浙江省紹興市諸暨市諸暨中學2020學年高一物理上學期期中試題（含解析）

1、浙江省紹興市諸暨市諸暨中學2020學年高一物理上學期期中試題（含解析） 一、單選題1.如圖所示，某人游長江，他以一定速度，面部始終垂直河岸向?qū)Π队稳ソ懈魈幩魉俣认嗟人芜^的路程、過河所用的時間與水速的關系是A. 水速大時，路程長，時間長 B. 水速大時，路程長，時間短C. 水速大時，路程長，時間不變 D. 路程、時間與水速無關【答案】C【解析】【分析】運用運動的分解，人在垂直于河岸方向的分速度不變，設河寬為d，過河時間，與水速無關.【詳解】游泳者相對于岸的速度為他相對于水的速度和水流速度的合速度，水流速度越大，其合速度與岸的夾角越小，路程越長，但過河時間為，與水速無關，故A，B，D均錯誤，

2、C正確.故選C.【點睛】過河問題是運動的合成與分解部分典型題型本題要注意題設條件：速度始終垂直河岸，否則結(jié)果會不同2.在光滑水平桌面上擺一條彎曲的軌道，它是由幾段稍短的弧形光滑軌道組合而成的。通過壓縮彈簧使鋼球從軌道的C端進入，在軌道的約束下做曲線運動。則下列說法中正確的是A. 小球運動過程中，受到重力、彈力和向心力作用B. 小球在運動過程中做速度不變的運動C. 彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能和重力勢能D. 從A點飛出后，小鋼球做勻速直線運動【答案】D【解析】A、向心力是效果力，不能說小球受到向心力，故A錯；B、速度是矢量，曲線運動中速度的方向一直在變化，故B錯；C、小球在水平面上運動，所以重

3、力勢能沒有發(fā)生變化，即彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能，故C錯；D、由于小球是在水平面上運動，從A點飛出后受到的重力和支持力是一對平衡力，所以小球做勻速直線運動。故D正確；故選D3.現(xiàn)在很多教室都安裝可以沿水平方向滑動的黑板，如圖所示在黑板以某一速度向左勻速運動的同時，一位教師用粉筆在黑板上劃線，粉筆相對于墻壁從靜止開始先勻加速向下畫，接著勻減速向下畫直到停止，則粉筆在黑板畫出的軌跡可能為( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根據(jù)運動的合成與分解，結(jié)合曲線運動條件，及矢量合成法則，即可求解【詳解】粉筆以某一速度水平向左勻速運動，同時從靜止開始先勻加速向下滑動，再勻減速向下滑動至

4、停止，根據(jù)做曲線運動的物體所受合外力一定指向曲線凹側(cè)，則粉筆在水平方向始終勻速，在豎直方向先向下加速時，曲線向下彎曲；后向下減速，則曲線向上彎曲，故D正確；A，B，C錯誤.故選D.【點睛】考查運動的合成與分解，掌握矢量合成法則的內(nèi)容，注意曲線運動條件的應用，是解題的關鍵4.對于做勻速圓周運動的物體，下列說法正確的是A. 線速度不變 B. 向心力不變 C. 角速度不變 D. 運動狀態(tài)不變【答案】C【解析】【分析】勻速圓周運動是線速度大小保持不變的圓周運動，它的線速度、角速度、周期都保持不變；它的速度、加速度、與合外力的大小保持不變而它們的方向時刻都在變化?！驹斀狻课矬w做勻速圓周運動時，相等時間內(nèi)

5、通過的弧長相等，則線速度大小保持不變，周期也保持不變，且角速度也不變；它的速度、加速度與合外力的大小保持不變而它們的方向時刻都在變化。所以線速度、加速度、合力都是變化的，故C正確，A,B,D錯誤.故選C.【點睛】該題考查對勻速圓周運動的理解，屬于對基礎知識點的考查，注意各物理量的矢量性.5.m為在水平傳送帶上被傳送的小物體可視為質(zhì)點，A為終端皮帶輪，如圖所示，已知皮帶輪半徑為r，傳送帶與皮帶輪間不會打滑。當m可被水平拋出時，A輪每秒的轉(zhuǎn)數(shù)最少是A. B. C. D. 【答案】A【解析】物體恰好不被拋出的臨界條件是最高點重力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力，有：; 根據(jù)線速度定義公式，有

