安徽省宿州市2015屆高三上學(xué)期第一次模擬物理試卷

1、安徽省宿州市2015屆高考物理一模試卷一、選擇題（本題包括10小題，每小題只有個選項符合題意，每小題4分，共40分）1如圖所示，起重機(jī)用四根長度均為l的輕繩把貨物從四角吊起，貨物重為G，上表面是邊長為l的正方形，當(dāng)貨物保持水平且勻速上升時，每根繩上的拉力大小為( )AGBGCDG2如圖所示為甲、乙兩物體在同一直線上運(yùn)動的位移時間圖象，則下列說法正確的是( )A甲做加速度不斷增大的加速運(yùn)動，乙做勻加速運(yùn)動Bt時刻甲物體從后面追上乙物體C在0t時刻內(nèi)兩物體平均速度相等D相遇時，甲的速度小于乙的速度3實(shí)驗(yàn)室中常利用兩個平行的通電線圈產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場，如圖，給線圈通入圖示方向的電流，有一電子從線圈連心線的

2、中點(diǎn)O處豎直向上發(fā)射，則開始時刻電子所受洛倫茲力的方向?yàn)? )A水平向左B水平向右C垂直紙面向里D垂直紙面向外4如圖，長為l的輕繩一端固定在天花板上，另一端系著質(zhì)量為m的小球，把輕繩水平拉直由靜止釋放小球，重力加速度為g，不計空氣阻力，則繩子擺到與水平方向的夾角為30°時，重力的瞬時功率為( )AmgBCmgD5如圖所示，一個半徑為R的導(dǎo)電圓環(huán)與一個軸向?qū)ΨQ的發(fā)散磁場處處正交，環(huán)上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等，方向均與環(huán)面軸線方向成角（環(huán)面軸線為豎直方向）若導(dǎo)線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I，則下列說法正確的是( )A導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢B導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上C導(dǎo)電圓環(huán)所受安培

3、力的大小為2BIRD導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRsin6在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表的示數(shù)增大U（電壓表為理想電表），在這個過程中( )A電阻R的阻值可能增加，也可能減小B通過R1的電流增加，增加量一定等于C通過R的電流減小，減小量一定小于DR2兩端的電壓減小，減小量一定等于U7空間某一靜電場的電勢在x軸上分布如圖所示，若規(guī)定沿x軸正向的電場強(qiáng)度為正，則x軸上電場強(qiáng)度在x軸方向上的分量E隨x變化的圖象是( )ABCD8如圖（a）所示，水平地面上一根輕彈簧，一端連接壓力傳感器并固定在墻上，彈簧水平且無形變，一小物塊以一定的初速度撞向彈簧，通過壓力傳感

4、器，測出這一過程彈簧彈力的大小F隨時間t變化的圖象如圖（b）所示，則( )A小物塊運(yùn)動過程中不受摩擦力作用Bt2時刻小物塊的動能最大Ct2t3這段時間內(nèi)，小物塊的動能先增加后減少Dt2t3這段時間內(nèi)，小物塊增加的動能等于彈簧減少的彈性勢能9壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，某同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計了判斷電梯運(yùn)動狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖（a）所示，將壓敏電阻固定在絕緣的電梯底板上，其上放置一絕緣重球，電梯向上做直線運(yùn)動的過程中，電流表示數(shù)如圖（b）所示，已知t=0時刻電梯在地面上靜止，下列判斷正確的是( )A從t1到t2時間內(nèi)，電梯做勻速直線運(yùn)動B從t1到t2時間內(nèi)，電梯做勻加速直線運(yùn)動C從

5、t2到t3時間內(nèi)，電梯做勻速直線運(yùn)動D從t2到t3時間內(nèi)，電梯做勻加速直線運(yùn)動10一般的曲線運(yùn)動可以分成很多小段，每小段都可以看成圓周運(yùn)動的一部分，即把整條曲線用一系列不同半徑的小圓弧來代替如圖（a）所示，曲線上的A點(diǎn)的曲率圓定義為：通過A點(diǎn)和曲線上緊鄰A點(diǎn)兩側(cè)的兩點(diǎn)作一圓，在極限情況下，這個圓就叫做A點(diǎn)的曲率圓，其半徑叫做A點(diǎn)的曲率半徑圖（b）表示地球圍繞太陽做橢圓運(yùn)動，在近日點(diǎn)地球和太陽的中心距離為ra，在遠(yuǎn)日點(diǎn)地球和太陽的中心距離為rb，則地球在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度大小的比值是( )ABCD二、實(shí)驗(yàn)題（共2題，共計18分）11圖（a）為某同學(xué)探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系裝置圖，將彈簧懸掛在

