2019年廣西南寧市高考物理一模試卷

1、2019 年廣西南寧市高考物理一模試卷副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1. 某汽車(chē)在平直公路上行駛， 0 2s 內(nèi)汽車(chē)的速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示。 汽車(chē)在該段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小為（）A. 0B. 5m/sC. 10m/sD. 20m/s2.我國(guó)是少數(shù)幾個(gè)掌握飛船對(duì)接技術(shù)的國(guó)家之一，為了實(shí)現(xiàn)神舟飛船與天宮號(hào)空間站順利對(duì)接，具體操作應(yīng)為（）A. 飛船與空間站在同一軌道上且沿相反方向做圓周運(yùn)動(dòng)接觸后對(duì)接B. 空間站在前、飛船在后且兩者沿同一方向在同一軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，在合適的位置飛船加速追上空間站后對(duì)接C. 空間站在高軌道，飛船在低軌道且兩者同向飛行，在合

2、適的位置飛船加速追上空間站后對(duì)接D. 飛船在前、空間站在后且兩者在同一軌道同向飛行，在合適的位置飛船減速然后與空間站對(duì)接3.一個(gè)小球被水平拋出，做平拋運(yùn)動(dòng)，則小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A. 位移與時(shí)間的二次方成正比B. 重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間的二次方成正比C. 速度的增量與時(shí)間的二次方成正比D. 動(dòng)能的增量與時(shí)間的二次方成正比4. 直角坐標(biāo)系 xOy 中， M、N 兩點(diǎn)位于 x 軸上， GH 兩點(diǎn)坐標(biāo)如圖。 MN 兩點(diǎn)各固定一正點(diǎn)電荷，當(dāng)電量為Q 的負(fù)電電荷量置于點(diǎn)O 時(shí)，H 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為零。靜電力常量用k 表示。若將該負(fù)電電荷移到H 點(diǎn)，其他條件不變，則G 點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向分別為（）A.

3、，沿 y 軸正向B.，沿 y 軸負(fù)向C.，沿 y 軸正向D.，沿 y 軸負(fù)向二、多選題（本大題共6 小題，共33.0 分）5. 氫原子的能級(jí)如圖所示。已知?dú)湓訌牡谒募?jí)躍遷到第二能級(jí)時(shí)輻射出的光子恰好可以使某光電管陰極發(fā)生光電效應(yīng)，則下列幾種光子中，可使該光電管陰極發(fā)生光電效應(yīng)的是（）A. 氫原子從第四能級(jí)躍遷到第三能級(jí)輻射出的光子B. 氫原子從第三能級(jí)躍遷到第一能級(jí)輻射出的光子C. 氫原子從第二能級(jí)躍遷到第一能級(jí)輻射出的光子D. 氫原子從第五能級(jí)躍遷到第三能級(jí)輻射出的光子第1頁(yè)，共 17頁(yè)6.某科研小組用火箭模型模擬火箭發(fā)射升空， 該模型在地面附近一段位移內(nèi)的發(fā)射功率恒為 P，從靜止開(kāi)始豎直

4、向上發(fā)射，發(fā)射過(guò)程中火箭受到含重力在內(nèi)的一切阻力的合力大小f=kv（ k 為比例常量）。火箭的量為m，忽略其質(zhì)量變化，設(shè)火箭在這段位移內(nèi)可以達(dá)到最大速度，則（）A. 在加速過(guò)程中，火箭加速度和速度均增大B. 在加速過(guò)程中，火箭處于超重狀態(tài)C. 火箭在上升過(guò)程中的最大速度D. 火箭達(dá)到最大速度的一半時(shí)的加速度大小為7.如圖，200匝矩形閉合導(dǎo)線(xiàn)框ABCD 處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)框面積S=0.2m2，線(xiàn)框電阻不計(jì)，線(xiàn)框繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO以角速度 =100rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并與理想變壓器原線(xiàn)圈相連，副線(xiàn)圈接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過(guò)的最大

