河南省南陽(yáng)一中2018學(xué)年高二上學(xué)期第一次月考物理試卷

1、2018-2018 學(xué)年河南省南陽(yáng)一中高二（上）第一次月考物理試卷一、選擇題（共12 小題，每小題 4 分，共 48 分.其中 1-7 小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，8-12 小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4 分，選不全的得2 分，有選錯(cuò)或不答的得 0 分）1關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)，下面敘述正確的是（）a電源的電動(dòng)勢(shì)就是接在電源兩極間的電壓表測(cè)得的電壓b同一電源接入不同的電路，電動(dòng)勢(shì)會(huì)發(fā)生變化c在閉合電路中，當(dāng)外電阻變大時(shí)，路端電壓增大，電源的電動(dòng)勢(shì)也增大d電源的電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量2英國(guó)科學(xué)家法拉第最先嘗試用“ 線” 描述磁場(chǎng)和電場(chǎng)，有利于形象理解不可直接觀察的電場(chǎng)

2、和磁場(chǎng)的強(qiáng)弱分布如圖所示為一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷，電量分別為+q、q實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線圓的圓心o 在兩電荷連線的中點(diǎn)， a、b、c、d為圓上的點(diǎn)，ad、 bc 的連線分別與兩電荷的連線垂直， 下列說(shuō)法正確的是 （）aa 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度b同一電荷在 b、c 兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力相同c將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點(diǎn)的過(guò)程中，電荷的電勢(shì)能先增大后減小dd 點(diǎn)的電勢(shì)低于 c點(diǎn)的電勢(shì)3如圖所示，電場(chǎng)中有a、b 兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）a電勢(shì) ab，場(chǎng)強(qiáng) eaebb電勢(shì) ab，場(chǎng)強(qiáng) eaebc將電荷 q 從 a 點(diǎn)移到 b 點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功d將電荷 q 分別放在 a、b 兩點(diǎn)時(shí)具有

3、的電勢(shì)能epaepb4如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為e 的直流電源連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少， 可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的p點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則下列說(shuō)法正確的是（）a平行板電容器的電容將變大b帶電油滴的電勢(shì)能將減少c靜電計(jì)指針張角變小d若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力變大5來(lái)自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零） ，經(jīng)一直線加速器加速，形成電流為i 的細(xì)柱形質(zhì)子流，已知質(zhì)子源與靶間的距離為d，質(zhì)子電荷量為e，假定分布在質(zhì)子源到靶間的加速度是均勻的，質(zhì)子到達(dá)靶時(shí)的速度為 ，則質(zhì)子源與靶間的質(zhì)子數(shù)為

4、（）ab c d6硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)如圖所示，圖線a 是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓u 和電流 i 的關(guān)系圖象（電池內(nèi)阻不是常數(shù)） ，圍線 b 是某電阻 r的 ui 圖象在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，硅光電池的內(nèi)阻為（）a5.5 b7.0 c12.0 d12.5 7如圖，電路中定值電阻阻值r 大于電源內(nèi)阻阻值r，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表 v1、v2、v3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為u1、u2、u3，理想電流表 a 示數(shù)變化量的絕對(duì)值為 i，正確的是（）av2的示數(shù)增大b電源輸出功率在減小cu3與i 的比值在減小 du1大于 u28關(guān)于歐姆定律的說(shuō)法中正確

5、的是（）a由 i=，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比b由 u=ir ，對(duì)一定的導(dǎo)體，通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大c由 r= ，導(dǎo)體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過(guò)它的電流強(qiáng)度成反比d歐姆定律 i=適用于任何導(dǎo)體的導(dǎo)電情況9如圖甲所示，平行板相距為d，在兩金屬板間加一如圖乙所示的交變電壓，有一個(gè)粒子源在平行板左邊界中點(diǎn)處沿垂直電場(chǎng)方向連續(xù)發(fā)射速度相同的帶正電粒子（不計(jì)重力）t=0 時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子恰好在t=t時(shí)刻到達(dá) b板右邊緣，則（）a任意時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界經(jīng)歷的時(shí)間為tbt=時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界的速度最大ct=時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右

