云南省大理州劍川一中高考物理模擬試卷

1、2015年云南省大理州劍川一中高考物理模擬試卷一、選擇題（本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1下列描述中符合物理學(xué)史的是（）A 開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三定律，從而提出了日心說(shuō)B 牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律并測(cè)定出引力常量GC 法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，會(huì)出現(xiàn)感應(yīng)電流D 楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化2物體A、B的xt圖象如圖所示，由圖可知（）A 從第3s這一時(shí)

2、刻起，兩物體運(yùn)動(dòng)方向相同，且vAvBB 兩物體由同一位置開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，但物體A比B遲3s才開(kāi)始運(yùn)動(dòng)C 在5s內(nèi)物體的位移相同，5s末A、B相遇D 5s內(nèi)A、B的平均速度相等3如圖所示，在水平面上沿直線運(yùn)動(dòng)的小車(chē)上有一個(gè)固定的水平橫桿，橫桿左端懸掛的小球A和小車(chē)右端放置的物塊B都相對(duì)車(chē)廂靜止關(guān)于物塊B受到的摩擦力，下列判斷中正確的是（）A 物塊B不受摩擦力作用B 物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C 物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右D 因小車(chē)的運(yùn)動(dòng)方向不能確定，故物塊B受的摩擦力情況無(wú)法判斷4特戰(zhàn)隊(duì)員在進(jìn)行素質(zhì)訓(xùn)練時(shí)，抓住一端固定在同一水平高度的不同位置的繩索，從高度一定的平臺(tái)由水平狀態(tài)無(wú)

3、初速開(kāi)始下擺，如圖所示，在到達(dá)豎直狀態(tài)時(shí)放開(kāi)繩索，特戰(zhàn)隊(duì)員水平拋出直到落地不計(jì)繩索質(zhì)量和空氣阻力，特戰(zhàn)隊(duì)員可看成質(zhì)點(diǎn)下列說(shuō)法正確的是（）A 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的水平位移越大B 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員在到達(dá)豎直狀態(tài)時(shí)繩索拉力越大C 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的速度越大D 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的水平速度越大5我國(guó)未來(lái)將建立月球基地，并在饒?jiān)萝壍郎辖ㄔ炜臻g站，如圖所示，關(guān)閉動(dòng)力的航天飛機(jī)在月球引力作用下經(jīng)橢圓軌道向月球靠近，并將與空間站在B處對(duì)接，已知空間站繞月半徑為r，周期為T(mén)，引力常數(shù)為G，下列說(shuō)法正確的是（）A 圖中航天飛機(jī)在飛向B處的過(guò)程中，加速度逐漸減小B 航天飛機(jī)在B處由橢圓軌道進(jìn)入

4、空間站軌道必須點(diǎn)火加速C 根據(jù)題中條件可以算出月球的質(zhì)量D 根據(jù)題中條件可以算出空間站受到月球引力大小6如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N，電阻不計(jì)的正方形線圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO轉(zhuǎn)動(dòng)，軸OO垂直于磁感線，在線圈外接一含有理想變壓器的電路，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2保持線圈以恒定角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，下列判斷正確的（）A 在圖示位置時(shí)線框中磁通量為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B 當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V2的示數(shù)變大C 電壓表V1示數(shù)等于NBL2D 變壓器的輸入與輸出功率之比為1：17如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量和電量均相同的正、負(fù)離子（不計(jì)

5、重力），從O點(diǎn)以相同的速度先后射人磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成角，則正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中（）A 運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同B 運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同C 重新回到邊界時(shí)速度相同D 重新回到邊界的位置與O點(diǎn)的距離不相等8兩電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷放在x軸上的O、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點(diǎn)的電勢(shì)為零，ND段中C點(diǎn)電勢(shì)最高，則（）A q1為正電荷，q2為負(fù)電荷B q1電荷量大于q2的電荷量C NC間場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸正方向D 將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，

6、考生根據(jù)要求作答（一）必考題9在“探究恒力做功與動(dòng)能改變的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中（裝置如圖甲）：下列說(shuō)法哪一項(xiàng)是正確的（填選項(xiàng)前字母）A平衡摩擦力時(shí)必須將鉤碼通過(guò)細(xì)線掛在小車(chē)上B為減小系統(tǒng)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車(chē)質(zhì)量C實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)使小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器由靜止釋放圖乙是實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶的一部分，選取O、A、B、C計(jì)數(shù)點(diǎn)，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz，則打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小為m/s（保留三位有效數(shù)字）10在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，需測(cè)量一個(gè)標(biāo)有“3V，1.5W”燈泡兩端的電壓和通過(guò)燈泡的電流現(xiàn)有如下器材：直流電源（電動(dòng)勢(shì)3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）電流表A1（量程3A，內(nèi)阻約0.