6、鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側(cè)，彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時，長度記為L0，彈簧下端掛上砝碼盤，在砝碼盤中每次增加10g砝碼，記錄對應(yīng)的彈簧長度L，圖（b）是該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作的圖象，縱軸是砝碼的質(zhì)量，橫軸是彈簧長度L與L0的差值，由圖可知，砝碼盤的質(zhì)量為_g，彈簧的勁度系數(shù)為_N/m（重力加速度取9.8m/s2）12某實(shí)驗(yàn)小組在“測量某種金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中（1）用最小分度為1mm的米尺測量金屬絲的長度，圖（a）中箭頭所指位置是拉直的金屬絲接入電路的兩端在米尺上相對應(yīng)的位置，測得金屬絲長度L為_cm，用螺旋測微器測量該金屬絲直徑的結(jié)果如圖（b）所示，該金屬絲的直徑d為_mmA電壓表V1

7、（量程3 V，內(nèi)阻約為15K） B電壓表V2（量程15 V，內(nèi)阻約為75K） C電流表A1（量程0.3 A，內(nèi)阻約為0.5） D電流表A2（量程30m A，內(nèi)阻約為10） E變阻器R1（010，額定電流1 A） F變阻器R2（01000，額定電流30m A）G電源E（電動勢為5V，內(nèi)阻約為1）H開關(guān)、導(dǎo)線若干 （2）用多用電表粗略測量金屬絲的阻值，先把選擇開關(guān)旋到“×1”檔位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖（c）所示，則該金屬絲的阻值R是_（3）接下來該同學(xué)采用“伏安法”較準(zhǔn)確地測量該金屬絲的阻值R，實(shí)驗(yàn)室提供器材如下：為了較準(zhǔn)確測量該金屬絲的阻值R，要求各電表示數(shù)變化范圍較大，電壓表應(yīng)選_，電

8、流表應(yīng)選_，滑動變阻器應(yīng)選_（填器材前面的序號）在圖（d）方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖三、計算題（共4題，共計42分，解答時寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟，之寫最后答案的不得分）13在豎直平面內(nèi)有一粗糙的半徑R=0.4m的圓弧軌道，在軌道的最低點(diǎn)B處嵌入一壓力傳感器，B點(diǎn)距地面高度h=0.45m一質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊從軌道的最高點(diǎn)A由靜止釋放，經(jīng)過B點(diǎn)時壓力傳感器顯示示數(shù)為2.0N，接著水平速度離開軌道，落到水平地面上的C點(diǎn)空氣阻力不計，g取10m/s2，求：（1）小球從A到B的過程中克服摩擦力做的功；（2）落地點(diǎn)C距軌道最低點(diǎn)B的水平距離14如圖（a）所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，

9、有一水平、絕緣的傳送帶，在外力控制下以速度v順時針勻速轉(zhuǎn)動，在傳送帶的左端A點(diǎn)無初速度的放上一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小滑塊，小滑塊從傳送帶左端A點(diǎn)運(yùn)動到右端B點(diǎn)用時為2t，此過程的速度時間圖象如圖（b）所示，求：（1）小滑塊在傳送帶上所受摩擦力的大小（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢差15如圖所示，質(zhì)量M=2kg，半徑R=0.3m的四分之一豎直光滑圓弧槽，靜置在光滑水平面上，槽的末端和水平面相切，一質(zhì)量m=1kg，可視為質(zhì)點(diǎn)的光滑小球，以初速度v0沖上圓弧槽，g=10m/s2，求：（1）若槽固定在水平面上，要使小球恰好到達(dá)槽的最上端A點(diǎn)，v0應(yīng)為多少（2）若槽不固定，要使小球恰好到達(dá)槽的最上端A點(diǎn)，v