6、邊界時(shí)距b板的距離為d粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)的動(dòng)能與何時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)無(wú)關(guān)10如圖所示，電流表a1（03a）和 a2（00.6a）是由兩個(gè)相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個(gè)電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開(kāi)關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，下列說(shuō)法中正確的是（）aa1、a2的讀數(shù)之比為 1：1ba1、a2的讀數(shù)之比為 5：1ca1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：511 如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a 和 b， 分別與電源的正負(fù)極相連 a，b 板的中央沿豎直方向各有一個(gè)小孔，帶正電的液滴從小孔的正上方p點(diǎn)由靜止自由落下，先后穿過(guò)兩個(gè)小孔后速度為v1，現(xiàn)進(jìn)行下列操作后相同的液滴仍

7、從p點(diǎn)自由落下，先后穿過(guò)兩個(gè)小孔后速度v2；下列說(shuō)法中正確的是（）a若 k電鍵保持閉合，向下移動(dòng)b 板，則 v2v1b若電鍵 k閉合一段時(shí)間后再斷開(kāi)，向下移動(dòng)b 板，則 v2v1c若電鍵 k保持閉合，無(wú)論向上或向下移動(dòng)b 板，則 v2=v1d若電鍵 k閉合一段時(shí)間再斷開(kāi)，無(wú)論向上或向下移動(dòng)a 板，則 v2v112如圖所示，處于真空中的勻強(qiáng)電場(chǎng)與水平方向成15 角，ab直線與勻強(qiáng)電場(chǎng)e垂直，在 a 點(diǎn)以大小為 v0的初速度水平拋出一質(zhì)量為m、電荷量為 +q 的小球，經(jīng)時(shí)間 t，小球下落一段距離過(guò)c點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）時(shí)速度大小仍為v0，在小球由 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 c點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）a電場(chǎng)

8、力對(duì)小球做功為負(fù)b小球的電勢(shì)能減小c小球的電勢(shì)能增量大于dc可能位于 ab直線的左側(cè)二、實(shí)驗(yàn)題（ 13 小題 4 分，14 小題 7 分， 15題 9 分，共 20 分）13用螺旋測(cè)微器測(cè)圓柱體的直徑時(shí)，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為mm，用20 分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量某物體的厚度時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為mm14發(fā)光二極管（ led ）是由鎵（ ga） 、砷（ as）與磷（ p）等的化合物制成的一種能夠發(fā)光的半導(dǎo)體電子元件， 通常用在電路及儀器中作為指示燈，或組成文字或數(shù)字顯示， 其顯著的特點(diǎn)就是具有單向?qū)щ娦云潆娐贩?hào)如圖甲所示， 正常使用時(shí)帶 “ +” 號(hào)的一端應(yīng)接在電源的正極， 帶“ ” 號(hào)的

9、一端應(yīng)接在電源的負(fù)極 某課外活動(dòng)小組用實(shí)驗(yàn)方法測(cè)得某型號(hào)發(fā)光二極管兩端的電壓u 和通過(guò)它的電流 i的數(shù)據(jù)如表所示：實(shí)驗(yàn)序號(hào)12345678910u/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.812.019.024.030.037.0（1）如圖乙、丙有兩個(gè)可供選擇的電路，應(yīng)選圖（填“ 乙” 或“ 丙” ）電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中的系統(tǒng)誤差主要是由引起的（2）請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙上用描點(diǎn)法畫(huà)出該型號(hào)發(fā)光二極管的伏安特性曲線（3）若該型號(hào)發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用 5v 的穩(wěn)壓電源供電，則需要在電路中串聯(lián)一個(gè)電阻r才能使其處于最佳工作狀態(tài)， 請(qǐng)根據(jù)所畫(huà)

10、出的該型號(hào)二極管的伏安特性曲線進(jìn)行分析，串聯(lián)的電阻r 的阻值為 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15某實(shí)驗(yàn)探究小組為了測(cè)量電流表g1內(nèi)阻 r1，設(shè)計(jì)的電路如圖甲所示實(shí)驗(yàn)中供選擇的儀器如下：待測(cè)電流表 g1（05ma，內(nèi)阻約 300 ）電流表 g2（010ma，內(nèi)阻約 100）定值電阻 r1定值電阻 r2（10 ）滑動(dòng)變阻器 r3（01 000 ）滑動(dòng)變阻器 r4（020 ）電鍵 s及導(dǎo)線若干干電池（ 1.5v）（1）定值電阻應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（2）對(duì)照電路圖用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連接如圖乙所示實(shí)物圖（3）主要的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a 按圖甲所示電路圖連接電路， 將滑動(dòng)變阻器的觸頭移至最（填“ 左” 、 “ 右”