5、電流為10A下列說(shuō)法正確的是（）A. 在圖示位置穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量為零B. 線(xiàn)框中產(chǎn)生變電壓的有效值為40 VC. 變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為20： 11D. 允許變壓器輸出的最大功率為4000W8. 如圖所示，變徑為 r 、右端開(kāi)有小口的導(dǎo)體圓環(huán)水平固定，圓環(huán)內(nèi)部區(qū)域有方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，長(zhǎng)為 2r 的導(dǎo)體直桿在圓環(huán)中心 O 處開(kāi)始以初速度v 平行于直徑 CD 向右做加速度大小為a 的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中直桿上始終有兩點(diǎn)與圓環(huán)良好接觸。圓環(huán)與直桿單位長(zhǎng)度的電阻均為 R0，將接觸點(diǎn)和 O 點(diǎn)的連線(xiàn)與直桿的夾角）記為 ，下列判斷爭(zhēng)取的是（A. =0時(shí)，直桿上產(chǎn)生的電

6、動(dòng)勢(shì)為BrvB. =時(shí)，直桿上產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)BrC. =時(shí)，通過(guò)直桿的電流大小為D. =時(shí)，直桿所受的安培力大小為9.下列說(shuō)法正確的是（）A. 食鹽晶體中的鈉離子、氧離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性B. 液晶既有液體的流動(dòng)性，又有晶體的各向異性C. 功可以全部轉(zhuǎn)化為熱量，但熱量不能全部轉(zhuǎn)化為功D. 水黽能停在水面上，是因?yàn)橐后w表面張力的作用E. 外界對(duì)物體做功時(shí)，物體的內(nèi)能一定增加第2頁(yè)，共 17頁(yè)10. 如圖所示，一細(xì)束白光通過(guò)玻璃三棱鏡折射后分為各種單色光射在豎直放置的光屏上，取其中a，b，c 三種色光，下列說(shuō)法正確的是（）A. a、 b、 c 三種色光中， c 光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)B. a、

7、b、 c 三種色光中， a 光的頻率最大C. a、 b、 c 三種色光在玻璃三棱鏡中的傳播速度依次越來(lái)越小a b、c三種色光通過(guò)一雙縫裝置，則a光形成的干涉條紋的間距最D. 若分別讓 、大E. 若讓 a、b、c 三種色光以同一入射角從同一介質(zhì)射入空氣時(shí)，b 光恰能發(fā)生全發(fā)射，則 a 光也一定能發(fā)生全反射三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共 15.0 分）11. 氣整導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)僅器，它利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上， 滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有罩擦。 現(xiàn)用帶豎直擋板的氣墊導(dǎo)軌和帶有擋光片的滑塊 1 和 2 驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)步驟如

8、下：a用天平分別測(cè)出滑塊1、 2的質(zhì)量 m1， m2b用游標(biāo)卡尺測(cè)出滑塊1、 2上的擋光片的寬度d4、 d2c調(diào)整氣墊導(dǎo)軌使導(dǎo)軌處于水平d在滑塊 12 間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧（圖中未畫(huà)出），用電動(dòng)卡銷(xiāo)鎖定，靜止放置在兩光電門(mén)之間的氣墊導(dǎo)軌上e按下電鈕松開(kāi)卡銷(xiāo)記錄滑塊 1 通過(guò)光電門(mén) 1 的擋光時(shí)間 4 以及滑塊 2 通過(guò)光電門(mén) 2 的擋光時(shí)間（ 1）實(shí)驗(yàn)中測(cè)量的擋光片的寬度d1 如圖乙所示，則d1=_mm。（ 2）利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(kāi) （用對(duì)應(yīng)的物理量的符號(hào)表示）12.某同學(xué)要測(cè)某手機(jī)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，其中R0 為定值電阻，阻止為5.3

9、。（ 1）請(qǐng)按圖甲電路完成好實(shí)物圖乙的連接。（ 2）閉合開(kāi)關(guān) S 前，應(yīng)將實(shí)物乙中的滑動(dòng)變阻器的滑片移到最 _（選填“左”或“右”）端。（ 3）閉合開(kāi)關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，測(cè)出多組電壓表的示數(shù)U 和電流表的示數(shù) I ，作出 U-I 圖象如圖丙所示，則由圖丙可得電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)V，電池的內(nèi)阻為 _。第3頁(yè)，共 17頁(yè)（ 4）本實(shí)驗(yàn)由于存在系統(tǒng)誤差， 使得電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值比真實(shí)值 _（選填“大”或“小”），電池內(nèi)阻的測(cè)量值比真實(shí)值_（選填“大”或“小”）。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13.如圖所示，質(zhì)量m=0.5kg 的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從B 點(diǎn)正上方高h(yuǎn)=5m 的 A 點(diǎn)由