10、0應(yīng)為多少（3）若槽不固定，當(dāng)v0=6m/s時，圓弧槽最終獲得的速度16如圖（a）所示，兩塊足夠大的平行金屬板豎直放置，板間距d=15m，o和o分別為兩板的中心，板間存在空間分布均勻、大小和方向隨時間變化的電場和磁場，變化規(guī)律分別如圖（b），（c）所示（規(guī)定水平向右為電場的正方向，垂直紙面向里為磁場的正方向），在t=0時刻從左板中心O點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的粒子（不計重力），粒子的比荷=3×106C/kg，求：（1）在01×105S時間內(nèi)粒子運(yùn)動的位移的大小及獲得的速度大?。?）粒子最終打到右極板上的位置安徽省宿州市2015屆高考物理一模試卷一、選擇題（本題包括10小題，每小

11、題只有個選項符合題意，每小題4分，共40分）1如圖所示，起重機(jī)用四根長度均為l的輕繩把貨物從四角吊起，貨物重為G，上表面是邊長為l的正方形，當(dāng)貨物保持水平且勻速上升時，每根繩上的拉力大小為( )AGBGCDG考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：貨物保持水平且勻速上升，受力平衡，根據(jù)平衡條件結(jié)合幾何關(guān)系求解即可解答：解：貨物保持水平且勻速上升，受力平衡，則4根繩子的合力F=G，則每一根繩在豎直方向上的分量等于，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有：sin，則Tcos解得：T=故選：A點(diǎn)評：本題主要考查了共點(diǎn)力平衡條件的直接應(yīng)用，注意幾何關(guān)

12、系在解題中的應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題2如圖所示為甲、乙兩物體在同一直線上運(yùn)動的位移時間圖象，則下列說法正確的是( )A甲做加速度不斷增大的加速運(yùn)動，乙做勻加速運(yùn)動Bt時刻甲物體從后面追上乙物體C在0t時刻內(nèi)兩物體平均速度相等D相遇時，甲的速度小于乙的速度考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像 專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題分析：xt圖象的斜率等于物體運(yùn)動的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向，質(zhì)點(diǎn)通過的位移等于x的變化量x，平均速度為解答：解：A、xt圖象的斜率等于物體運(yùn)動的速度，所以乙做勻速直線運(yùn)動，甲做速度逐漸增大的直線運(yùn)動，故A錯誤；B、t時刻圖象相交，說明該時刻相遇，即t時刻甲物體從后面追上乙物體，故B正確

13、；C、質(zhì)點(diǎn)通過的位移等于x的變化量x，平均速度為，由圖象可知x甲x乙，時間相等，故甲的平均速度大于乙的，故C錯誤；D、相遇時，甲的斜率大于乙的，說明甲的速度大于乙的速度，故D錯誤；故選：B點(diǎn)評：本題關(guān)鍵掌握位移圖象的基本性質(zhì)：橫坐標(biāo)代表時刻，而縱坐標(biāo)代表物體所在的位置，縱坐標(biāo)不變即物體保持靜止?fàn)顟B(tài)；斜率等于物體運(yùn)動的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向，質(zhì)點(diǎn)通過的位移等于x的變化量x3實(shí)驗(yàn)室中常利用兩個平行的通電線圈產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場，如圖，給線圈通入圖示方向的電流，有一電子從線圈連心線的中點(diǎn)O處豎直向上發(fā)射，則開始時刻電子所受洛倫茲力的方向?yàn)? )A水平向左B水平向右C垂直紙面向里D垂直紙面向外考點(diǎn)：左

14、手定則；通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向 分析：先使用安培定則判斷出電流的磁場的方向，然后再由左手定則再判定電子受到的洛倫茲力的方向解答：解：由安培定則可知，兩環(huán)形電流產(chǎn)生的磁場的方向向右，當(dāng)電子向上運(yùn)動時，等效電路的方向向下，由左手定則可知，洛倫茲力的方向垂直于紙面向里故選：C點(diǎn)評：該題考查常見的磁場以及左手定則，屬于對基礎(chǔ)知識點(diǎn)和基本技能的考查，其中要注意的是電子帶負(fù)電4如圖，長為l的輕繩一端固定在天花板上，另一端系著質(zhì)量為m的小球，把輕繩水平拉直由靜止釋放小球，重力加速度為g，不計空氣阻力，則繩子擺到與水平方向的夾角為30°時，重力的瞬時功率為( )AmgBCmgD考點(diǎn)：功率