7、1）電流表A2（量程600mA，內(nèi)阻約5）電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約3k）電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約200k）滑動(dòng)變阻器R1（阻值010，額定電流1A）滑動(dòng)變阻器R2（阻值01k，額定電流300mA）（1）在該實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選擇（選填“A1”或“A2”），電壓表應(yīng)選擇（選填“V1”或“V2”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇（選填“R1”或“R2”）（2）某同學(xué)用導(dǎo)線a、c、d、e、f、g和h連接成如圖1所示的電路，請(qǐng)?jiān)趫D2方框中完成實(shí)驗(yàn)的電路圖（3）該同學(xué)連接電路后檢查所有元器件都完好，經(jīng)檢查各部分接觸良好但閉合開(kāi)關(guān)后，反復(fù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡的亮度發(fā)生變化，但電壓表和電流表示數(shù)不能調(diào)為零，則斷

8、路的導(dǎo)線為（4）由于電表內(nèi)電阻的影響，本實(shí)驗(yàn)中電壓表的示數(shù)（填寫(xiě)“大于”、“等于”、“小于”）小燈泡兩端的電壓，電流表的示數(shù)（填寫(xiě)“大于”、“等于”、“小于”）流過(guò)小燈泡的電流；電壓表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果（填寫(xiě)“有”、“無(wú)”）影響，電流表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果（填寫(xiě)“有”、“無(wú)”）影響11從地面上以初速度v0=10m/s豎直向上拋出一質(zhì)量為m=0.2kg的球，若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力與其速率成正比關(guān)系，球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地時(shí)速率為v1=2m/s，且落地前球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)（g=10m/s2）求：（1）球從拋出到落地過(guò)程中克服空氣阻力所做的功；（2）

9、球拋出瞬間的加速度大小12如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy的第一、四象限中xL的區(qū)域內(nèi)存在有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外；在第三象限存在沿y軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)一質(zhì)量為m帶電量為+q的帶電粒子從電場(chǎng)中坐標(biāo)為（2L，L）的點(diǎn)以速度v0沿+x方向射出，恰好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O處后射入磁場(chǎng)區(qū)域，最后帶電粒子能再次回到坐標(biāo)原點(diǎn)O（粒子的重力忽略不計(jì)）求（1）第三象限勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大??；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小(二）選考題，請(qǐng)考生從以下三個(gè)模塊中任選一模塊作答【物理-選修3-3】（15分）13下列說(shuō)法正確的是（）A 物體吸收熱量，其溫度一定升高B 熱量不一定只從高溫物體向低溫物體傳遞C 做功和熱傳遞是改

10、變物體內(nèi)能的兩種方式D 布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映E 第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律14一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過(guò)程的pV圖象如圖所示已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27則：該氣體在狀態(tài)BC時(shí)的溫度分別為多少？該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中是吸熱，還是放熱？傳遞的熱量是多少？物理-選修3-4（15分）15.一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的圖象如圖甲所示，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A 這列波沿x軸負(fù)向傳播B 這列波的波速是25m/sC 質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)

11、Q先回到平衡位置D 經(jīng)過(guò)t=0.4s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為4mE 經(jīng)過(guò)t=0.8s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的位移為8m16.如圖所示為一巨大的玻璃容器，容器底部有一定的厚度，容器中裝一定量的水，在容器底部有一單色點(diǎn)光源，已知水對(duì)該光的折射率為，玻璃對(duì)該光的折射率為1.5，容器底部玻璃的厚度為d，水的深度也為d求：這種光在玻璃和水中傳播的速度；水面形成的光斑的面積（僅考慮直接由光源發(fā)出的光線）物理-選修3-5（15分）17.下列說(shuō)法正確的是 （）A 衰變說(shuō)明原子核內(nèi)有電子B 保持入射光的強(qiáng)度不變，增大入射光頻率，遏止電壓將增大C 天然放射性元素的發(fā)現(xiàn)說(shuō)明原子具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)D 比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定E 氡的半

12、衰期是3.8天，現(xiàn)有20g氡，經(jīng)過(guò)7.6天還剩5g氡沒(méi)發(fā)生衰變18.在光滑的水平面上，一質(zhì)量為mA=0.1kg的小球A，以8m/s的初速度向右運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量為mB=0.2kg的靜止小球B發(fā)生對(duì)心正碰碰后小球B滑向與水平面相切、半徑為R=0.5m的豎直放置的光滑半圓形軌道，且恰好能通過(guò)最高點(diǎn)N后水平拋出g=10m/s2求：（1）碰撞后小球B的速度大??；（2）小球B從軌道最低點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)N的過(guò)程中所受合外力的沖量；（3）碰撞過(guò)程中系統(tǒng)的機(jī)械能損失2015年云南省大理州劍川一中高考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要

