四川宜賓市高三二診理科綜合物理試題解析版

1、宜賓市高2018屆高三第二次診斷測試?yán)砜凭C合物理試題二、選擇題1. 我國科學(xué)家潘建偉院士預(yù)言十年左右量子通信將“飛”入千家萬戶。在通往量子論的道路上，一大批物理學(xué)家做出了卓越的貢獻(xiàn)，下列有關(guān)說法正確的是a. 愛因斯坦提出光子說，并成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象b. 德布羅意第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念c. 玻爾在1900年把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念d. 普朗克把光的波粒二象性推廣到實物粒子，預(yù)言實物粒子也具有波動性【答案】a【解析】愛因斯坦提出光子說，并成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，選項a正確；玻爾第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，選

2、項b錯誤；普朗克在1900年把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，故c錯誤；德布羅意把光的波粒二象性推廣到實物粒子，預(yù)言實物粒子也具有波動性，選項d錯誤；故選a.2. 我國“蛟龍?zhí)枴痹谀炒卧囼灂r，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面的10min內(nèi)全過程的深度曲線甲和速度圖象乙，下列說法中正確的是a. 全過程中最大加速度是0.025m/s2b. 潛水員感到超重發(fā)生在01 min和810min的時間段內(nèi)c. 圖中h3代表本次下潛最大深度，應(yīng)為300md. 潛水器在上升階段的平均速度大小為1.5m/s【答案】d【解析】由圖乙的斜率表示加速度，則在0-1min和3-4

3、min時間內(nèi)的加速度最大，最大加速度大小是，故a錯誤；34min內(nèi)減速下降和68min加速上升均會出現(xiàn)超重現(xiàn)象；而01 min和810min的加速度向下，是失重，故b錯誤；甲圖是深度曲線，圖中h3代表本次最大深度。第0-1min內(nèi)做加速運(yùn)動，位移：1=，1min時的速度：v1=at1=0.033×60=2m/s，1-3min時間內(nèi)做勻速運(yùn)動，位移：x2=v1t2=2×（3-1）×60m=240m，3-4min時間內(nèi)做減速運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動的對稱性，位移與加速階段的位移大小相等，即：x3=x1=60m，下潛的總深度：h=x1+x2+x3=360m；故c錯誤；潛

4、水器在上升階段的平均速度大小為，故d正確；故選d.點(diǎn)睛：本題是圖象問題，看懂圖象是解題的關(guān)鍵，明確圖象的斜率和點(diǎn)坐標(biāo)的含義，此外要明白超重、失重的實質(zhì)等，考查較為廣泛，是道好題3. 如圖所示，一砂袋用無彈性輕細(xì)繩懸于o點(diǎn)。開始時砂袋處于靜止?fàn)顟B(tài)，一彈丸以水平速度v0擊中砂袋后未穿出，二者共同擺動。若彈丸質(zhì)量為m，砂袋質(zhì)量為5m，彈丸和砂袋形狀大小忽略不計，彈丸擊中沙袋后漏出的沙子質(zhì)量忽略不計，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法中正確的是a. 彈丸打入砂袋過程中，細(xì)繩所受拉力大小保持不變b. 彈丸打入砂袋過程中，彈丸對砂袋的沖量大小大于砂袋對彈丸的沖量大小c. 彈丸打入砂袋過程中所產(chǎn)生的熱量

5、為d. 砂袋和彈丸一起擺動所達(dá)到的最大高度為【答案】d【解析】彈丸打入沙袋的過程由動量守恒定律mv0=(m+5m)v，解得v=v0；彈丸打入沙袋后，總質(zhì)量變大，且做圓周運(yùn)動，根據(jù)t=6mg+6m可知，細(xì)繩所受拉力變大，選項a錯誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，彈丸打入砂袋過程中，彈丸對砂袋的沖量大小等于砂袋對彈丸的沖量大小，選項b錯誤；彈丸打入砂袋過程中所產(chǎn)生的熱量為，選項c錯誤；由機(jī)械能守恒可得：，解得，選項d正確；故選d.4. 如圖所示，有a、b兩顆衛(wèi)星繞地心o在同一平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，旋轉(zhuǎn)方向相同。a衛(wèi)星周期為ta，b衛(wèi)星的周期為tb，在某一時刻兩衛(wèi)星相距最近，下列說法中正確的是a. a、b兩顆衛(wèi)