15、、平均功率和瞬時功率 專題：功率的計算專題分析：由動能定理求的小球得速度，由P=Fv求的瞬時功率解答：解：由動能定理得：mgLsin=，所以小球的速率為：v=重力的瞬時功率為：P=mgvcos30故選：D點(diǎn)評：本題主要考查了功率的瞬時值，即P=Fv，利用動能定理求的速度，由幾何關(guān)系判斷重力與速度的夾角5如圖所示，一個半徑為R的導(dǎo)電圓環(huán)與一個軸向?qū)ΨQ的發(fā)散磁場處處正交，環(huán)上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等，方向均與環(huán)面軸線方向成角（環(huán)面軸線為豎直方向）若導(dǎo)線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I，則下列說法正確的是( )A導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢B導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上C導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRD

16、導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRsin考點(diǎn)：楞次定律 專題：壓軸題分析：根據(jù)感應(yīng)電流方向由楞次定律判斷出穿過環(huán)的磁通量如何變化，然后判斷環(huán)有收縮趨勢還是擴(kuò)張趨勢；由左手定則判斷環(huán)所受安培力方向，由安培力公式求出環(huán)所受安培力大小解答：解：A、根據(jù)通入電流方向，結(jié)合左手定則可知，安培力方向水平分量均指向圓心，因此環(huán)有收縮的趨勢，故A正確；B、把磁感應(yīng)強(qiáng)度分解為水平分量與豎直分量，豎直方向的磁場對環(huán)形電流的安培力為零，由左手定則可知，水平方向的磁場對電流的安培力豎直向上，即導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力豎直向上，故B正確；C、把磁感應(yīng)強(qiáng)度分解為水平分量與豎直分量，豎直方向的磁場對環(huán)形電流的安培力為零，導(dǎo)電圓環(huán)

17、可以等效為兩直線電流，導(dǎo)線的有效長度等于環(huán)的直徑，水平磁場對電流的安培力F=B水平I2R=2BIRsin，故C錯誤，D正確；故選：ABD點(diǎn)評：應(yīng)用安培定則判斷出感應(yīng)電流磁場方向，熟練理解楞次定律是判斷環(huán)收縮還是擴(kuò)張的關(guān)鍵6在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表的示數(shù)增大U（電壓表為理想電表），在這個過程中( )A電阻R的阻值可能增加，也可能減小B通過R1的電流增加，增加量一定等于C通過R的電流減小，減小量一定小于DR2兩端的電壓減小，減小量一定等于U考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：電壓表V的示數(shù)增大，變阻器有效電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流

18、減小，R2兩端電壓減小，根據(jù)路端電壓的變化分析其電壓減小量R1是定值電阻，電壓表V的示數(shù)增大U的過程中，通過R1的電流增加，增加量I=電壓表示數(shù)增加，R2電壓減小，路端電壓增加量一定小于U解答：解：A、電壓表V的示數(shù)增大，變阻器有效電阻增大，外電路總電阻增大，則電阻R的阻值一定增加故A錯誤B、R1是定值電阻，電壓表V的示數(shù)增大U的過程中，通過R1的電流增加，增加量為I=故B正確C、電壓表V的示數(shù)增大，變阻器有效電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，通過R的電流減小，而通過R1的電流增大，則知通過R的電流減小，減小量一定大于R1的電流增加量故C錯誤D、并聯(lián)部分電壓增大，R2兩端電壓減小，而路