13、求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1下列描述中符合物理學(xué)史的是（）A 開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三定律，從而提出了日心說(shuō)B 牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律并測(cè)定出引力常量GC 法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，會(huì)出現(xiàn)感應(yīng)電流D 楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化考點(diǎn)：物理學(xué)史分析：根據(jù)開(kāi)普勒、牛頓、法拉第和楞次等等科學(xué)家對(duì)科學(xué)事業(yè)的貢獻(xiàn)進(jìn)行分析解答解答：解：A、哥白尼提出了日心說(shuō)，開(kāi)普勒在研究前人觀測(cè)的天文數(shù)據(jù)的基礎(chǔ)上，發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三定律，支持了日心說(shuō)

14、，此項(xiàng)不符合史實(shí)，故A錯(cuò)誤B、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，但并沒(méi)有測(cè)定出引力常量G，后來(lái)由卡文迪許測(cè)出引力常量G，不符合史實(shí)，故B錯(cuò)誤C、法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，當(dāng)導(dǎo)體切割磁感線時(shí)，導(dǎo)線中會(huì)出現(xiàn)感應(yīng)電流；而靜止的導(dǎo)線附近的線圈中沒(méi)有電流；故C錯(cuò)誤；D、楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化；故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：在探究自然的物理規(guī)律過(guò)程中，很多科學(xué)家作出了貢獻(xiàn)，平時(shí)要加強(qiáng)記憶，注意收集物理學(xué)史，不能張冠李戴2物體A、B的xt圖象如圖所示，由圖可知（）A 從第3s這一時(shí)刻起，兩物體運(yùn)動(dòng)方向相同，且vAvBB 兩物體由同一位置開(kāi)始運(yùn)

15、動(dòng)，但物體A比B遲3s才開(kāi)始運(yùn)動(dòng)C 在5s內(nèi)物體的位移相同，5s末A、B相遇D 5s內(nèi)A、B的平均速度相等考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像分析：由圖可知兩物體的位置隨時(shí)間的變化關(guān)系，由圖象的斜率可知速度大小解答：解：A、圖象的斜率表示速度，由圖可知，A的斜率大于B的，故A的速度要快；且A從3s開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向都沿x軸的正方向，故A正確；B、由圖可知，B從5m處開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，而A從0m處開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故二者開(kāi)始位置不同，故B錯(cuò)誤；C、A的位移為10m，而B(niǎo)的位移為5m，故5s內(nèi)物體的位移不同，故C錯(cuò)誤；D、因5s的位移不同，故5s內(nèi)的平均速度不同，故D錯(cuò)誤；故選A點(diǎn)評(píng)：研究圖象時(shí)，首先要明確圖象的橫縱坐標(biāo)，

16、再根據(jù)點(diǎn)線面的含義確定運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)；很多同學(xué)可能想當(dāng)然的當(dāng)成了vt圖象進(jìn)行了處理，結(jié)果可想而知3如圖所示，在水平面上沿直線運(yùn)動(dòng)的小車(chē)上有一個(gè)固定的水平橫桿，橫桿左端懸掛的小球A和小車(chē)右端放置的物塊B都相對(duì)車(chē)廂靜止關(guān)于物塊B受到的摩擦力，下列判斷中正確的是（）A 物塊B不受摩擦力作用B 物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C 物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右D 因小車(chē)的運(yùn)動(dòng)方向不能確定，故物塊B受的摩擦力情況無(wú)法判斷考點(diǎn)：摩擦力的判斷與計(jì)算專(zhuān)題：摩擦力專(zhuān)題分析：由AB的狀態(tài)知其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是一樣的，故加速度相同，在對(duì)A受力分析可知其合力向左，故加速水平向左，可知B的加速度和受力狀況解答：解：A

17、和B都相對(duì)車(chē)廂靜止，加速度相同，方向?yàn)樗椒较?，?duì)A受力分析可知，其受到的重力和拉力的合力恒定水平向右，故加速度恒定，方向水平向右，所以B受靜摩擦力的作用方向向右故C正確故選：C點(diǎn)評(píng)：本題的重點(diǎn)是依據(jù)A的受力來(lái)確定B的受力，進(jìn)而確定加速度，這是受力分析的轉(zhuǎn)移法，在連接體，疊加體等問(wèn)題中經(jīng)常用到4特戰(zhàn)隊(duì)員在進(jìn)行素質(zhì)訓(xùn)練時(shí)，抓住一端固定在同一水平高度的不同位置的繩索，從高度一定的平臺(tái)由水平狀態(tài)無(wú)初速開(kāi)始下擺，如圖所示，在到達(dá)豎直狀態(tài)時(shí)放開(kāi)繩索，特戰(zhàn)隊(duì)員水平拋出直到落地不計(jì)繩索質(zhì)量和空氣阻力，特戰(zhàn)隊(duì)員可看成質(zhì)點(diǎn)下列說(shuō)法正確的是（）A 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的水平位移越大B 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員在到達(dá)