10、靜止釋放，小球恰好無(wú)碰撞地通過(guò)半徑R=2m 的四分之一光滑圓弧軌道的左端B，圓弧軌道的右端C 與光滑水平直軌道相連，小球運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)后進(jìn)入半徑也為R 的豎直光滑半圓軌道，并通過(guò)半圓軌道的最高點(diǎn)E， D、 E 在同三條豎直線(xiàn)上。不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2 求：（ 1）小球通過(guò)B 點(diǎn)時(shí)的速度大小v0（ 2）小球通過(guò)E 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F 。14. 如圖所示，圓心在原點(diǎn) O、半徑為 R 的圓將 xOy 平面分為兩個(gè)區(qū)域， 即圓內(nèi)區(qū)域 I 和圓外區(qū)域 II 區(qū)域 I 內(nèi)有方向垂直于 xOy 平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)甲（圖中未畫(huà)出），平行于x 軸的熒光屏垂直于xOy 平面放置在y=-R 的位置。一束質(zhì)量為

11、 m，電荷量為q、動(dòng)能為 E0 的帶正電粒子從坐標(biāo)為（ -R，0）的 A 點(diǎn)沿 x 軸正方向射入?yún)^(qū)域I，當(dāng)區(qū)域 II 內(nèi)無(wú)磁場(chǎng)時(shí)，粒子打在光屏上的 M 點(diǎn)；若在區(qū)域 II 內(nèi)加上方向垂直于 xOy 平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)乙 （圖中未畫(huà)出），上述粒子仍然從 A 點(diǎn)以相同的速度射入?yún)^(qū)域 I，則粒子打在熒光屏上的 N 點(diǎn)，甲、乙兩磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=，不計(jì)粒子重力。求：（ 1）打在 M 點(diǎn)的粒子的速度大小 V1 和打在 N 點(diǎn)的粒子速度大小 V2 以及甲、乙兩磁場(chǎng)的方向。（ 2）熒光屏上 M 點(diǎn)到 y 軸的距離 xM 以及 N 點(diǎn)到 y 軸的距離 xN。（ 3）粒子從 A 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)所用的時(shí)間

12、 t 。15. 如圖所示， 一開(kāi)口向下的圓筒豎直懸掛， 圓筒內(nèi)有一質(zhì)量不計(jì)的活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體， 活塞與圓筒內(nèi)壁的摩擦不計(jì)。 當(dāng)圓筒內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度T1=300K 時(shí)，圓筒內(nèi)封閉氣體的長(zhǎng)度L 1=7.5cm。已知活塞的橫截面積S=40cm2，大氣壓強(qiáng) P0=1106Pa。若通過(guò)加熱，使圓筒內(nèi)氣體的長(zhǎng)度變?yōu)長(zhǎng) 2=10cm，求此時(shí)氣體的熱力學(xué)溫度 T2；若保持圓筒內(nèi)理想氣體的溫度T1=300K 不變，對(duì)活塞施加一豎直向下的拉力，使活塞緩慢下移，求圓筒內(nèi)氣體的長(zhǎng)度仍為L(zhǎng)2 =10cm 時(shí)，該拉力的大小 F。第4頁(yè)，共 17頁(yè)16.如圖所示，在xOy 平面內(nèi)有一列簡(jiǎn)諧橫波，圖甲為該波在t