6、星經(jīng)過時間t=ta再次相距最近b. a、b兩顆衛(wèi)星的軌道半徑之比為c. a、b兩顆衛(wèi)星的向心加速度大小之比為d. 若已知兩顆衛(wèi)星相距最近時a、b之間的距離，可求出地球表面的重力加速度【答案】c【解析】兩行星相距最近時，兩行星應(yīng)該在同一半徑方向上，a多轉(zhuǎn)動一圈時，第二次追上，轉(zhuǎn)動的角度相差2，即：，解得： 故a錯誤；根據(jù)開普勒第三定律可知：，則，選項b錯誤；根據(jù)，選項c正確；若己知兩顆衛(wèi)星相距最近時的距離，結(jié)合兩顆衛(wèi)星的軌道半徑之比可以求得兩顆衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)萬有引力提供向心力得：，所以可求出地球的質(zhì)量，但不知道地球的半徑，所以不可求出地球表面的重力加速度，故d錯誤；故選c.點(diǎn)睛：根據(jù)幾何關(guān)

7、系得到兩顆衛(wèi)星相距最近和相距最遠(yuǎn)所滿足的角度關(guān)系，最近時兩衛(wèi)星在同一半徑上角度差為2弧度，衛(wèi)星相距最遠(yuǎn)時，兩衛(wèi)星在同一直徑上，轉(zhuǎn)過的角度差為弧度5. 如圖所示，電路中理想變壓器原、副線圈接入電路的匝數(shù)可通過單刀雙擲開關(guān)改變，a為理想交流電流表。在變壓器原線圈a、b兩端加上一峰值不變的正弦交變電壓。下列分析正確的是a. 只將s1從1撥向2時，電流表示數(shù)變小b. 只將s2從3撥向4時，電流表示數(shù)變大c. 只將r的滑片上移，r1的電功率變大d. 只將r的滑片上移，r2的電功率減小【答案】d【解析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知：，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知：a. 只將s1從1撥向2時，原線圈的匝數(shù)減少，所以副線

8、圈上的電壓增大，負(fù)載上的功率增大，所以電流表示數(shù)變大。故a錯誤；b. 將s2從3撥向4時，副線圈的匝數(shù)減少，所以副線圈上的電壓減小，負(fù)載上的功率減小，所以電流表示數(shù)變小。故b錯誤；c.只將r的滑片上移，副線圈輸出電壓不變，r1的電功率不變，故c錯誤；d. 將r的滑片上移，接入電路的有效電阻變大，所以串聯(lián)電路(r和r2)的電阻增大，流過串聯(lián)電路的電流變小，所以電阻r2的電功率變小。d正確。故選：d6. 如圖所示，水平放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，左端接有電阻r，勻強(qiáng)磁場b豎直向下分布在導(dǎo)軌所在的空間內(nèi)，金屬棒pq垂直導(dǎo)軌放置。今使棒以一定的初速度水平向右發(fā)動，到位置c時棒剛好靜止設(shè)導(dǎo)軌與

9、棒的電阻均不計，a到b與b到c的間距相等，速度與棒始終垂直。則金屬棒在由a到b和b到c的兩個過程中a. 棒運(yùn)動的加速度大小相等b. 回路中產(chǎn)生的內(nèi)能相等c. 通過棒截面的電量相等d. a到b棒的動能減少量大于b到c棒的動能減少量【答案】cd【解析】金屬棒受到的安培力，金屬棒受到的安培力水平向左，金屬棒在安培力作用下做減速運(yùn)動，速度v越來越小，導(dǎo)體棒克服安培力做功，把金屬棒的動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由于ab間距離與bc間距離相等，安培力f從a到c逐漸減小，由w=fs定性分析可知，從a到b克服安培力做的比從b到c克服安培力做的功多，因此在a到b的過程產(chǎn)生的內(nèi)能多，由動能定理，a到b棒的動能減少量大于b到c

10、棒的動能減少量，故b錯誤d正確；金屬棒pq在運(yùn)動過程中所受到的合力是安培力，由牛頓第二定律得：=ma，由于v減小，所以金屬棒向右運(yùn)動過程中，加速度逐漸減小，故a錯誤；金屬棒運(yùn)動過程中，電路產(chǎn)生的感應(yīng)電荷量，從a到b的過程中與從b到c的過程中，回路面積的變化量s相等，b、r相等，因此，通過棒橫截面積的電荷量相等，故c正確；故選cd.7. 一質(zhì)量為m的小球，在光滑的水平桌面上以速度v0勻速直線運(yùn)動，t=0時小球受到水平恒力f作用，速度大小先減小后增大，其最小值為v=0.5v0，由此可判斷a. 小球受力f作用后一定做勻變速曲線運(yùn)動b. 小球受力f作用后可能做圓周運(yùn)動c. t=0時恒力f與速度v0方向

