等無關3如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭p向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是( )al1變亮，l2和l3皆變暗bl1變暗，l2不能確定，l3變暗cl1變暗，l2變亮，l3變亮dl1變亮，l2變亮，l3變暗【考點】串聯電路和并聯電路；閉合電路的歐姆定律 【專題】恒定電流專題【分析】電燈l2與變阻器串聯后與燈泡l3并聯，最后再與l1串聯；當滑動變阻器的滑動觸頭p向右移動時，變阻器電阻r減小，故總電阻減小，根據歐姆定律判斷干路電流的變化情況，然后逐步判斷各個各個部分的電流和電壓情況【解答】解：當滑動變阻器的滑動觸頭p向右移動時，變阻器電阻r減小，故總電阻減小，根據歐姆定律干路電流增加，故燈泡l1變亮；并聯電路的電壓u并=uirl1，故并聯電路電壓變小，燈泡l3變暗；干路電流增加，而通過燈泡l3的電流變小，故通過燈泡l2的電流增加，燈泡l2變亮；故選d【點評】對于動態(tài)分析問題，通常按照局部整體局部的思路進行分析，不難4金屬鉑的電阻對溫度的高低非常敏感，在下圖所示的ui圖象中，可以表示出金屬鉑電阻的ui圖線的是( )abcd【考點】閉合電路的歐姆定律 【專題】恒定電流專題【分析】金屬鉑的電阻隨溫度的升高而增大電阻的ui圖線上的點與坐標原點連線的斜率等于電阻根據數學知識進行選擇【解答】解：根據電阻的定義式r=可知，ui圖線上的點與坐標原點連線的斜率等于電阻，金屬鉑的電阻隨溫度的升高而增大，則圖線上的點與坐標原點連線的斜率逐漸增大，圖線是曲線，根據數學知識可知，c正確故選c【點評】本題考查對金屬電阻特性的掌握程度，抓住圖線的數學意義來理解其物理意義5如圖所示電路中接有三只完全相同的電壓表，在a，b間加恒定電壓12v，電壓表1的示數為5v，則電壓2，3的示數依次為( )av2為7v，v3為0vbv2為7v，v3為7vcv2為5v，v3為2vdv2為7v，v3為2v【考點】閉合電路的歐姆定律 【專題】定量思想；方程法；恒定電流專題【分析】根據串、并聯電路中電流關系，由歐姆定律確定電壓表2、3的示數【解答】解：電壓表可以作為電阻處理，因三個電壓表的內阻相等，則電壓與電流成正比；設電壓表的內阻均為r，根據電荷守恒定律知，三個電壓表電流關系可能為：=+，也可能有：+=當u1=5v時，u3=2v，u2=7v，其他數據不可能故abc錯誤，d正確故選：d【點評】本題中將電壓表當作大電阻，不是普通的串并聯，關鍵要分析三個電壓表的電流可能關系，根據歐姆定律和電荷守恒定律研究6用伏安法測電阻時，待測電阻大約是10歐，電流表的內阻是1歐，電壓表的內阻是5千歐，則( )a用電流表外接法，此時測量值比真實值大b用電流表外接法，此時測量值比真實值小c用電流表內接法，此時測量值比真實值大d用電流表內接法，此時測量值比真實值小【考點】伏安法測電阻 【專題】實驗題；恒定電流專題【分析】伏安法測電阻時有電流表內接和外接兩種接法，由于實際電壓表內阻較大，但不是無窮大，實際電流表內阻較小，也不是零，故兩種接法都存在一定的實驗誤差，要根據實際情況靈活選擇，以減小實驗誤差【解答】解：由于本題中因，用電流表內接法時，安培表的分壓作用比較明顯，誤差較大，而用安培表外接法時，電壓表的分流作用較小，故應該采用安培表外接法；采用安培表外接法，電壓表讀數比較準確，由于伏特表的分流作用，電流表的讀數偏大，故電阻的測量值偏小，測量值等于待測電阻與伏特表相并聯的電阻值；故選：b【點評】本題關鍵分析清楚電流表內、外接法的誤差來源，然后根據實際數據選擇誤差較小的接法7小燈泡通電后其電流i隨所加電壓u變化的圖線如圖所示，p為圖線上一點，pn為圖線在p點的切線，pq為u軸的垂線，pm為i軸的垂線，則下列說法中正確的是( )a隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小b對應p點，小燈泡的電阻為c對應p點，小燈泡的電阻為d對應p點，小燈泡的功率為圖中矩形pqom所圍面積【考點】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率 【專題】恒定電流專題【分析】由圖看出此燈泡是非線性元件，根據電阻是指對電流的阻礙作用判斷燈泡電阻與電壓之間的關系；找到p點對應的電壓和電流，根據歐姆定律求出此時燈泡的電阻；由功率公式可知功率對應圖線的“面積”【解答】解：a、由圖象可知，燈泡的電阻等于r=，等于圖線上的點與原點o連線斜率的倒數，由數學知識可知，電壓增大，此斜率減小，則燈泡的電阻增大故a錯誤；b、c由圖象可知，p點對應的電壓為u1，電流為i2，則燈泡的電阻r=，故b、c錯誤；d、因p=ui，所以圖象中矩形pqom所圍的面積為對應p點小燈泡的實際功率，故d正確故選d【點評】對于線性元件，其電阻r=，非線性元件，r=；對于ui圖與iu圖要區(qū)分清楚，電阻r=k，還是r= 