6、：v=n2r；聯(lián)立解得： ；故選A點睛：本題關鍵抓住臨界條件，物體恰好不被拋出的臨界條件是最高點重力恰好提供向心力，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可6.某種型號轎車凈重1500kg，發(fā)動機的額定功率為150kW，最高時速可達。如圖為車中用于改變車速的擋位，手推變速桿到達不同擋位可獲得不同的運行速度，從“1”“5”速度逐漸增大，R是倒車擋，則下列說法正確的是：轎車要以最大動力上坡，變速桿應推至“1”擋轎車要以最大動力上坡，變速桿應推至“5”擋在額定功率下以最高速度行駛時，轎車的牽引力為3000N在額定功率下以最高速度行駛時，轎車的牽引力為833NA. B. C. D. 【答案】A【解析】根據(jù)功率

7、與牽引力的關系P=Fv可知，當速度最小時，牽引力最大，變速桿應推至“1”擋，故正確，錯誤；在額定功率下以最高速度行駛時，故正確，錯誤。所以A正確，BCD錯誤。7.如圖所示，小球以初速度從A點沿不光滑的軌道運動到高為h的B點后自動返回，其返回途中仍經(jīng)過A點，小球經(jīng)過軌道連接處無機械能損失，則小球經(jīng)過A點的速度大小為A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】小球以一定速度在粗糙的軌道上運動，當?shù)竭_最高點B后，返回仍能通過A點，則由動能定理可求出小球經(jīng)過A點的速度【詳解】對小球由A至B研究，由動能定理：,再對由B返回A研究，由動能定理：,解得：.故選B.【點睛】當小球再次經(jīng)過A點時，由于高度

8、沒變，所以重力做功為零，而摩擦力做功與路徑有關8.如圖所示，桌子放于水平地面上，桌面高為一質(zhì)量為m的小球處于桌面上方高處的a點若以桌面為參考平面，重力加速度為g，小球從a點下落到地面上的c點，下列說法正確的是A. 小球在a點的重力勢能為B. 小球在桌面b處的重力勢能為C. 小球從a點下落至c點的過程中，重力勢能減少D. 小球從a點下落至c點的過程中，重力勢能減少【答案】C【解析】桌面為零勢能參考面，小球在a點的重力勢能為，小球在桌面b處的重力勢能為零，故AB錯誤；小球從a點下落至c點的過程中，重力做功為，重力勢能減少，故C正確，D錯誤；9.籃球賽非常精彩，吸引了眾多觀眾經(jīng)常有這樣的場面：在臨終

9、場前0.1s，運動員把球投出且準確命中，獲得比賽的勝利如果運動員投籃的過程中對籃球做的功為W，出手高度（相對地面）為h1，籃筐距地面高度為h2，球的質(zhì)量為m，空氣阻力不計下列說法中正確的是（）A. 籃球出手時的動能為W+mgh1B. 籃球進框時的動能為W+mgh1-mgh2C. 籃球從出手到進框的過程中，其重力勢能增加了mgh1-mgh2D. 籃球從出手到進框的過程中，重力對它做的功為mgh2-mgh1【答案】B【解析】A、根據(jù)動能定理可知籃球出手時的動能為W，故A錯誤；B、籃球離開手時所具有的機械能為 ，籃球在運動過程中機械能守恒，按照機械能守恒可知籃球進框時的動能為W+mgh1-mgh2，

10、故B正確；C、籃球從出手到進框的過程中，其重力勢能增加了mgh2-mgh1，故C錯誤；D、籃球從出手到進框的過程中，重力做負功，重力對它做的功為 ，故D錯誤故選B點睛：分析在投籃過程中外力對球所做的功,則可求得籃球進筐時的動能.10.有一種雜技表演叫“飛車走壁”，由雜技演員駕駛摩托車沿圓臺形表演臺的側(cè)壁做勻速圓周運動。圖中有兩位駕駛摩托車的雜技演員A、B，他們離地面的高度分別為和，且，下列說法中一定正確的是A. A摩托車對側(cè)壁的壓力較大B. A摩托車做圓周運動的向心力較大C. A摩托車做圓周運動的周期較大D. A摩托車做圓周運動的線速度較小【答案】C【解析】試題分析：摩托車做勻速圓周運動，提供