11、間的夾角為120°d. 時，小球速度最小【答案】ad【解析】在t=0時開始受到恒力f作用，加速度不變，做勻變速運(yùn)動，若做勻變速直線運(yùn)動，則最小速度可以為零，所以質(zhì)點(diǎn)受力f作用后一定做勻變速曲線運(yùn)動，故a正確；物體在恒力作用下不可能做圓周運(yùn)動，故b錯誤；設(shè)恒力與初速度之間的夾角是，最小速度：v1=v0sin=0.5v0，可知初速度與恒力的夾角為鈍角，所以是150°，故c錯誤；在沿恒力方向上有：v0cos30°t0，解得：，故d正確。故選ad。點(diǎn)睛：此題考查平拋運(yùn)動的處理規(guī)律，知道物體在恒力作用下不可能做勻速圓周運(yùn)動，掌握合成法則與運(yùn)動學(xué)公式的應(yīng)用，注意分運(yùn)動與合運(yùn)動

12、的等時性8. 如圖，質(zhì)量為m，電量為+q的小球，用長度為l的絕緣細(xì)線懸掛于o點(diǎn)，平衡時，小球位于o點(diǎn)的正下方。施加一水平向右的勻強(qiáng)電場后，小球向右擺動，擺動的最大角度為60°；在改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，小球的平衡位置在=60°處，然后再將小球的質(zhì)量改變?yōu)?m，其新的平衡位置在=30°處，重力加速度為g。下列說法中正確的是a. 水平向右的勻強(qiáng)電場強(qiáng)度為b. 在水平向右的勻強(qiáng)電場中，小球由靜止?fàn)顟B(tài)向右擺動到60°時，電勢增加了c. 改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，小球受到的電場力大小為mgd. 改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，電場的方向向右上方且與水平面成30&

13、#176;【答案】acd【解析】帶電小球a，受到電場力向右擺動的最大角度為60°，末速度為零，此過程中電場力f對小球做正功，重力g做負(fù)功，細(xì)線拉力t不做功，根據(jù)動能定理，則有：eqlsin-mgl（1-cos）=0，解得：，選項a正確；在水平向右的勻強(qiáng)電場中，小球由靜止?fàn)顟B(tài)向右擺動到60°的過程中，電場力做正功，電勢能減小，選項b錯誤；改變電場強(qiáng)度的大小和方向后，平衡在=60°處時，設(shè)電場力與豎直方向的夾角為，根據(jù)正弦定理，則有： ；而在新的平衡位置在=30°處，根據(jù)正弦定理，則有：；解得f=mg；=600，即電場的方向向右上方且與水平面成300角，選項

14、cd正確；故選acd.點(diǎn)睛：考查動能定理的應(yīng)用，掌握正弦定理的內(nèi)容，理解平衡條件及矢量合成法則的運(yùn)用；區(qū)別“平衡位置”與“擺角最大位置”的不同三、非選擇題： 9. 用如圖甲所示的裝置測量彈簧的彈性勢能。將處于自然狀態(tài)的一根彈簧放置在水平氣墊導(dǎo)軌上，左端固定，右端在o點(diǎn)；在o點(diǎn)右側(cè)的b處安裝一個光電門，計時器（圖中未畫出）與光電門相連。用帶有遮光條的滑塊壓縮彈簧到某位置a，靜止釋放，光電門遮光條的寬度為d，并記錄的遮光時間為t。(1)用螺旋測微器測量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則寬度為_mm；(2)計算滑塊離開彈簧時速度大小的表達(dá)式是_（用題目中的物理量表示）；(3)為求出彈簧的彈性勢能，還需要

15、測量_。a彈簧原長l0 b當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭c滑塊（含遮光條）的質(zhì)量m da、o之間的距離x【答案】 (1). (1) 2.558(2.5572.559) (2). (2) (3). (3) c【解析】（1）由圖乙所示螺旋測微器讀數(shù)：2.5mm+0.01mm×5.7=2.557mm；（2）滑塊離開彈簧時速度大小的表達(dá)式是；點(diǎn)睛：本題考查探究彈簧彈性勢能的大小的實驗，基本原理為功能關(guān)系，要注意正確分析題意，明確實驗原理，從而利用實驗方法進(jìn)行分析即可正確求解10. 某同學(xué)想測量一個量程為03v，內(nèi)阻約3k的電壓表v的內(nèi)阻rx，所用的實驗器材有：待測電壓表v；電流表a（量程01.2ma，內(nèi)阻