19、端電壓增大，則R2兩端電壓減少量一定小于U故D錯誤故選：B點(diǎn)評：本題是電路動態(tài)變化分析問題，本題中采用總量法，由電壓表示數(shù)變化和總電壓（路端電壓）的變化來分析R2電壓的變化，這是常用的方法7空間某一靜電場的電勢在x軸上分布如圖所示，若規(guī)定沿x軸正向的電場強(qiáng)度為正，則x軸上電場強(qiáng)度在x軸方向上的分量E隨x變化的圖象是( )ABCD考點(diǎn)：電勢 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：依據(jù)電勢變化的快慢程度可以判定圖象解答：解：在x負(fù)軸方向，電勢的變化趨勢為一直增大，但是增大的快慢為先慢，后快，再變慢，故而電場強(qiáng)度變化為先增大，后減小，因?yàn)殡妱葑兓詙軸對稱，故而可知，電場強(qiáng)度變化也是以y軸對稱，但方向是

20、相反的，故B正確，ACD錯誤故選：B點(diǎn)評：該題為定性分析，不需要有具體的數(shù)學(xué)表達(dá)式，其實(shí)依據(jù)x負(fù)軸電場先增大，后減小，就可以判定B正確了8如圖（a）所示，水平地面上一根輕彈簧，一端連接壓力傳感器并固定在墻上，彈簧水平且無形變，一小物塊以一定的初速度撞向彈簧，通過壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力的大小F隨時間t變化的圖象如圖（b）所示，則( )A小物塊運(yùn)動過程中不受摩擦力作用Bt2時刻小物塊的動能最大Ct2t3這段時間內(nèi)，小物塊的動能先增加后減少Dt2t3這段時間內(nèi)，小物塊增加的動能等于彈簧減少的彈性勢能考點(diǎn)：功能關(guān)系 分析：通過分析小球的受力情況和運(yùn)動情況，分析加速度、速度、動能的變化由能量守

21、恒定律，分析小球的動能與彈簧勢能之間變化解答：解：A、假設(shè)小物塊運(yùn)動過程中不受摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律可知，物塊運(yùn)動過程中只受彈簧彈力，則運(yùn)動學(xué)可知，t1到t2與t2到t3，時間間隔相等，與圖象不符，故假設(shè)不成立，故A錯誤；B、t2時刻小物塊所受彈簧彈力最大，由胡克定律F=kx可知，壓縮量最大，此時速度為零，故動能最小，故B錯誤；C、t2t3這段時間內(nèi)，小物塊的F合=Ff，小物塊所受彈力F，有最大變?yōu)樽钚?，小物塊的F合先減小，后反向增加，加速度先減小后增大，故物塊先做加速度減小的加速度，后作加速度增大的減速運(yùn)動，則小物塊的動能先增加后減少，故C正確；D、根據(jù)能量守恒定律，t2t3這段時間內(nèi)

22、，彈簧減少的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小物塊增加的動能和摩擦生熱，故D錯誤；故選：C點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要將物塊的向右的加速和減速過程、向左的加速和減速過程進(jìn)行分析處理，抓住守恒條件分析系統(tǒng)的機(jī)械能守恒9壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，某同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計了判斷電梯運(yùn)動狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖（a）所示，將壓敏電阻固定在絕緣的電梯底板上，其上放置一絕緣重球，電梯向上做直線運(yùn)動的過程中，電流表示數(shù)如圖（b）所示，已知t=0時刻電梯在地面上靜止，下列判斷正確的是( )A從t1到t2時間內(nèi)，電梯做勻速直線運(yùn)動B從t1到t2時間內(nèi)，電梯做勻加速直線運(yùn)動C從t2到t3時間內(nèi)，電梯做勻速直線運(yùn)動D從t2到t3時間

23、內(nèi)，電梯做勻加速直線運(yùn)動考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；牛頓第二定律 專題：恒定電流專題分析：當(dāng)電流不斷增加，說明電阻不斷減小，壓力不斷變大當(dāng)電流不變時，壓力不變，然后對物體m受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度情況，即可分析電梯的運(yùn)動情況解答：解：AB、t=0時刻，電梯靜止，壓敏電阻對底板的壓力等于重力；由圖b知從t1到t2時間內(nèi)，電流不斷增加，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知壓敏電阻的電阻值不斷減小，故壓力不斷變大；對物體m受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：Nmg=ma；根據(jù)牛頓第三定律，支持力不斷增加，故加速度不斷增加，且向上；故電梯做變加速運(yùn)動，故A、B錯誤CD、由圖知，從t2到t3時