13、=0 時(shí)的波形圖象圖乙為平衡位置在x=25m 處的質(zhì)點(diǎn)M 的振動(dòng)圖象。（ 1）若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波井發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象求該波所遇到的波的頻率f1。（ 2）若 t=0 時(shí)振動(dòng)剛傳到質(zhì)點(diǎn) M 處，求圖甲中平衡位置在 x=45m 處的質(zhì)點(diǎn) N（未畫(huà)出）到達(dá)波峰的時(shí)刻。第5頁(yè)，共 17頁(yè)答案和解析1.【答案】 B【解析】解：根據(jù)v-t 圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，可得，汽車(chē)在該段時(shí)間內(nèi)的位移為：x=201-10 1=10m平均速度 為： =5m/s故選：B。根據(jù) v-t 圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，求出位移，再求平均速度。本題關(guān)鍵是根據(jù)速度 時(shí)間圖象得到物體的運(yùn) 動(dòng)規(guī)律，根據(jù)平均速度的定

14、義和圖線(xiàn)與時(shí)間軸包圍的面積表示對(duì)應(yīng)時(shí)間 內(nèi)的位移大小，來(lái)進(jìn)行分析處理。2.【答案】 C【解析】解：A 、飛船在軌道上高速運(yùn) 動(dòng)，如果在同軌道上沿相反方向運(yùn) 動(dòng)，則最終會(huì)撞擊而不是成功 對(duì)接，故 A 錯(cuò)誤；B、兩者在同軌道上，飛船加速后做離心運(yùn) 動(dòng)，則飛船的軌道抬升，故不能采取同軌道加速對(duì)接，故B 錯(cuò)誤；C、飛船在低軌道加速做離心運(yùn) 動(dòng)，在合適的位置，飛船追上空 間站實(shí)現(xiàn)對(duì) 接，故 C正確；D、兩者在同一軌道飛行時(shí)，飛船突然減速做近心運(yùn) 動(dòng)，飛船的軌道高度要降低，故不可能與同軌道的空間站實(shí)現(xiàn)對(duì)接，故 D 錯(cuò)誤 。故選：C。衛(wèi)星變軌主要是從低 軌道加速做離心運(yùn) 動(dòng)抬升軌道，或在高軌道減速做近心運(yùn)動(dòng)

15、而降低軌道。掌握衛(wèi)星對(duì)接的原理是通 過(guò)不同高度 軌道運(yùn)動(dòng)，利用離心運(yùn)動(dòng)（抬高軌道）或近心運(yùn)動(dòng)（降低軌道）實(shí)現(xiàn)航天器的 對(duì)接。3.【答案】 D【解析】第6頁(yè)，共 17頁(yè)動(dòng)的水平位移 x=v0t，豎直位移 y=，則運(yùn)動(dòng)的位移 s=解：A 、平拋運(yùn)，與時(shí)間的二次方不成正比，故 A 錯(cuò)誤 。B、重力的瞬時(shí)功率 P=mgvcos =mgv=mg2t，與時(shí)間成正比，故 B 錯(cuò)誤 。yC、平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不 變，則速度的增量 v=gt，與時(shí)間成正比，故 C 錯(cuò)誤 。D、根據(jù)動(dòng)能定理得，與時(shí)間的二次方成正比，故 D 正確。故選：D。根據(jù)平拋運(yùn) 動(dòng)的水平位移和 豎直位移，結(jié)合平行四 邊形定則得出位移的表達(dá)式，從

16、而判斷與時(shí)間 t 的關(guān)系；根據(jù)瞬時(shí)功率公式，結(jié)合速度時(shí)間公式得出重力瞬時(shí)功率的表達(dá)式，從而判斷與 時(shí)間 t 的關(guān)系；抓住平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不 變，得出速度增量與 時(shí)間的關(guān)系；根據(jù)動(dòng)能定理得出 動(dòng)能增量與 時(shí)間的關(guān)系，從而分析判斷。本題需得出位移、重力瞬 時(shí)功率、速度增量和動(dòng)能增量與 時(shí)間的關(guān)系，關(guān)鍵通過(guò)物理學(xué)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理等得出物理量 間的關(guān)系式，從而分析判斷。4.【答案】 B【解析】解：H 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為說(shuō)負(fù)電荷在 H點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與兩個(gè)正電零， 明荷在 H 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等方向相反，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可得，負(fù)電荷在 H點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為電荷在 H點(diǎn)，兩個(gè)正的合場(chǎng)強(qiáng)也為，當(dāng)