16、為ra=100）；滑動變阻器r1（0500）；定值電阻r=5.0k；電阻箱r0(09999.9)；電源e（電動勢8v，內(nèi)阻較?。?；開關(guān)一個、導(dǎo)線若干 (1)要把電流表a改為量程012v的電壓表，應(yīng)與電流表a串聯(lián)的電阻箱r0電阻調(diào)為_；(2)按如圖（a）所示電路連接好電路，將電阻箱阻值按照上述第(1)問計算結(jié)果調(diào)節(jié)好，閉合開關(guān)s前應(yīng)先將滑動變阻器的滑片調(diào)到最_端（選填:“左”或“右”）。實驗中，多次調(diào)節(jié)滑動變阻器，記下電壓表v的示數(shù)u和電流表a的示數(shù)i；(3)該同學(xué)以i為縱坐標(biāo)，u為橫坐標(biāo)建立坐標(biāo)系，根據(jù)測得數(shù)據(jù)描點(diǎn)作圖如圖（b）所示由電路圖可知i與u的關(guān)系式為i=_（用題中所給物理量符號表示）

17、，結(jié)合圖線（b）和已知數(shù)據(jù)可求得待測電壓表內(nèi)阻rx=_k；（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）(4)該同學(xué)還想利用圖（a）電路，測量一量程為01v、內(nèi)阻約2k的電壓表內(nèi)阻，為保證實驗中的測量數(shù)據(jù)變化范圍盡量大，只需更換一個定值電阻即可，若有四個阻值分別為2.0k，8.0k，14.0k，20.0k的定值電阻可供選擇，他應(yīng)選用阻值為_k的定值電阻【答案】 (1). (1) 9900 (2). (2）左端 (3). (3) (4). 3.03.3 (5). (4) 14.0【解析】（1）要把電流表a改為量程012v的電壓表，應(yīng)與電流表a串聯(lián)的電阻箱r0電阻調(diào)為；（2）閉合開關(guān)s前應(yīng)先將滑動變阻器的滑片調(diào)到最左端

18、；（3）由電路圖可知： ，即 ；由圖像可知： ，解得rx=3.2k（4）測量量程為0-1v、內(nèi)阻約2k電表內(nèi)阻，則此電壓表的最大電壓為1v，最大電流為，定值電阻與電壓表串聯(lián)，電源電壓為8v，所以定值電阻最大電壓為7v，最大電流為i1，則電阻點(diǎn)睛：解答本題應(yīng)明確：對測量電壓表內(nèi)阻實驗，要根據(jù)已知電壓表內(nèi)阻是否為確定值來選擇將兩電壓表串聯(lián)還是并聯(lián)，注意串聯(lián)時兩電壓表的電流應(yīng)接近才行，否則應(yīng)進(jìn)行改裝；并聯(lián)時兩電壓表的電壓應(yīng)接近，否則應(yīng)進(jìn)行改裝當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測電阻時，變阻器應(yīng)采用分壓式接法11. 如圖甲所示，一汽車通過電子不停車收費(fèi)系統(tǒng)etc。假設(shè)汽車從o點(diǎn)以v0=6m/s的速度勻速駛向et

19、c收費(fèi)島，在oa路段所受阻力大小f1=1×103n；汽車從a處進(jìn)入etc收費(fèi)島后，假設(shè)仍保持功率不變完成自動繳費(fèi)并駛離收費(fèi)島,并以v=3m/s速度勻速離開b處，汽車的速度-時間圖像如圖乙所示。已知etc收費(fèi)島ab段長度d=25m，汽車質(zhì)量m=2×103kg，汽車在oa段和ab段所受阻力分別為恒力。 (1)求汽車在運(yùn)動過程中發(fā)動機(jī)的輸出功率；(2)當(dāng)汽車加速度大小為0.25m/s2時，求此時汽車的速度大小；(3)求汽車在etc收費(fèi)島ab段內(nèi)行駛的時間?！敬鸢浮?1) p=6.0kw (2) v1=4m/s (3) tab=3.83s 【解析】(1)在oa段p=f1v0f1=f

20、1=1×103n解得：p=6.0kw 汽車離開b點(diǎn)前已經(jīng)勻速，則有：p=f2vf2=f2 f2-f=ma解得:v1=4m/s ab過程，由動能定理： ptab-f2d=解得：tab=3.83s 12. 如圖所示，在xoy平面直角坐標(biāo)系中，直角三角形acd內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b的勻強(qiáng)磁場。線段co=od=l，=30° 。在第四象限正方形odef內(nèi)存在沿x軸正方向、大小的勻強(qiáng)電場，在第三象限沿ac放置一平面足夠大的熒光屏，屏與y軸平行。一個電子p從坐標(biāo)原點(diǎn)o沿y軸正方向射入磁場，恰好不從ad邊射出磁場。已知電子的質(zhì)量為m，電量為e，不計電子的重力。(1)求電子p