18、豎直狀態(tài)時(shí)繩索拉力越大C 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的速度越大D 繩索越長(zhǎng)，特戰(zhàn)隊(duì)員落地時(shí)的水平速度越大考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：根據(jù)動(dòng)能定理、結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律推導(dǎo)出水平位移的表達(dá)式，從而確定何時(shí)水平位移最大根據(jù)牛頓第二定律求出在最低點(diǎn)的拉力，確定拉力的大小解答：解：A、設(shè)平臺(tái)離地的高度為H，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，根據(jù)動(dòng)能定理得：mgL=，解得：v=對(duì)于平拋過(guò)程，根據(jù)HL=，得t=，得水平位移為：x=vt=2，則知當(dāng)L=時(shí)，水平位移最大故A錯(cuò)誤B、在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得：Fmg=m，解得：F=mg+m=3mg，與繩索的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)故B錯(cuò)誤C、對(duì)全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得：mgH=，得落地速度：v=

19、，與繩索的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)故C錯(cuò)誤D、繩索越長(zhǎng)，擺到最低點(diǎn)的速度越大，則平拋運(yùn)動(dòng)的初速度越大，落地時(shí)水平速度越大故D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查了動(dòng)能定理與圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的綜合，知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源和平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵5我國(guó)未來(lái)將建立月球基地，并在饒?jiān)萝壍郎辖ㄔ炜臻g站，如圖所示，關(guān)閉動(dòng)力的航天飛機(jī)在月球引力作用下經(jīng)橢圓軌道向月球靠近，并將與空間站在B處對(duì)接，已知空間站繞月半徑為r，周期為T(mén)，引力常數(shù)為G，下列說(shuō)法正確的是（）A 圖中航天飛機(jī)在飛向B處的過(guò)程中，加速度逐漸減小B 航天飛機(jī)在B處由橢圓軌道進(jìn)入空間站軌道必須點(diǎn)火加速C 根據(jù)題中條件可以算出月球的質(zhì)

20、量D 根據(jù)題中條件可以算出空間站受到月球引力大小考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用專(zhuān)題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專(zhuān)題分析：航天飛機(jī)在月球引力作用下經(jīng)橢圓軌道向月球靠近的過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化；橢圓軌道和圓軌道是不同的軌道，必須經(jīng)過(guò)變軌才能進(jìn)入空間站軌道根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力，列式可求得月球的質(zhì)量對(duì)照萬(wàn)有引力定律，分析能否求出空間站受到月球引力的大小解答：解：A：圖中航天飛機(jī)在飛向B處的過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律得：a=，由于r逐漸變小，所以加速度逐漸變大故A錯(cuò)誤；B：橢圓軌道和圓軌道是不同的軌道，航天飛機(jī)不可能自主改變軌道，只有在減速變軌后，才能進(jìn)入空間站

21、軌道故B錯(cuò)誤；C：對(duì)空間站，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，根據(jù)空間站的軌道半徑為r，周期為T(mén)，萬(wàn)有引力常量為G就能計(jì)算出月球的質(zhì)量M故C正確D：由于空間站的質(zhì)量不知，根據(jù)萬(wàn)有引力定律F=知，不能求出空間站受到月球引力的大小，故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評(píng)：該題考查萬(wàn)有引力與航天，這類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵思路是萬(wàn)有引力提供向心力屬于基礎(chǔ)題目6如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N，電阻不計(jì)的正方形線圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO轉(zhuǎn)動(dòng)，軸OO垂直于磁感線，在線圈外接一含有理想變壓器的電路，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2保持線圈以恒定角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，下列判斷正確的（）A 在圖示位置時(shí)線框中磁通量為零，感應(yīng)電動(dòng)

22、勢(shì)最大B 當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V2的示數(shù)變大C 電壓表V1示數(shù)等于NBL2D 變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率專(zhuān)題：交流電專(zhuān)題分析：正弦式交流發(fā)電機(jī)從垂直中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，其電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為：e=NBScost；電壓表和電流表讀數(shù)為有效值；輸入功率等于輸出功率解答：解：A、從垂直于中性面時(shí)開(kāi)始時(shí)，矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBScost，磁通量為零，電動(dòng)勢(shì)最大，故A正確；B、當(dāng)P位置向上移動(dòng)，R增大，根據(jù)理想變壓器的變壓原理知輸出電壓即電壓表V2的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；C、交流電壓