24、間內(nèi)的電流大于靜止時的電流，而且保持不變，由歐姆定律知，其電阻減小，且不變，則壓力增大且不變，電梯向上做勻加速直線運(yùn)動故C錯誤，D正確故選：D點(diǎn)評：本題是信息題或新概念題，關(guān)鍵要從題目大量文字材料中抓住核心的信息這也是力電綜合題，關(guān)鍵要抓住力電之間的紐帶：壓力10一般的曲線運(yùn)動可以分成很多小段，每小段都可以看成圓周運(yùn)動的一部分，即把整條曲線用一系列不同半徑的小圓弧來代替如圖（a）所示，曲線上的A點(diǎn)的曲率圓定義為：通過A點(diǎn)和曲線上緊鄰A點(diǎn)兩側(cè)的兩點(diǎn)作一圓，在極限情況下，這個圓就叫做A點(diǎn)的曲率圓，其半徑叫做A點(diǎn)的曲率半徑圖（b）表示地球圍繞太陽做橢圓運(yùn)動，在近日點(diǎn)地球和太陽的中心距離為ra，在遠(yuǎn)日

25、點(diǎn)地球和太陽的中心距離為rb，則地球在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度大小的比值是( )ABCD考點(diǎn)：開普勒定律 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)開普勒第二定律：行星與太陽的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積相等，取極短時間t，根據(jù)“面積”相等列方程得出遠(yuǎn)日點(diǎn)時與近日點(diǎn)時的速度大小關(guān)系解答：解：根據(jù)開普勒第二定律，也稱面積定律即在相等時間內(nèi)，太陽和運(yùn)動著的行星的連線所掃過的面積都是相等的取極短時間t，根據(jù)“面積”相等：=可得：=故選：B點(diǎn)評：本題要知道開普勒的行星運(yùn)動三大定律開普勒第一定律，也叫軌道定律，是所有行星均繞太陽做橢圓運(yùn)動，且太陽處于橢圓的一個焦點(diǎn)上開普勒第二定律：行星與太陽所連成的直線，在相同時

26、間內(nèi)掃過的面積相等；而第三定律則是：半長軸的三次方與公轉(zhuǎn)周期的平方成正比二、實(shí)驗(yàn)題（共2題，共計18分）11圖（a）為某同學(xué)探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系裝置圖，將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側(cè)，彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時，長度記為L0，彈簧下端掛上砝碼盤，在砝碼盤中每次增加10g砝碼，記錄對應(yīng)的彈簧長度L，圖（b）是該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作的圖象，縱軸是砝碼的質(zhì)量，橫軸是彈簧長度L與L0的差值，由圖可知，砝碼盤的質(zhì)量為10g，彈簧的勁度系數(shù)為9.8N/m（重力加速度取9.8m/s2）考點(diǎn)：探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系 專題：實(shí)驗(yàn)題；彈力的存在及方向的判定專題分析：彈簧自然懸掛，故是豎直放置；

27、充分利用測量數(shù)據(jù)，根據(jù)公式F=kx可以計算出彈簧的勁度系數(shù)k其中x為彈簧的形變量解答：解：根據(jù)胡克定律公式F=kx，有k=9.8N/kg；由圖可知，當(dāng)不掛砝碼時，彈簧的形變量為1×103m；根據(jù)胡克定律，砝碼盤質(zhì)量為：Mg=kx解得：M=0.01kg=10g故答案為：10，9.8點(diǎn)評：彈簧測力計的原理是在彈簧的彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長與受到的拉力成正比對于實(shí)驗(yàn)問題，我們要充分利用圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)來減少偶然誤差12某實(shí)驗(yàn)小組在“測量某種金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中（1）用最小分度為1mm的米尺測量金屬絲的長度，圖（a）中箭頭所指位置是拉直的金屬絲接入電路的兩端在米尺上相對應(yīng)的位置，測得金屬絲