11、圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力圖，得出向心力大小不變h越高，圓周運動的半徑越大，由向心力公式分析周期、線速度大小摩托車做勻速圓周運動，提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力圖設圓臺側(cè)壁與豎直方向的夾角為，側(cè)壁對摩托車的支持力不變，則摩托車對側(cè)壁的壓力不變，A錯誤；如圖向心力，m，不變，向心力大小不變，B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律得，h越大，r越大，向心力不變，則周期越大，可知A的周期較大，C錯誤；根據(jù)牛頓第二定律得，h越大，r越大，則線速度越大，可知A的線速度較大，D正確11.已知地球半徑為R，靜置于赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a；地球同步衛(wèi)星作勻速圓周

12、運動的軌道半徑為r，向心加速度大小為，引力常量為G，以下結(jié)論正確的是A. 地球質(zhì)量 B. 地球質(zhì)量C. 向心加速度之比 D. 向心加速度之比【答案】A【解析】A、地球的同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則有：,解得地球質(zhì)量，故選A正確。B、地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)時有：，得，故B錯誤；C、D、同步衛(wèi)星的角速度和地球自轉(zhuǎn)的角速度相等，物體的角速度也等于地球自轉(zhuǎn)的角速度，所以地球同步衛(wèi)星與物體的角速度相等。根據(jù)a=r2得，故C、D錯誤；故選A?！军c睛】解決本題的關鍵知道同步衛(wèi)星的特點，知道衛(wèi)星由萬有引力提供向心力，特別注意在地球上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體，不是萬有引力提供向心力。12

13、.北斗導航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導航、定位等功能。如圖所示，北斗導航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運動，且軌道半徑均為R，某時刻工作衛(wèi)星1、2分別位于軌道上的A，B兩個位置，A，B兩位置的圓心角為，若兩衛(wèi)星均沿順時針方向運行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力，下列判斷正確的是A. 這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為B. 衛(wèi)星1向后噴氣就一定能夠碰上衛(wèi)星2C. 衛(wèi)星1由A位置運動到B位置的過程中萬有引力做正功D. 衛(wèi)星1由A位置運動到B位置所需的時間是【答案】D【解析】A項，根據(jù)萬有引力提供向心力：，得： ；因為這兩顆衛(wèi)星在同一圓周上運動，所以加速

14、度大小相等，由萬有引力定律可知： ，所以 ,故A錯B、衛(wèi)星1向后噴氣速度增大，衛(wèi)星1將會做離心運動，從而導致兩顆衛(wèi)星運行的軌道不一致，則無法追上衛(wèi)星2，故B錯；C、衛(wèi)星1由A位置運動到B位置的過程中，衛(wèi)星1相對地心距離不變，萬有引力方向朝向地心，且始終與速度垂直，所以萬有引力不做功，故C錯；D、根據(jù) 得 ，由于 ，所以衛(wèi)星1由A位置運動到B位置所需的時間為 ，故D正確；故選D13.一張桌子始終靜止在水平地面上，一根木棒沿著水平桌面從 A 運動到 B，發(fā)生的位移為 x，如圖所示。若棒與桌面間的摩擦力大小為 Ff，則棒對桌面的摩擦力和桌面對棒的摩 擦力做的功各為A. ， B. ，C. ，0 D.

15、0，【答案】D【解析】棒對桌面的摩擦力，和桌面對棒的摩擦力，為作用力和反作用力，大小相等方向相反，從A運動到B的過程中，棒受到的摩擦力為Ff，位移為x，摩擦力做的是負功，所以桌面對棒的摩擦力做的功為-Ffx，桌面受到的摩擦力的大小也為Ff，但桌面沒動，位移是0，所以棒對桌面的摩擦力做的功為0。故選D。點睛：恒力做功，根據(jù)功的公式直接計算即可，但是桌面不動，它的位移是0，所以功為零，這是常出錯的地方14.如圖所示，物體沿弧形軌道滑下，然后進入足夠長的水平傳送帶，傳送帶始終以圖示方向勻速轉(zhuǎn)動，則傳送帶對物體做功的情況不可能的是( )A. 始終不做功B. 先做正功后做負功C. 先做正功后不做功D.