17、負(fù)點(diǎn)電荷移到 H點(diǎn)時(shí) 負(fù)電荷與 G點(diǎn)的距離為負(fù)電荷在 G點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)，2a，強(qiáng)為，方向沿 y 軸正向，由于 GH 對(duì)稱(chēng)，所以?xún)蓚€(gè)正電荷在 G 點(diǎn)和 H 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等方向相反，大小為，方向沿 y 軸負(fù)向，所以 G 點(diǎn)處場(chǎng)合強(qiáng)的大小為，方向沿 y 軸負(fù)向，故 B 正確；第7頁(yè)，共 17頁(yè)ACD 錯(cuò)誤 。故選：B。根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加的原理，可以知道在H 點(diǎn)的時(shí)候負(fù)電荷在H 點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與兩個(gè)正 電荷在 H 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等方向相反，在 G點(diǎn)同樣根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加來(lái) 計(jì)算合場(chǎng)強(qiáng)的大小即可。本題是對(duì)場(chǎng)強(qiáng)疊加原理的考 查，同時(shí)注意點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式的應(yīng)用，本題的關(guān)鍵的是理解 H 點(diǎn)處的電

18、場(chǎng)強(qiáng)度恰好為零的含義。5.【答案】 BC【解析】解：氫原子從第四 級(jí)躍遷到第二能 級(jí)時(shí)輻射出的光子恰好可以使某光電管陰極發(fā)生光電效應(yīng)，可知第四能級(jí)和第二能 級(jí)間的能級(jí)差等于逸出功。A 、第四能級(jí)和第三能 級(jí)間的能級(jí)差小于第四能 級(jí)和第二能 級(jí)間的能級(jí)差，則輻射的光子能量小于逸出功，不能 發(fā)生光電效應(yīng)，故A 錯(cuò)誤 。B、第三能級(jí)和第一能 級(jí)間的能級(jí)差大于第四能 級(jí)和第二能 級(jí)間的能級(jí)差，則輻射的光子能量大于逸出功，能 發(fā)生光電效應(yīng)，故 B 正確。C、第二能級(jí)和第一能 級(jí)間的能級(jí)差大于第四能 級(jí)和第二能 級(jí)間的能級(jí)差，則輻射的光子能量大于逸出功，能 發(fā)生光電效應(yīng)，故 C 正確。D、第五能級(jí)和第三能

19、 級(jí)間的能級(jí)差小于第四能 級(jí)和第二能 級(jí)間的能級(jí)差，則輻射的光子能量小于逸出功，不能 發(fā)生光電效應(yīng)，故D 錯(cuò)誤 。故選：BC。發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子能量大于逸出功， 結(jié)合兩能級(jí)間的能級(jí)差與逸出功比較，判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)。解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，以及知道能 級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能 級(jí)間的能級(jí)差。6.【答案】 BD【解析】第8頁(yè)，共 17頁(yè)解：A 、加速上升過(guò)程中，F(xiàn)=，v 增大，F(xiàn) 減小，F(xiàn)-f=ma，ff 隨速度增大，所以加速度減小，故 A 錯(cuò)誤；B、加速過(guò)程中，加速度 a 方向向上，處于超重狀 態(tài)，故B 正確；c、當(dāng)F=f 時(shí)，速度最大，即 P=Fv=kv2，得v

20、=，故C 錯(cuò)誤；D、當(dāng) v=時(shí)，F(xiàn)=2，由牛頓第二定律得 F-f=ma，求得 a=故選：BD。1、牛頓第二定律 F=ma；2、a 向下為失重，a 向上為超重；3、當(dāng)F=f 時(shí)，火箭速度最大，且 P=Fv；4、根據(jù) F=ma可求知。此題考查牛頓第二定律和功率P=Fv 的應(yīng)用，注意當(dāng) F=f 時(shí)，速度最大。7.【答案】 CD【解析】解：A 、圖示位置穿 過(guò)線(xiàn)框的磁通量最大， A 錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=NBS =200 0.2 100=400V則交流電壓的有B、效值則線(xiàn)則B錯(cuò)誤，C 正確；400V 原副圈的匝數(shù)比 n=400：220=20：11，為險(xiǎn)絲的最大電流為則D、因 保10A， 最大功率