23、的最大值等于NBL2，電壓表V1示數(shù)為有效值，C錯(cuò)誤；D、變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1，故D正確；故選：AD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵明確交流四值、理想變壓器的變壓比公式、功率關(guān)系，題目難度不大7如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量和電量均相同的正、負(fù)離子（不計(jì)重力），從O點(diǎn)以相同的速度先后射人磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成角，則正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中（）A 運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同B 運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同C 重新回到邊界時(shí)速度相同D 重新回到邊界的位置與O點(diǎn)的距離不相等考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：正負(fù)離子的質(zhì)量與電量相同，進(jìn)入同一磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，根

24、據(jù)偏向角的大小分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的長(zhǎng)短由牛頓第二定律研究軌道半徑根據(jù)圓的對(duì)稱性，分析離子重新回到邊界時(shí)速度方向關(guān)系和與O點(diǎn)距離解答：解：A、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為T(mén)=，則知兩個(gè)離子圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子順時(shí)針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時(shí)正離子的速度偏向角為22，軌跡的圓心角也為22，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T同理，負(fù)離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T，顯然時(shí)間不等故A錯(cuò)誤B、根據(jù)牛頓第二定律得：qvB=m得：r=，由題意可知q、v、B大小均相同，則r相同故B正確C、正負(fù)離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同故C正確D、根據(jù)幾何知

25、識(shí)得知重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離S=2rsin，r、相同，則S相同故D錯(cuò)誤故選：BC點(diǎn)評(píng)：帶電粒子垂直射入單邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可分兩類(lèi)模型分析：一為同方向射入的不同粒子；二為同種粒子以相同的速率沿不同方向射入無(wú)論哪類(lèi)模型，都遵守以下規(guī)律：（1）軌跡的圓心在入射方向的垂直線上，?？赏ㄟ^(guò)此垂線的交點(diǎn)確定圓心的位置（2）粒子射出方向與邊界的夾角等于射入方向與邊界的夾角8兩電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷放在x軸上的O、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點(diǎn)的電勢(shì)為零，ND段中C點(diǎn)電勢(shì)最高，則（）A q1為正電荷，q2為負(fù)電荷B q1電荷量大于q2的電荷量C NC間場(chǎng)強(qiáng)方向

26、沿x軸正方向D 將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功考點(diǎn)：電勢(shì)；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：x圖象的斜率等于電場(chǎng)強(qiáng)度E根據(jù)兩點(diǎn)電荷連線的電勢(shì)高低的分布如圖所示，由于沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知兩點(diǎn)電荷的電性根據(jù)功能關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)解答：解：A、由圖知無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，A點(diǎn)的電勢(shì)為零，由于沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以O(shè)點(diǎn)的電荷q1帶正電，M點(diǎn)電荷q2帶負(fù)電故A正確B、由圖知無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，A點(diǎn)的電勢(shì)為零由于A點(diǎn)距離O比較遠(yuǎn)而距離M比較近，所以q1電荷量大于q2的電荷量故B正確；C、由圖可知：從N到C，電勢(shì)三個(gè)，根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低可知，NC間電場(chǎng)

27、強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D、ND段中，電勢(shì)先高升后降低，所以場(chǎng)強(qiáng)方向先沿x軸負(fù)方向，后沿x軸正方向，將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功故D正確；故選：ABD點(diǎn)評(píng)：電勢(shì)為零處，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零電荷在電場(chǎng)中與電勢(shì)的乘積為電勢(shì)能電場(chǎng)力做功的正負(fù)決定電勢(shì)能的增加與否二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9在“探究恒力做功與動(dòng)能改變的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中（裝置如圖甲）：下列說(shuō)法哪一項(xiàng)是正確的C（填選項(xiàng)前字母）A平衡摩擦力時(shí)必須將鉤碼通過(guò)細(xì)線掛在小車(chē)上B為減小系統(tǒng)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)大于小

28、車(chē)質(zhì)量C實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)使小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器由靜止釋放圖乙是實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶的一部分，選取O、A、B、C計(jì)數(shù)點(diǎn)，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz，則打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小為0.653m/s（保留三位有效數(shù)字）考點(diǎn)：探究功與速度變化的關(guān)系專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題分析：平衡摩擦力是用重力的下滑分量來(lái)平衡小車(chē)受到的摩擦力，故不應(yīng)該將鉤碼通過(guò)細(xì)線掛在小車(chē)上，為減小系統(tǒng)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)使小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器由靜止釋放；用平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度的結(jié)論求解解答：解：A、平衡摩擦力時(shí)要將紙帶、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、小車(chē)等連接好，但不要通電和掛鉤碼，故A錯(cuò)誤；B、為減小系統(tǒng)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)