16、先做負功后不做功【答案】B【解析】A、當物體的速度等于傳送帶速度時,沒有摩擦力,故傳送帶不做功，故A正確；BC、當物體的速度小于傳送帶速度時,摩擦力向前做正功,速度相等時不再做功;故B錯誤，C正確；D、當物體的速度大于傳送帶速度時,摩擦力向后做負功,當速度相等時,不再做功，故D正確；本題選不可能的，故選B點睛：功的正負取決于物體的受力方向及運動方向間的夾角;分析物體的運動情況可得出傳送帶做功情況.15.根據(jù)機械能守恒條件，下列說法正確的是：（ ）A. 火箭升空的過程中，若勻速升空則機械能守恒，若加速升空則機械能不守恒B. 力F拉物體沿著斜面勻速向上運動，機械能守恒C. 小球在水平而內(nèi)做勻速圓周

17、運動，機械能守恒D. 光滑水平面上A、B兩小車在輕彈簧的作用下被彈開，兩小車組成的系統(tǒng)不包括彈簧機械能守恒【答案】C【解析】【分析】明確機械能守恒的條件，知道當只有重力做功或彈簧的彈力做功時，物體的機械能守恒，根據(jù)機械能守恒的條件逐項進行分析判斷?！驹斀狻緼、甲圖中，不論是勻速還是加速，由于推力對火箭做功，火箭的機械能不守恒，是增加的，故A錯誤.B、物體勻速運動上升，動能不變，重力勢能增加，則機械能必定增加;故B錯誤.C、小球在做圓錐擺的過程中，細線的拉力不做功，機械能守恒;故C正確.D、輕彈簧將A、B兩小車彈開，對彈簧的彈力對兩小車做功，則兩車組成的系統(tǒng)機械能不守恒，但對兩小車和彈簧組成的系

18、統(tǒng)機械能守恒;故D錯誤.故選C.【點睛】解決本題的關鍵掌握判斷機械能守恒的條件，判斷的方法：1、看系統(tǒng)是否只有重力或彈力做功，2、看動能和勢能之和是否保持不變.16.一個半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套著兩個帶電小球A和中央有孔，可視為點電荷，當它們處于如圖所示位置時，恰好都能保持靜止狀態(tài)。此時小球B與環(huán)中心O處于同一水平面，A，B連線與水平方向夾角為已知小球B為帶電量為q的負電荷，質(zhì)量為m，重力加速度為g，靜電力常量為k，由此可知小球A. 質(zhì)量為2m B. 帶負電C. 帶電荷量為 D. 對圓環(huán)的彈力大小為【答案】A【解析】AB、對B球受力分析可知，A對B應該產(chǎn)生吸引力，才可以保

19、證B處于平衡狀態(tài)，所以A帶正電，A對B的庫侖力F= =2mg，根據(jù)幾何關系知小球A的重力也為2mg，故A對；B錯；C、又因為A、B間距r=R，由F=可知，A球所帶電荷量的大小為 ，故C錯；D、對A球受力分析可知，A球受到重力、庫侖力、環(huán)對球的支持力作用，由平衡條件可知A球?qū)Νh(huán)的作用力FN=2Fcos=2mg，故D錯；故選A點睛：本題考查考生對庫侖定律、受力分析、物體的平衡等綜合知識的掌握情況17.下列各物理量中，其值與放入的試探電荷電量大小有關的是A. 電場強度E B. 電勢 C. 電勢差U D. 電場力做的功W【答案】D【解析】A、B、電場強度和電勢是描述電場的性質(zhì)的物理量，是由電場本身決定

20、的，與試探電荷無關故A、B錯誤；C、電勢差：，與試探電荷的無關故C錯誤D、電場力為F=qE，可知靜電力既與電場有關，又與試探電荷有關，故D正確；故選D.【點睛】電場強度和電勢是由電場本身決定的，與試探電荷無關，一定要牢記而電場力是由電場和試探電荷共同決定的18.將一束塑料包扎帶一端打結(jié)，另一端撕成細條后，用手迅速捋細條，觀察到細條散開現(xiàn)象的分析 中，正確的是A. 撕成細條后，由于空氣浮力使細條散開B. 撕成細條后，所受重力減小，細條自然松散C. 由于摩擦起電，細條帶同種電荷，相互排斥散開D. 細條之間相互感應起電，相互排斥散開【答案】C【解析】試題分析：塑料捆扎繩與手摩擦帶電；塑料捆扎繩上帶的