21、Pm=UI=40010=4000W；故D正確；故選：CD。根據(jù) E=NBS 求出線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì) 最大值，根據(jù)最大值求出有效 值，根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)比，求出原副 線(xiàn)圈的匝數(shù)之比，根據(jù) 電流比等于匝數(shù)之反比求出副 線(xiàn)圈的電流，從而求出燈泡的 額定功率解決本題 的關(guān)鍵 掌握交流 電電動(dòng)勢(shì) 峰值 的表達(dá)式，以及知道峰 值 與有效值的關(guān)系，知道原副線(xiàn)圈電壓、電流與匝數(shù)比的關(guān)系8.【答案】 BCD【解析】第9頁(yè)，共 17頁(yè)時(shí)產(chǎn)應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv=B?2r?v=2Brv，故A錯(cuò)誤；解：A 、當(dāng) =0 ，桿 生的感B、當(dāng)時(shí)，由幾何知識(shí)可知，切割磁感應(yīng)的有效長(zhǎng)度為：L=r，由速度位移公式 為：=2a

22、x 可知，此時(shí)導(dǎo)體直桿的速度 為：v=，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 ：E=BLv=Br，故B 正確；C、當(dāng)時(shí) 電總電阻為：R=（+ ）rR0， 路此時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)的有效長(zhǎng)度為：L=導(dǎo)為：v=r， 體棒的速度，通過(guò)桿的感應(yīng)電流為：I=，故C 正確；D、當(dāng)時(shí)總電阻為：R=（ +1）rR0，回路切割磁感 線(xiàn)的有效長(zhǎng)度為：L=r，導(dǎo)體桿的速度 為：v=感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 ：E=BLv感應(yīng)電流為：I= ，安培力為：F=BIL=，故D 正確；故選：BCD。根據(jù)幾何關(guān)系求出此 時(shí)導(dǎo)體棒的有效切割 長(zhǎng)度，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢(shì)。根據(jù)電路結(jié)構(gòu)應(yīng)用串并聯(lián)電 路特點(diǎn)求出 電路電阻，應(yīng)用歐姆定律求出 電路電流，然后應(yīng)用安培

23、力公式求出安培力。本題是電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的綜合題，分析清楚導(dǎo)體桿的運(yùn) 動(dòng)過(guò)程與電路第10 頁(yè)，共 17頁(yè)結(jié)構(gòu)是解題的前提，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出桿的速度、 應(yīng)用幾何知 識(shí)求出切割磁感應(yīng)的有效長(zhǎng)度，應(yīng)用 E=BLv 、歐姆定律與安培力公式可以解 題 。9.【答案】 ABD【解析】解：A 、食鹽是晶體，具有各向異性，晶體中的 鈉、氯離子按一定 規(guī)律分布，具有空間上的周期性，故 A 正確。B、液晶具有液體的流 動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征，故B 正確。C、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，機(jī)械能可以全部 轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，在沒(méi)有外界影響時(shí)，內(nèi)能不能全部用來(lái)做功以 轉(zhuǎn)化成機(jī)械能，但題目中沒(méi)有 說(shuō)不引起其他外界變化

24、，故 C 錯(cuò)誤 。D、水黽可以停在水面上是因 為液體表面 張力與重力平衡，故 D 正確。E、根據(jù)熱力學(xué)第一定律 U=Q+W ，可知，外界對(duì)物體做功 時(shí)，若物體向外界放熱，且多于做功，則物體的內(nèi)能減少，故 E 錯(cuò)誤 。故選：ABD 。晶體中的分子是按一定 規(guī)律分布，具有周期性；液晶像液體一 樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一 類(lèi)物質(zhì)；熱量也可以全部 轉(zhuǎn)化為功，但必須發(fā)生其它的一些 變化；水黽能停在水面上，是因 為液體表面 張力的作用；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以解決內(nèi)能的一些問(wèn)題。本題考查了熱力學(xué)第二定律、熱力學(xué)第一定律、液晶、液體的表面 張力等知識(shí)點(diǎn)。這種題型屬于基 礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大