29、量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量，使系統(tǒng)的加速度較小，避免鉤碼失重的影響，故B錯(cuò)誤；C、實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)使小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器由靜止釋放，故C正確；故選：C；B為AC時(shí)間段的中間時(shí)刻，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律得，平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，故：vB=m/s=0.653m/s故答案為：C 0.653點(diǎn)評(píng)：“探究恒力做功與動(dòng)能改變的關(guān)系”與“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”有很多類(lèi)似之處，在平時(shí)學(xué)習(xí)中要善于總結(jié)、比較，提高對(duì)實(shí)驗(yàn)的理解能力10在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，需測(cè)量一個(gè)標(biāo)有“3V，1.5W”燈泡兩端的電壓和通過(guò)燈泡的電流現(xiàn)有如下器材：直流電源（電動(dòng)勢(shì)3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）電流表A1（量程3A，內(nèi)阻約0.1）

30、電流表A2（量程600mA，內(nèi)阻約5）電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約3k）電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約200k）滑動(dòng)變阻器R1（阻值010，額定電流1A）滑動(dòng)變阻器R2（阻值01k，額定電流300mA）（1）在該實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選擇A2（選填“A1”或“A2”），電壓表應(yīng)選擇V1（選填“V1”或“V2”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R1（選填“R1”或“R2”）（2）某同學(xué)用導(dǎo)線a、c、d、e、f、g和h連接成如圖1所示的電路，請(qǐng)?jiān)趫D2方框中完成實(shí)驗(yàn)的電路圖（3）該同學(xué)連接電路后檢查所有元器件都完好，經(jīng)檢查各部分接觸良好但閉合開(kāi)關(guān)后，反復(fù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡的亮度發(fā)生變化，但電壓表和電流表示數(shù)不能調(diào)為

31、零，則斷路的導(dǎo)線為h（4）由于電表內(nèi)電阻的影響，本實(shí)驗(yàn)中電壓表的示數(shù)等于（填寫(xiě)“大于”、“等于”、“小于”）小燈泡兩端的電壓，電流表的示數(shù)大于（填寫(xiě)“大于”、“等于”、“小于”）流過(guò)小燈泡的電流；電壓表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果有（填寫(xiě)“有”、“無(wú)”）影響，電流表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果無(wú)（填寫(xiě)“有”、“無(wú)”）影響考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析：1、根據(jù)燈泡的額定電壓及功率可得出通過(guò)燈泡的電流，則可選擇電流表；根據(jù)實(shí)驗(yàn)的接法及滑動(dòng)變阻器的應(yīng)用可選出滑動(dòng)變阻器；2、根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理可選了正確的滑動(dòng)變阻器及電流表的接法；3、根據(jù)電路中的現(xiàn)象，利用電路原理可知哪個(gè)地方發(fā)生了斷路；4、電

32、流表外接法，由于電壓表的分流作用，使電流表測(cè)的電流大于流過(guò)電阻的電流，由R=知測(cè)量值小于真實(shí)值；待測(cè)電阻越小，電壓表的分流作用越小，電流表測(cè)的電流越接近流過(guò)電阻的真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)誤差越小解答：解：（1）由P=UI可知，I=500mA；為了安全和準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選擇A2；燈泡的額定電壓為3V，直流電壓表選擇3V量程的誤差較小，即選V1因本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1；（2）因測(cè)量小燈泡的伏安特性曲實(shí)驗(yàn)中要求電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；同時(shí)因燈泡內(nèi)阻較小，故電流表采用外接法；原理圖如下；（3）由題意可知，電路中有電流但不能調(diào)零，且燈泡亮度發(fā)生變化，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器接成了限流

33、接法，故說(shuō)明h導(dǎo)線發(fā)生了斷路；（4）由于電表內(nèi)電阻的影響，本實(shí)驗(yàn)中電壓表的示數(shù)等于小燈泡兩端的電壓，大于電流表的示數(shù)大于流過(guò)小燈泡的電流；電壓表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果有影響，電流表的內(nèi)電阻對(duì)測(cè)量結(jié)果無(wú)影響故答案為：（1）A2、V1、R1（2）如圖（3）h（4）等于、大于、有、無(wú)點(diǎn)評(píng)：描繪小燈泡的伏安持性曲線實(shí)驗(yàn)中要注意實(shí)驗(yàn)中的原理及接法；要求學(xué)生熟練應(yīng)用分壓接法為了減小誤差：1、當(dāng)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，用外接法2、當(dāng)電流表內(nèi)阻阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻阻值時(shí)，使用內(nèi)接法11從地面上以初速度v0=10m/s豎直向上拋出一質(zhì)量為m=0.2kg的球，若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力與其速率成正比關(guān)系，球運(yùn)動(dòng)