11、 ）端；b閉合電鍵 s ，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄g1和 g2的讀數(shù) i1和 i2；c重復(fù)步驟 b，多次移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，測(cè)量多組數(shù)據(jù)；d以 i2為縱坐標(biāo)， i1為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示（4）根據(jù) i2i1圖線的斜率k 及定值電阻，寫(xiě)出待測(cè)電流表內(nèi)阻的表達(dá)式r1=（用 k 和 r1表示） 三、計(jì)算題（共4 小題，第 16、17、18 題各 10 分，第 19 題 12 分，共 42 分.解答請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟只寫(xiě)出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）16下面是一個(gè)示波管工作原理圖，初速度為零的電子經(jīng)電壓為u1的電場(chǎng)加速后垂直進(jìn)入偏

12、轉(zhuǎn)電場(chǎng)， 兩平行板間的距離為d，板長(zhǎng) l1，偏轉(zhuǎn)電壓為 u2s為屏，與極板垂直，到極板的距離l2已知電子電量 e，電子質(zhì)量 m不計(jì)電子所受的重力（1）電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度v0是多少？（2）電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量y1為多少？（用 u1、u2、d、l1表示）（3）電子到達(dá)屏s 上時(shí)，它離 o 點(diǎn)的距離 y 是多少？（用u1、u2、d、l1、l2表示）17直流電動(dòng)機(jī)在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)m和電燈 l并聯(lián)之后接在直流電源上，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r=0.5 ，電燈燈絲電阻 r=9 ，電源電動(dòng)勢(shì) e=12v ，內(nèi)阻 r=1 開(kāi)關(guān) s閉合，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表讀數(shù)為9v求：（1）

13、流過(guò)電源的電流（2）流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流（3）電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率18阻值相等的四個(gè)電阻、電容器c及電池 e（內(nèi)阻可忽略）連接成如圖所示電路開(kāi)關(guān) s斷開(kāi)且電流穩(wěn)定時(shí)， c所帶的電荷量為 q1；閉合開(kāi)關(guān) s，電流再次穩(wěn)定后， c所帶的電荷量為 q2求：（1）若已知每個(gè)電阻阻值為r0，則開(kāi)關(guān) s 閉合前和閉合后電路的總電阻r1和r2分別為多少；（2）q1與 q2的比值19真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)在電場(chǎng)中，若將一個(gè)質(zhì)量為 m、 帶正電的小球由靜止釋放， 運(yùn)動(dòng)中小球速度與豎直方向夾角為37（取sin37 =0.6， cos37=0.8） 現(xiàn)將該小球從電場(chǎng)中某點(diǎn)以初速度v0豎直向上

14、拋出 求運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（1）小球受到的電場(chǎng)力的大小及方向（2）小球從拋出點(diǎn)至最高點(diǎn)的電勢(shì)能變化量（3）小球的最小動(dòng)量的大小及方向2018-2018 學(xué)年河南省南陽(yáng)一中高二（上）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共12 小題，每小題 4 分，共 48 分.其中 1-7 小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，8-12 小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4 分，選不全的得2 分，有選錯(cuò)或不答的得 0 分）1關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)，下面敘述正確的是（）a電源的電動(dòng)勢(shì)就是接在電源兩極間的電壓表測(cè)得的電壓b同一電源接入不同的電路，電動(dòng)勢(shì)會(huì)發(fā)生變化c在閉合電路中，當(dāng)外電阻變大時(shí)，路端電壓增大，電源的電動(dòng)勢(shì)也增大d電源的電