25、。10.【答案】 ABE【解析】解：AB 、通過(guò)三棱鏡后，c 光的偏折程度最小， a 光的偏折程度最大， 則棱鏡對(duì)c 光的折射率最小， c 光的波長(zhǎng)最長(zhǎng) 。a光的折射率最大，頻率最大，故 AB 正確。C、c 光的折射率最小， a 光的折射率最大，由公式 v=分析可知，a、b、c 三色第11 頁(yè)，共 17頁(yè)光在玻璃三棱 鏡中的傳播速度依次越來(lái)越大。故C 錯(cuò)誤 。D、c 光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，a 光波長(zhǎng)最短。因?yàn)殡p縫干涉條紋的間距與波長(zhǎng)成正比，則 c 光形成的干涉條 紋的間距最大，故 D 錯(cuò)誤 。E、c 光的折射率最小， a 光的折射率最大，由 臨界角公式 sinC=分析得知，a光的臨界角最小，c 光臨界

26、角最大，則若讓 a、b、c 三色光以同一入射角，從空氣中某方向射入一介 質(zhì)，b 光恰能發(fā)生全發(fā)射，則 a 光也一定能 發(fā)生全反射。故 E正確。故選：ABE。白光通過(guò)玻璃三棱 鏡折射后色散，從 c 到 a 形成紅光到紫光的彩色光 帶，c 光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，a 光波長(zhǎng)最短。c 光的折射率最小， a 光的折射率最大，由公式 v=分析光在玻璃三棱 鏡中的傳播速度的大小。干涉條 紋的間距與波 長(zhǎng)成正比。由臨界角公式 sinC=分析臨界角的大小，分析全反射 現(xiàn)象。本題屬于光的色散 現(xiàn)象問(wèn)題，對(duì)于色散研究得到的七種色光排列順序、折射率大小等等要 記牢，同時(shí)，要記住折射率與波 長(zhǎng)、頻率、臨界角的關(guān)系，這些都是考試

27、的熱點(diǎn)。11.【答案】 0.5=【解析】解：（1）由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)：d1=0mm+5 0.1mm=0.5mm。2）滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度：v1= ，v2=，（系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1-m2v2=0，整理得：=；故答案為：（1）0.5；（2）=。標(biāo)標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)。（1）游 卡尺主尺與游寬度與滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間求出滑塊的速度，然后應(yīng)用（2）根據(jù)遮光片的動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式。本題考查了游標(biāo)卡尺讀實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方數(shù)、第12 頁(yè)，共 17頁(yè)法，游標(biāo)卡尺主尺與游 標(biāo)尺示數(shù)之和是游 標(biāo)卡尺示數(shù)；系統(tǒng)所受合外力 為零，系統(tǒng)動(dòng)量守

28、恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解 題。12.【答案】 左 3.60.7 小小【解析】解：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示；為讓電流由最小值開(kāi)始調(diào)節(jié)動(dòng)變阻器的滑片開(kāi)始時(shí)應(yīng)滑到最左端；（2） 了，滑電路中定值電阻的作用是保護(hù)電電源發(fā)生短路；路，防止閉電路歐姆定律可知， U=E-I （R0+r），由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)（3）根據(jù) 合E=3.6V，圖象的斜率表示內(nèi) 電阻與定 值電阻之和：r+R0=6，電源內(nèi)阻：r=0.7 ；（4）保護(hù)電阻等效到 電源的內(nèi)部，電壓表測(cè)的電壓為外電壓，電流表所測(cè)的電流偏小；而當(dāng)電路圖短路時(shí)，電壓表的分流可以忽略，故短路 電路相等，作出 U-I 圖線(xiàn)的測(cè)量圖