21、是同種電荷，同種電荷相互排斥，所以塑料繩會向四周散開，捋的次數(shù)越多，塑料繩帶電越多，排斥力越多，下端散開的就越大，C正確；考點：考查了摩擦起電【名師點睛】摩擦起電現(xiàn)象普遍存在，任何物體摩擦都可以起電；電荷間的相互作用規(guī)律是：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引19.如圖所示,實線和虛線分別表示某電場的電場線和等勢線,下列說法中正確的是( )A. c點場強大于a點場強B. c點電勢低于a點電勢C. c、b兩點間的電勢差等于c、a兩點間的電勢差D. 若將一試探電荷+q由a點移動到b點,電場力做正功【答案】C【解析】a點的電場線比c點電場線密，可知a點的場強大于c點的場強，故A錯誤沿電場線方向電勢逐漸

22、降低，可知c點的電勢高于a點電勢，故B正確因為b、a兩點電勢相等，可知c、b兩點間的電勢差等于c、a兩點間的電勢差，故C錯誤a、b兩點電勢相等，將一試探電荷+q由a點移動到b點，電場力不做功，故D錯誤故選B點睛：解決本題的關鍵知道電場線的疏密表示電場的強弱，沿電場線方向電勢逐漸降低，以及知道電荷在等勢面上移動，電場力不做功20.某電容器標注的是“400 V 22 F”，則下列說法中正確的是：A. 該電容器接在400 V以下電壓兩端，可正常工作B. 該電容器只有接在400 V電壓兩端，才能正常工作C. 接在200 V電壓兩端，電容值為11 FD. 不管哪類電容器，都不用考慮引出線與電源的哪個極相

23、連【答案】A【解析】400V是電容器允許的最高電壓，只能在400V以下的電壓下正常工作，故A正確，B錯誤；22F是電容器的電容，與電壓高低無關，故C錯誤；電容器的電容值由其內(nèi)部構造所決定，注意正負極，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。二、多選題21.一個人站立在商店的自動扶梯的水平踏板上，隨扶梯向上加速，如圖所示。則A. 人只受重力和踏板的支持力的作用B. 人對踏板的壓力大小等于人所受到的重力大小C. 踏板對人做的功等于人的機械能增加量D. 人所受合力做的功等于人的動能的增加量【答案】CD【解析】人的加速度斜向上，將加速度分解到水平和豎直方向得：ax=acos，方向水平向右；ay=asin，方

24、向豎直向上，水平方向受靜摩擦力作用，f=ma=macos，水平向右，豎直方向受重力和支持力，F(xiàn)N-mg=masin，所以FNmg，故AB錯誤；除重力以外的力對物體做的功，等于物體機械能的變化量，所以踏板對人做的功等于人的機械能增加量，故C正確；由動能定理可知，人所受合力做的功等于人的動能的增加量，故D正確；故選CD。點睛：解決本題時可以把加速度進行分解，結(jié)合牛頓第二定律求解，難度適中同時學會由運動去受力分析，并掌握功與能的關系注意重力做功必導致重力勢能變化；除重力之外的力做功，必導致系統(tǒng)機械能變化；合力做功必導致動能變化22.如圖所示，M、N為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的P點

25、放一個靜止的負電荷重力不計，下列說法中正確的是A. 從P到O，可能加速度越來越小，速度越來越大B. 從P到O，可能加速度先變大，再變小，速度越來越大C. 越過O點后，加速度一直變大，速度一直變小D. 越過O點后，加速度一直變小，速度一直變小【答案】AB【解析】【分析】M、N為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強度方向，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向，速度越來越大但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定越過O點后，負電荷q做減速運動，點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值，加速度變化情況同樣不確定【詳解

26、】A、B、在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向，速度越來越大。但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷，但可能是加速度先變大后變小;故A，B正確.C、D、越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大。電場力為零，加速度為零。根據(jù)電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動，加速度的變化情況：先增大后減小;故C，D錯誤.故選AB.【點睛】本題考查對等量異種電荷電場線的分布情況及特點的理解和掌握程度，要抓住電場線的對稱性23.如圖所示，A、B、C、D、E、

27、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、5V，則下列說法中正確的是A. D、E、F三點的電勢分別為7V、6V、3VB. 電荷量為C的正點電荷在E點的電勢能為JC. 將電荷量為C的正點電荷從E點移到F點，電場力做的功為JD. 將電荷量為C的負點電荷從B點移到A點，電荷的電勢能增加了J【答案】AD【解析】連接AD,由正六邊形的性質(zhì)可得：AD平行于BC,且AD=2BC,因為，所以,故A錯誤；由可得B正確；由可得C錯誤。，,所以D錯誤。選B。三、實驗題探究題24.在“探究功與速度關系”的實驗中，某同學按照下圖裝置進行實驗：（1）在下列實驗器材中，本實驗還要用到的器材