34、的速率隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地時(shí)速率為v1=2m/s，且落地前球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)（g=10m/s2）求：（1）球從拋出到落地過(guò)程中克服空氣阻力所做的功；（2）球拋出瞬間的加速度大小考點(diǎn)：動(dòng)能定理；牛頓第二定律專(zhuān)題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題分析：（1）運(yùn)用動(dòng)能定理可求解球從拋出到落地過(guò)程中克服空氣阻力所做的功（2）落地前勻速運(yùn)動(dòng)，則mgkv1=0剛拋出時(shí)加速度大小為a0，則根據(jù)牛頓第二定律mg+kv0=ma0，即可解得球拋出瞬間的加速度大小a0解答：解：（1）球從拋出到落地過(guò)程中，由動(dòng)能定理得 Wf=（22102）J=9.6J克服空氣阻力做功為9.6J（2）由題意得，

35、空氣阻力f=kv落地前勻速運(yùn)動(dòng)，則mgkv1=0剛拋出時(shí)加速度大小為a0，則mg+kv0=ma0解得a0=（1+）g=60m/s2答：（1）球從拋出到落地過(guò)程中克服空氣阻力所做的功是9.6J；（2）球拋出瞬間的加速度大小是60m/s2點(diǎn)評(píng)：本題綜合運(yùn)用了動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律，運(yùn)用動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律解題注意要合理地選擇研究的過(guò)程，列表達(dá)式求解12如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy的第一、四象限中xL的區(qū)域內(nèi)存在有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外；在第三象限存在沿y軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)一質(zhì)量為m帶電量為+q的帶電粒子從電場(chǎng)中坐標(biāo)為（2L，L）的點(diǎn)以速度v0沿+x方向射出，恰好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O處后射入磁場(chǎng)區(qū)

36、域，最后帶電粒子能再次回到坐標(biāo)原點(diǎn)O（粒子的重力忽略不計(jì)）求（1）第三象限勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大??；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：（1）帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解場(chǎng)強(qiáng)E的大??；（2）帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后，由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)由題意，粒子經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O處射入?yún)^(qū)域I又從M點(diǎn)射出區(qū)域I，畫(huà)出軌跡，由幾何知識(shí)求出軌跡半徑，由牛頓第二定律即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小解答：解：（1）沿x軸方向：2L=v0t 沿y軸方向：L=at2 根據(jù)牛頓第二定律

37、：a=由式得：E=（2）y軸方向的速度：vy=at 速度和x軸方向的夾角：tan=粒子速度：v= 洛倫茲力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律：qvB=m由幾何關(guān)系有：R=L 由式得：B=答：（1）第三象限勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小為；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，注意在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)要注意幾何關(guān)系的應(yīng)用，在電場(chǎng)中注意由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解(二）選考題，請(qǐng)考生從以下三個(gè)模塊中任選一模塊作答【物理-選修3-3】（15分）13下列說(shuō)法正確的是（）A 物體吸收熱量，其溫度一定升高B 熱量不一定只從高溫物體向低溫物體傳遞C 做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式D 布朗運(yùn)動(dòng)是

38、懸浮在液體中固體顆粒的分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映E 第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律考點(diǎn)：熱力學(xué)第二定律；布朗運(yùn)動(dòng)；改變內(nèi)能的兩種方式專(zhuān)題：熱力學(xué)定理專(zhuān)題分析：做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，E=W+Q，物體的內(nèi)能的變化與外界做功和物體的吸收熱量有關(guān)；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熵只會(huì)增加，一切自然過(guò)程總是向分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行解答：解：A、根據(jù)熱力學(xué)第一定律，E=W+Q，物體的內(nèi)能的變化與外界做功和物體的吸收熱量有關(guān)，物體吸收熱量，同時(shí)物體對(duì)外做功，物體的內(nèi)能可能減小故A錯(cuò)誤；B、熱量能由低溫物體傳遞到高溫物體，此過(guò)程會(huì)

39、引起其他的變化故B正確；B、根據(jù)熱力學(xué)第一定律，E=W+Q，物體的內(nèi)能的變化與外界做功和物體的吸收熱量有關(guān)，外界對(duì)物體做功，物體對(duì)外放熱，物體的內(nèi)能可能減小故B錯(cuò)誤；C、做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式，故C正確；D、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體顆粒的無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)故D錯(cuò)誤E、第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律故E正確故選：BCE點(diǎn)評(píng)：該題考查到布朗運(yùn)動(dòng)、內(nèi)能、與熱力學(xué)的兩個(gè)定律，一定要加強(qiáng)對(duì)熱力學(xué)第二定律的理解，牢記它的三種不同的表達(dá)形式14一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過(guò)程的pV圖象如圖所示已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27則：該氣體在