29、線(xiàn)和實(shí)際圖線(xiàn) ，虛線(xiàn)表示實(shí)際圖，從圖線(xiàn)可以看出，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的 測(cè)量值均小于真 實(shí)值。故答案為：（1）實(shí)物電路圖如圖所示；（2）左；3（）3.6；0.7（4）?。恍?。（1）根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖。（2）明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)安全要求進(jìn)行分析，明確電阻的作用以及滑片開(kāi)始 時(shí)的位置；（3）U-I 圖線(xiàn)的縱軸截距表示 電源的電動(dòng)勢(shì)，圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻。將第13 頁(yè)，共 17頁(yè)保護(hù)電阻等效到 電源的內(nèi)部；（4）作出U-I 圖線(xiàn)的測(cè)量圖線(xiàn)和真實(shí)圖線(xiàn)，比較電動(dòng)勢(shì) 和內(nèi)阻的 測(cè)量值和真實(shí)值的大小。解決本題的關(guān)鍵會(huì)從 U-I 圖線(xiàn)獲取電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，注意將保護(hù)電阻等效到電源的內(nèi)部，最終電源的內(nèi)阻等于 圖線(xiàn)

30、的斜率絕對(duì)值減去保護(hù)電阻的阻值。以及會(huì)分析誤差的來(lái)源，通過(guò)圖象分析測(cè)量值和真實(shí)值的關(guān)系。13.【答案】 解：（ 1）小球從 A 運(yùn)動(dòng)到 B 的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgh=得 v0=10m/s（ 2）小球從 A 運(yùn)動(dòng)到 E 的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得mg（ h-R）=在 E 點(diǎn)，對(duì)小球，由牛頓第二定律得mg+F =m聯(lián)立解得F =25N根據(jù)牛頓第三定律知，小球通過(guò)E 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F =F =25N答：（ 1）小球通過(guò)B 點(diǎn)時(shí)的速度大小v0 為 10m/s。（ 2）小球通過(guò)E 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F 是 25N?！窘馕觥浚?）小球從A 運(yùn)動(dòng)到 B 的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求小球通

31、過(guò) B 點(diǎn)時(shí)的速度大小 v0。（2）先根據(jù)機(jī)械能守恒定律求小球通 過(guò) E 點(diǎn)時(shí)的速度。再由牛頓運(yùn)動(dòng)定律求小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?F。解決本 題的關(guān)鍵要分析清楚小球能量的轉(zhuǎn)化情況，把握每個(gè) 過(guò)程的物理 規(guī)律，要掌握?qǐng)A周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源：指向圓心的合力。14.M點(diǎn)和 N點(diǎn)的粒【答案】 解：（ 1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫磁力不做功，故打在子動(dòng)能均為E0， v2 大小相等。則有：解得： v=v2=由左手定則可知，甲磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，乙磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里。（ 2）如圖所示，區(qū)域B 中無(wú)磁場(chǎng)時(shí)，粒子在區(qū)域中運(yùn)動(dòng)后打在M 點(diǎn)軌跡圓的圓心為第14 頁(yè)，共 17頁(yè)O1 點(diǎn)，設(shè)其軌跡圓的半徑為r，由牛頓第

32、二定律有：解得：由幾何關(guān)系可知，OM 與 y 軸負(fù)方向的夾角為30，故：解得： xM=R區(qū)域 有磁場(chǎng)時(shí)，粒子軌跡圓的圓心為O2 點(diǎn)，同理可得其軌跡圓的半徑也為：由幾何關(guān)系可得：xN=2rcos30 -R解得： xN=2R（ 3）粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為：根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子在兩磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，均為，故所求時(shí)間為：解得：答：（ 1）打在 M 點(diǎn)的粒子的速度大小V1 和打在 N 點(diǎn)的粒子速度大小V2 都是，甲磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，乙磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里；（ 2）熒光屏上 M 點(diǎn)到 y 軸的距離 xM 為 R，N 點(diǎn)到 y 軸的距離 xN 為 2R；（ 3）粒子從 A 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)所用的時(shí)間t 為。【解析】（1）根據(jù)洛倫磁力不做功可知，速度大小不 變，即由解得速度大小；再根據(jù)左手定 則解得甲磁 場(chǎng)和乙磁場(chǎng)的方向；場(chǎng)圓周運(yùn)動(dòng)倫茲力提供向心力，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡及結(jié)（2）粒子在磁 中做勻速，洛合幾何關(guān)