28、長度L為77.15cm，用螺旋測微器測量該金屬絲直徑的結(jié)果如圖（b）所示，該金屬絲的直徑d為0.700mmA電壓表V1（量程3 V，內(nèi)阻約為15K） B電壓表V2（量程15 V，內(nèi)阻約為75K） C電流表A1（量程0.3 A，內(nèi)阻約為0.5） D電流表A2（量程30m A，內(nèi)阻約為10） E變阻器R1（010，額定電流1 A） F變阻器R2（01000，額定電流30m A）G電源E（電動勢為5V，內(nèi)阻約為1）H開關(guān)、導(dǎo)線若干 （2）用多用電表粗略測量金屬絲的阻值，先把選擇開關(guān)旋到“×1”檔位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖（c）所示，則該金屬絲的阻值R是14.0（3）接下來該同學(xué)采用“伏安法”較

29、準(zhǔn)確地測量該金屬絲的阻值R，實(shí)驗(yàn)室提供器材如下：為了較準(zhǔn)確測量該金屬絲的阻值R，要求各電表示數(shù)變化范圍較大，電壓表應(yīng)選A，電流表應(yīng)選C，滑動變阻器應(yīng)選E（填器材前面的序號）在圖（d）方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖考點(diǎn)：測定金屬的電阻率 專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）依據(jù)mm刻度尺的讀數(shù)原則讀出長度L；螺旋測微器固定刻度示數(shù)與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)（2）讀出歐姆表示數(shù)，再乘以倍率得電阻值；（3）依據(jù)電路的安全和測量的準(zhǔn)確性來確定儀器的選??；依據(jù)為了較準(zhǔn)確測量該金屬絲的阻值R，要求各電表示數(shù)變化范圍較大，需要采用分壓式接法；由于電流表內(nèi)阻與金屬絲電阻接近，故應(yīng)用外接法解答：解：（1）長度為

30、：L=78.201.05=77.15cm；由圖甲所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0.5mm+20.0×0.01mm=0.700mm（2）讀數(shù)為14.0×1=14.0；（3）電源電動勢為5V，15V量程的過大，3V略小，但是加上滑動變阻器的包含，可以控制電壓在3V以內(nèi)，故電壓表選擇3V量程就行；電路最大電流為：，故變阻器只有R1（010，額定電流1A）額定電流能承受，故變阻器選E，電流表選C因題目要求各電表示數(shù)變化范圍較大，需要采用分壓式接法；由于電流表內(nèi)阻與金屬絲電阻接近，故應(yīng)用外接法如圖：故答案為：（1）77.1677.19范圍內(nèi)均可，0.700 （±0.001）；

31、（2）14.0（14.0±0.2算對）；（3）A，C，E如圖：點(diǎn)評：該題的重點(diǎn)是對儀器的選取，原則是安全和測量的準(zhǔn)確性，但是這個題卻選了一個不太安全的電壓表，原因是另一個量程太大，會造成很大誤差；而測量電路電壓又可以控制不超過小量程電壓表電壓，這種情況可以選小量程的，這個選取方法掌握比較困難，多練習(xí)一些就好了三、計算題（共4題，共計42分，解答時寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟，之寫最后答案的不得分）13在豎直平面內(nèi)有一粗糙的半徑R=0.4m的圓弧軌道，在軌道的最低點(diǎn)B處嵌入一壓力傳感器，B點(diǎn)距地面高度h=0.45m一質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊從軌道的最高點(diǎn)A由靜止釋放，經(jīng)

32、過B點(diǎn)時壓力傳感器顯示示數(shù)為2.0N，接著水平速度離開軌道，落到水平地面上的C點(diǎn)空氣阻力不計，g取10m/s2，求：（1）小球從A到B的過程中克服摩擦力做的功；（2）落地點(diǎn)C距軌道最低點(diǎn)B的水平距離考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動 專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）根據(jù)小滑塊在B點(diǎn)對軌道的壓力求得滑塊的速度，根據(jù)動能定理求得滑塊從A到B過程中克服摩擦力做的功；（2）小滑塊離開B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平知識求得落地點(diǎn)C距軌道最低點(diǎn)B的水平距離解答：解：（1）小滑塊在B點(diǎn)對軌道的壓力為2N，根據(jù)牛頓第三定律知，軌道對小球B的支持力為F=2N，根據(jù)牛頓第二定律知Fmg=m可得小滑塊在B點(diǎn)的速度為：=2