不能搞錯8一個用半導體材料制成的電阻器d，其電流i隨它兩端電壓u的關系圖象如圖（a）所示，將它與兩個標準電阻r1、r2并聯后接在電壓恒為u的電源兩端，三個用電器消耗的電功率均為p，現將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端，設電阻器d和電阻r1、r2消耗的電功率分別是pd、p1、p2，它們之間的大小關系有( )ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=【考點】電功、電功率；閉合電路的歐姆定律 【專題】恒定電流專題【分析】根據半導體材料的伏安特性曲線可知，隨著電壓增大，電阻器d的電阻減小，電壓減小，電阻增大電阻器d與兩個標準電阻r1、r2并聯后接在電壓恒為u的電源兩端，三個用電器消耗的電功率均為p，此時三個電阻的阻值相等；當將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端時，電阻器d的電壓小于電源的電壓，電阻增大，根據并聯電路的特點分析其電流與r1、r2電流的關系，再研究功率關系【解答】解：由題，電阻器d與兩個標準電阻r1、r2并聯后接在電壓恒為u的電源兩端，三個用電器消耗的電功率均為p，此時三個電阻的阻值相等；當將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端時，電阻器d的電壓小于電源的電壓，由（a）圖象可知，電阻器d的電阻增大，則有rdr1=r2而rd與r2并聯，電壓相等，根據歐姆定律得知，電流idi2，又i1=i2+id，得到i12i2，i12id，所以得到p14p2p1與4pd的大小無法判斷pdp2p2，故如圖（b）的電路中，pd與無法比較故選b【點評】本題首先要讀懂半導體材料的伏安特性曲線，其次要抓住串并聯電路的特點進行分析9把六個相同的小燈泡接成如圖甲、乙所示的電路，調節(jié)變阻器使燈泡正常發(fā)光，甲、乙兩電路所消耗的功率分別用p甲和p乙表示，則下列結論中正確的是( )ap甲=p乙bp甲=3p乙cp乙=3p甲dp乙3p甲【考點】電功、電功率；串聯電路和并聯電路 【專題】恒定電流專題【分析】電路所消耗的總功率的大小等于電路兩端的總的電壓與總電流的乘積，由此即可直接得出結論【解答】解：設燈泡正常發(fā)光時的電流為i，對于甲圖，電路的總的電流為3i，此時甲的總功率的大小為p甲=u3i，對于乙圖，電流的總電流的大小就為i，此時乙的總功率的大小為p乙=ui，所以p甲=3p乙，所以b正確故選：b【點評】對于本題來說關鍵的是選擇公式，由于電路的總電壓的大小是相同的，所以用總電壓與總電流的乘積來計算總功率的大小比較簡單10在如圖中，電源內阻不能忽略，r1=12，r2=8當開關s切換到位置1時，電流表的示數為i1=0.20a；當開關s扳到位置2時，電流表的示數可能為下列情況中的( )a0.3ab0.28ac0.25ad0.19a【考點】閉合電路的歐姆定律 【專題】定性思想；極端假設法；恒定電流專題【分析】根據電阻的不同，由歐姆定律分析電流的范圍，結合路端電壓的范圍進行選擇【解答】解：由題當開關s切換到位置1時，電流表的示數為i1=0.20a；因r1=12，r2=8，則r1r2則當開關s扳到位置2時，電路中電流增大，即i20.20a由于外電阻減小，路端電壓減小開關s在位置1時，路端電壓u1=i1r1=0.2012v=2.4v，開關s扳到位置2時，路端電壓u22.4v，由歐姆定律得知 i2=a=0.30a所以電流表的示數的范圍為0.20ai20.30a故ad錯誤，bc正確故選：bc【點評】本題中外電阻減小時，總電流增大，不難確定，關鍵還要根據路端電壓隨外電阻減小而減小，確定電流的變化范圍二.實驗題（共3小題.每空4分.