40、狀態(tài)BC時(shí)的溫度分別為多少？該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過(guò)程中是吸熱，還是放熱？傳遞的熱量是多少？考點(diǎn)：氣體的等容變化和等壓變化專(zhuān)題：壓軸題；氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律專(zhuān)題分析：根據(jù)圖象可知：AB等容變化，由查理定律即可求出B狀態(tài)溫度；BC等壓變化，由蓋呂薩克定律即可求出C狀態(tài)溫度；比較AC兩狀態(tài)的溫度，從而判斷氣體內(nèi)能的變化，比較AC兩狀態(tài)的體積可判斷W的正負(fù)，再根據(jù)可根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可解決問(wèn)題解答：解；對(duì)于理想氣體由圖象可知：AB等容變化，由查理定律得：代入數(shù)據(jù)得：TB=100K又：T=273+t得：tB=173 BC等壓變化，由蓋呂薩克定律得 代入數(shù)據(jù)得：TC=300K聯(lián)立得：tC=27A

41、到狀態(tài)C體積增大，對(duì)外做功，即W0，TA=TC，所以，A到狀態(tài)C的過(guò)程中內(nèi)能變化量為0由熱力學(xué)第一定律得：Q0，所以AC的過(guò)程中是吸熱吸收的熱量Q=W=PV=1×105×（3×1031×103）J=200J答：B、C時(shí)的溫度分別為173，27A到狀態(tài)C的過(guò)程中吸熱，吸了200J點(diǎn)評(píng)：解決氣體問(wèn)題的關(guān)鍵是挖掘出隱含條件，正確判斷出氣體變化過(guò)程，合理選取氣體實(shí)驗(yàn)定律解決問(wèn)題；對(duì)于內(nèi)能變化牢記溫度是理想氣體內(nèi)能的量度，與體積無(wú)關(guān)物理-選修3-4（15分）15.一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的圖象如圖甲所示，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，則以下說(shuō)法正確

42、的是（）A 這列波沿x軸負(fù)向傳播B 這列波的波速是25m/sC 質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)Q先回到平衡位置D 經(jīng)過(guò)t=0.4s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為4mE 經(jīng)過(guò)t=0.8s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的位移為8m考點(diǎn)：橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系專(zhuān)題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專(zhuān)題分析：由乙圖讀出該時(shí)刻即t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向，由甲圖判斷出波的傳播方向由甲圖讀出波長(zhǎng)，由乙圖周期，求出波速分析P與Q的振動(dòng)方向，判斷它們回到平衡位置的先后根據(jù)時(shí)間與周期的倍數(shù)關(guān)系，結(jié)合一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是4倍振幅，求解經(jīng)過(guò)t=0.4s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程和位移解答：解：A、由乙圖讀出t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向?yàn)檠貀軸正方向，由甲圖判斷出波

43、的傳播方向?yàn)檠豿軸負(fù)向故A正確B、由甲圖讀出該波的波長(zhǎng)為=20m，由乙圖周期為T(mén)=0.8s，則波速為v=25m/s故B正確C、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向，Q直接向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)Q后回到平衡位置故C錯(cuò)誤D、t=0.4s=0.5T，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過(guò)的路程是4倍振幅，則經(jīng)過(guò)t=0.4s，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是S=2A=4cm故D正確E、經(jīng)過(guò)t=0.4s，質(zhì)點(diǎn)A回到平衡位置，通過(guò)的位移為0，故E錯(cuò)誤故選：ABD點(diǎn)評(píng)：本題既要理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象各自的物理意義，由振動(dòng)圖象能判斷出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，同時(shí)要把握兩種圖象的聯(lián)系，由質(zhì)點(diǎn)的速度方向，判斷出波的傳播方向16.如圖所示為一巨大的玻璃容器，容器底部有一定的厚度，容器中裝一定量的水，在容器底部有一單色點(diǎn)光源，已知水對(duì)該光的折射率為，玻璃對(duì)該光的折射率為1.5，容器底部玻璃的厚度為d，水的深度也為d求：這種光在玻璃和水中傳播的速度；水面形成的光斑的面積（僅考慮直接由光源發(fā)出的光線）考點(diǎn)：光的折射定律專(zhuān)題：光的折射專(zhuān)題分析：由公式v=計(jì)算光在玻璃和水中的速度；畫(huà)出光路圖，光恰好在水和空氣的分界面和玻璃與水的分界面發(fā)生全反射的臨界角求出，然后結(jié)合幾何關(guān)系求解半徑解答：解