33、m/s，根據(jù)動能定理有，從A至B過程中克服摩擦力做功W，則有：mgRW=所以物體克服摩擦力做的功為：=0.2J（2）小滑塊離開B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，小球落地點(diǎn)與B的水平距離即為平拋的射程，根據(jù)射程公式有：距離為：x=答：（1）小球從A到B的過程中克服摩擦力做的功為0.2J；（2）落地點(diǎn)C距軌道最低點(diǎn)B的水平距離為0.6m點(diǎn)評：能根據(jù)牛頓第二定律公式由作用力求出滑塊運(yùn)動的速度，由動能定理和平拋知識求解，關(guān)鍵是小滑塊在B點(diǎn)時合外力提供向心力，不是軌道對滑塊的支持力直接提供向心力14如圖（a）所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，有一水平、絕緣的傳送帶，在外力控制下以速度v順時針勻速轉(zhuǎn)動，在傳送帶的左端A點(diǎn)無初

34、速度的放上一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小滑塊，小滑塊從傳送帶左端A點(diǎn)運(yùn)動到右端B點(diǎn)用時為2t，此過程的速度時間圖象如圖（b）所示，求：（1）小滑塊在傳送帶上所受摩擦力的大?。?）A、B兩點(diǎn)間的電勢差考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動；牛頓第二定律；電勢能 分析：（1）小滑塊在傳送帶上做加速運(yùn)動，由牛頓第二定律即可求得摩擦因數(shù)；（2）由運(yùn)動求得學(xué)公式求的AB間的距離，由U=Ed即可求的電勢差解答：解：（1）設(shè)滑塊所受的電場力為F，摩擦力為f，由牛頓第二定律：由得：（2）由式得：F=qEU=Ed由得答：（1）小滑塊在傳送帶上所受摩擦力的大小為（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢差為點(diǎn)評：本題主要考查了在電場力作用

35、下的牛頓第二定律，受力分析是解題關(guān)鍵，再求電勢差時，U=Ed，其中d為沿電場線方向的距離15如圖所示，質(zhì)量M=2kg，半徑R=0.3m的四分之一豎直光滑圓弧槽，靜置在光滑水平面上，槽的末端和水平面相切，一質(zhì)量m=1kg，可視為質(zhì)點(diǎn)的光滑小球，以初速度v0沖上圓弧槽，g=10m/s2，求：（1）若槽固定在水平面上，要使小球恰好到達(dá)槽的最上端A點(diǎn)，v0應(yīng)為多少（2）若槽不固定，要使小球恰好到達(dá)槽的最上端A點(diǎn)，v0應(yīng)為多少（3）若槽不固定，當(dāng)v0=6m/s時，圓弧槽最終獲得的速度考點(diǎn)：動量守恒定律；機(jī)械能守恒定律 專題：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合分析：（1）根據(jù)動能定理，抓住小球到達(dá)最高

36、點(diǎn)的速度為零，求出初速度的大?。?）若槽不固定，小球到達(dá)最高點(diǎn)時與槽共速，在水平方向上動量守恒，結(jié)合動量守恒和機(jī)械能守恒求出初速度的大小（3）根據(jù)動量守恒和能量守恒求出圓弧槽最終獲得的速度解答：解：（1）對小球，利用動能定理：mgR=0得：m/s=（2）小球恰好到達(dá)A點(diǎn)時，水平方向和槽共速，豎直方向速度為0對系統(tǒng)，規(guī)定小球的初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愣桑簃v0=（M+m）v，由能量守恒定律：，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v0=3m/s（3）當(dāng)v0=6m/s時，小球到達(dá)A點(diǎn)時，水平方向仍和槽共速，故小球從A點(diǎn)離開槽后，還能再次從A點(diǎn)落回槽，并最終從槽的左側(cè)離開槽對系統(tǒng)：規(guī)定小球的初速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律：mv0=mv1+Mv2，由能量守恒定律：，代入數(shù)據(jù)解得：，方向向右答：（1）v0應(yīng)為；（2）v0應(yīng)為3m/s（