21、射入磁場時的速度大?。?2)求電子p經(jīng)過y軸時的y坐標(biāo);(3)若另一電子q從x坐標(biāo)軸上某點(diǎn)（x0）以相同的速度仍沿y軸正方向射入磁場，且p、q打在熒光屏上同一點(diǎn)，求電子q在電場中運(yùn)動的時間。【答案】(1) (2) （0，） (3) 【解析】（1）由幾何關(guān)系可得：粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動受力洛倫茲力提供向心力：解得：，（2）假設(shè)電子從oe邊離開，則電子做類平拋運(yùn)動中，有： 解得：，由于<l，故假設(shè)成立，電子從oe邊射出，經(jīng)過y軸時的坐標(biāo)：（0，）（3）對于電子p，設(shè)射出時速度方向與y軸負(fù)向成角，射在熒光屏上的位置距離x軸為y，由幾何關(guān)系有：對于電子q，設(shè)其在電場中運(yùn)動的時間為t2，射出時

22、速度方向與y負(fù)軸方向成角，在y軸上的射出點(diǎn)與o點(diǎn)距離為，射出點(diǎn)與電子p打在熒光屏上的相交點(diǎn)豎直距離為：+=y=v0t2.聯(lián)立解得：t2=（另一個解是電子p在電場中運(yùn)動的時間，故舍棄）. 三、選考題13. 如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)過狀態(tài)b、c和d后再回到狀態(tài)a，其中，ab和cd為等溫過程，bc和da為絕熱過程。該循環(huán)過程中，下列說法正確的是_a. ab過程中，氣體對外界做功，吸熱b. bc過程中，氣體分子的平均動能增加c. cd過程中，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少d. da過程中，氣體分子的速率分布曲線發(fā)生變化e.該循環(huán)過程中，氣體吸熱【答案】ade【解析】ab過程中

23、，溫度不變，內(nèi)能不變，體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸熱，故a正確；bc過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故b錯誤；cd過程中，等溫壓縮，體積變小，分子數(shù)密度變大，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多，故c錯誤；da為絕熱過程，體積減小，外界對氣體做功，溫度升高，則氣體分子的速率分布曲線發(fā)生變化，選項d正確；一個循環(huán)中a到c體積增大，氣體對外做功，c到a體積減小外界對氣體做功，由p-v圖象的面積知?dú)怏w對外做功多，所以一個循環(huán)中氣體對外做功，回到原狀態(tài)內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸熱，故e正確；故選ade。點(diǎn)睛：本題考查了理想

24、氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體做功情況，再應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道溫度是分子平均動能的標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能由問題溫度決定；14. 如圖所示，一水平放置的薄壁圓柱形容器內(nèi)壁光滑，長為l，底面直徑為d，其右端中心處開有一圓孔，質(zhì)量為m的理想氣體被活塞封閉在容器內(nèi)，器壁導(dǎo)熱良好，活塞可沿容器內(nèi)壁自由滑動，其質(zhì)量、厚度均不計，開始時氣體溫度為300k，活塞與容器底部相距，現(xiàn)對氣體緩慢加熱，已知外界大氣壓強(qiáng)為p0求：溫度為480k時氣體的壓強(qiáng)【答案】【解析】試題分析：開始加熱時，在活塞移動的過程中，氣體做等圧変化，由蓋呂薩克定律求出活塞

25、緩慢移到最右端時的溫度；活塞移至最右端后，氣體做等容變化，根據(jù)查理定律即可求出溫度為480k時的壓強(qiáng)；開始加熱時，在活塞移動的過程中，氣體做等圧変化設(shè)活塞緩慢移動到容器最右端時，氣體末態(tài)溫度為初態(tài)溫度由蓋呂薩克定律知解得：活塞移至最右端后，氣體做等容變化，已知由查理定律知則答：溫度為480k時氣體的壓強(qiáng)為點(diǎn)睛：本題考查氣體實驗定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是確定氣體發(fā)生何種狀態(tài)變化過程，確定好氣體的各個狀態(tài)參量，選擇合適的規(guī)律求解即可15. 一列簡諧橫波沿x軸的正向傳播，振幅為2 cm，周期為t，已知在t0時刻波上相距40 cm的兩質(zhì)點(diǎn)a、b的位移都是1 cm，但運(yùn)動方向相反，其中質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)向運(yùn)動如圖所示，