共28分）11某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲的直徑時，測得的結果如圖（甲）所示，則金屬絲的直徑d=2.935（2.9342.937）mm另一位學生用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測量一工件的長度，測得的結果如圖（乙）所示，則該工件的長度l=14.50mm【考點】刻度尺、游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用 【專題】實驗題【分析】游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，兩種儀器讀數時均可采用公式法，即：主尺讀數+副尺讀數【解答】解：螺旋測微器的固定刻度讀數2.5mm，可動刻度讀數為0.0143.5=0.435mm，所以最終讀數為：固定刻度讀數+可動刻度讀數=2.5+0.435=2.935mm，由于需要估讀，因此在范圍2.9342.937mm內均正確游標卡尺的主尺讀數為1.4cm=14mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，游標讀數為0.0510mm=0.50mm，所以最終讀數為：主尺讀數+游標尺讀數=14mm+0.50mm=14.50mm；故答案為：2.935（2.9342.937），14.50【點評】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀12多用電表的下半部分如圖甲所示，標有“2.2v 0.25a”字樣的小燈泡已接入電路，當多用電表的兩表筆分別與小燈泡兩端的接線柱a、b相接（如圖乙所示），下列想法合理的是( )a若選擇開關撥到“”擋的1處，可測量小燈泡的電阻b若選擇開關撥到“”擋的2.5處，可測量小燈泡兩端的電壓c若選擇開關撥到“v”擋的2.5處，可測量小燈泡兩端的電壓d若選擇開關撥到“ma”擋的250處，可測量小燈泡中的電流【考點】用多用電表測電阻 【專題】實驗題；恒定電流專題【分析】用多用電表測電阻時，待測電路元件應與其它電路元件斷開；用多用電表測電壓時，多用電表應與被測電路元件并聯，要注意測的是直流電源還是交流電壓；用多用電表測電流時，多用電表要串聯接入電路【解答】解：a、由圖乙所示可知，燈泡串聯在閉合電路中，不能用多用電表測燈泡電阻，如果用多用電表測燈泡電阻，應把燈泡與其它電路元件斷開，故a錯誤；b、由圖乙所示可知，電源為直流電源，應該用直流電壓檔測燈泡兩端電壓，故b錯誤；c、若選擇開關撥到“v”擋的2.5處，可測量小燈泡兩端的電壓，故c正確；d、若選擇開關撥到“ma”擋的250處，要測量小燈泡中的電流，多用電表應串聯接入電路，不能與燈泡并聯，故d錯誤；故選：c【點評】本題考查了多用電表的使用，用多用電表測電阻、電流、電壓時，要把選擇開關打到合適的檔位13（16分）某電阻額定電壓為3v（阻值大約為10）為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：a：電流表a1（量程300ma，內阻約1）； b：電流表a2（量程0.6a，內阻約0.3）；c：電壓表v1（量程3.0v，內阻約3k）； d：電壓表v2（量程5.0v，內阻約5k）；e：滑動變阻器r1（最大阻值為10）； f：滑動變阻器r2（最大阻值為1k）；g：電源e（電動勢4v，內阻可忽略）； h：電鍵、導線若干（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表a，電壓表c，滑動變阻器e（2）畫出該實驗電路圖【考點】伏安法測電阻 【專題】實驗題【分析】（1）估算電阻上最大電流，選擇電表量程根據該電阻與變阻器最大電阻的關系選擇變阻器（2）根據該電阻與兩電表內阻的倍數關系選擇電流表的接法，題目要求為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式【解答】解：（1）根據歐姆定律，流過電阻的最大電流i=0.3a故電流表選a；電阻額定電壓為3v則電壓表選c即可；為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式接法，為了方便調節(jié)，滑動變阻器選小阻值的e（2）即被測電阻為小電阻，選取電流表外接，題目要求為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式故電路圖如圖：故答案為：（1）a，c，e；（2）如圖；【點評】選擇器材通常的步驟：1、根據實驗要求設計合理的實驗電路2、估算電路中電壓、電流可能達到的最大值，以此選擇電壓表和電流表的量程三.計算題（共2小題.14題10分.15題12分.共22分）14如圖所示的電路中，電阻r1=9，r2=15，電源的電動勢e=12v，內電阻r=1，安培表的讀數i=0.4a求：（1）流過電阻r1的電流是多少？（2）電阻r3的阻值是多大？（3）電阻r3消耗的電功率是多少？【考點】閉合電路的歐姆定律 【專題】恒定電流