28、有 （填選項前字母）A停表 B直流電源 C橡皮筋 D刻度尺（2）下列說法哪一項是正確的_（填選項前字母）A平衡摩擦力時必須將鉤碼通過細線掛在小車上B為減小系統(tǒng)誤差，應使鉤碼質(zhì)量遠大于小車質(zhì)量C實驗時，應使小車靠近打點計時器由靜止釋放D本實驗只能通過改變鉤碼質(zhì)量來改變細線對小車做功（3）設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為s1、s2、s3，如圖所示。用米尺測量紙帶上的s1、s3，可求出小車運動加速度大小。試從圖中讀出s1和s3的讀數(shù)，并記錄s1=_mm。由此求得加速度的大小a=_m/s2（已知打點計時器使用的交流電頻率為50 Hz，計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）D；（2）C（3）s1=242

29、mm， a=12m/s2。【解析】試題分析：（1）在下列實驗器材中，本實驗還要用到的器材有刻度尺，故選D（2）平衡摩擦力時不掛鉤碼，只讓小車拖著紙帶勻速運動，選項A錯誤；此實驗中不需使鉤碼質(zhì)量遠大于小車質(zhì)量，選項B錯誤；實驗時，應使小車靠近打點計時器由靜止釋放，選項C正確； 本實驗除了通過改變鉤碼質(zhì)量來改變細線對小車做功外，還可以通過改變小車運動的距離，選項D錯誤；故選C；（3）讀出s1=242mm，s2=361mm，T=01s，考點：探究功與速度關系25.（1）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，下列物理量中需要用工具測量的有（ ），通過計算得到的有（ ）A重錘的質(zhì)量 B重力加速度C重錘下落的

30、高度 D與重錘下落高度對應的重錘瞬時速度（2）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，有如下可供選擇的實驗器材：（1）其中不必要的器材是（ ）A鐵架臺B電磁打點計時器以及復寫紙C紙帶D低壓直流電源E天平F秒表G導線H開關（2）上面還缺少的器材是（ ）I低壓交流電源J220V交流電源K刻度尺L重物M量角器（3）如圖中甲、乙兩圖都是使用電磁打點計時器驗證機械能守恒定律的裝置示意圖，已知該打點計時器的打點頻率為50 Hza這兩圖相比較，_（填“甲”或者“乙”）裝置較好?b圖中的丙圖是采用較好的裝置并按正確的實驗步驟進行實驗打出的一條紙帶，如果1、2兩點之間距離約等于2 mm，可以說明1點的速度等于_【答案

31、】 (1). C (2). D (3). DEF (4). IKL (5). 甲 (6). 零【解析】（1）A在驗證機械能守恒時，是驗證減少的重力勢能是否與增加的動能相等，由于兩個能量中都有質(zhì)量，所以不需要測量質(zhì)量，B、重力加速度是和地球有關的一個物理量，在地球表面認為等于 ；C、重錘下落的高度需要借助于刻度尺來測量，D、利用中點時刻的速度等于平均速度可以計算出重錘 瞬時速度，故選CD（2）打點計時器工作時用的是交流電，所以不需要低壓直流電源，由于驗證機械能守恒時公式前后都有質(zhì)量，所以不需要測量質(zhì)量，利用打點計時器可知直接讀出時間，所以也不需要秒表，故選DEF打點計時器工作時需要一個低壓交流電源；在測量下降的高度時需要利用刻度尺來測量長度；在做此實驗時需要一個重物拉著紙帶運動，故還需要的器材有IKL兩圖相比較甲圖較好，由于夾子的存在可以有效防止紙帶的來回晃動，減少摩擦，減小實驗誤差；當重物從靜止釋放時，根據(jù)說明1點的速度等于零故本題答案是：(1). CD （2）DEF ； IKL ； 甲 ；零點睛：要準確掌握驗證機械能守恒實驗時所要使用的實驗器材以及操作步驟。四、計算題26.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一段不光滑的斜直軌道與光滑的圓形軌道相切，切點P與圓心O的連線與豎直方向的夾角為60，圓形軌道的半徑為R