15、動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量【考點(diǎn)】 電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和【解答】 解：a、電壓表是由內(nèi)阻的，跟電源連接后構(gòu)成一個(gè)通路，測(cè)量的是電壓表內(nèi)阻的電壓，所以電壓表測(cè)得的電源兩極間電壓值略小于電動(dòng)勢(shì)故 a 錯(cuò)誤；b、電動(dòng)勢(shì)反映本身的特性， 與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān) 即同一電源接入不同的電路，電動(dòng)勢(shì)不會(huì)變化；在閉合電路中，當(dāng)外電阻變大時(shí)，路端電壓增大，電源的電動(dòng)勢(shì)也不會(huì)變化，故bc錯(cuò)誤；d、電源的電動(dòng)勢(shì)是表示

16、電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量，d正確故選： d2英國(guó)科學(xué)家法拉第最先嘗試用“ 線” 描述磁場(chǎng)和電場(chǎng)，有利于形象理解不可直接觀察的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的強(qiáng)弱分布如圖所示為一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷，電量分別為+q、q實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線圓的圓心o 在兩電荷連線的中點(diǎn)， a、b、c、d為圓上的點(diǎn)，ad、 bc 的連線分別與兩電荷的連線垂直， 下列說(shuō)法正確的是 （）aa 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度b同一電荷在 b、c 兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力相同c將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點(diǎn)的過(guò)程中，電荷的電勢(shì)能先增大后減小dd 點(diǎn)的電勢(shì)低于 c點(diǎn)的電勢(shì)【考點(diǎn)】 電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】本題根據(jù)等量異

17、種電荷周圍電場(chǎng)線的分布情況，結(jié)合對(duì)稱性， 分析電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，再進(jìn)一步分析電場(chǎng)力的關(guān)系根據(jù)電場(chǎng)線的方向分析電勢(shì)的變化，判斷電勢(shì)能的變化【解答】 解：a、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場(chǎng)線分布情況和對(duì)稱性，可知a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故a 錯(cuò)誤；b、根據(jù)對(duì)稱性可知， b、c 兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，由f=eq知，同一電荷在 b、c 兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小相等，方向不同，則電場(chǎng)力不同，故b 錯(cuò)誤；c、根據(jù)等勢(shì)面的分布情況可知，將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)先升高后降低，而正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，則其電勢(shì)能先增大后減小，故 c正確；d、電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止

18、，而順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知d 點(diǎn)的電勢(shì)高于 c點(diǎn)的電勢(shì)故 d錯(cuò)誤；故選： c3如圖所示，電場(chǎng)中有a、b 兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）a電勢(shì) ab，場(chǎng)強(qiáng) eaebb電勢(shì) ab，場(chǎng)強(qiáng) eaebc將電荷 q 從 a 點(diǎn)移到 b 點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功d將電荷 q 分別放在 a、b 兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能epaepb【考點(diǎn)】 電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)【分析】電場(chǎng)中，電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低由此分析電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)的大小根據(jù)電場(chǎng)力方向與位移方向的關(guān)系分析電場(chǎng)力做功正負(fù)，再判斷電勢(shì)能的變化【解答】 解：ab、沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，則ab由圖看出， b 處電場(chǎng)線比 a 處電場(chǎng)線密，則

19、b 處場(chǎng)強(qiáng)大于 a 處場(chǎng)強(qiáng)，即 eaeb故 a、b錯(cuò)誤cd 、負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，則將電荷q 從 a 點(diǎn)移到 b 點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力方向與速度方向相反， 電場(chǎng)力做負(fù)功， 電勢(shì)能增大， 則 epaepb故 c正確，d錯(cuò)誤故選： c4如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為e 的直流電源連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少， 可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的p點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則下列說(shuō)法正確的是（）a平行板電容器的電容將變大b帶電油滴的電勢(shì)能將減少c靜電計(jì)指針張角變小d若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力變大【

20、考點(diǎn)】 電容器的動(dòng)態(tài)分析【分析】電容器始終與電源相連， 電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變，根據(jù)電容器d 的變化判斷電容的變化，由公式e= 分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢(shì)能和電場(chǎng)力的變化【解答】 解：a、根據(jù)電容的決定式c=知，下極板豎直向下移動(dòng)時(shí)，d 增大，則電容減小故 a 錯(cuò)誤b、電勢(shì)差不變， d 增大，則由公式e= 分析得知板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，p 點(diǎn)與上極板間的電勢(shì)差減小， 而 p點(diǎn)的電勢(shì)比上極板低， 上極板的電勢(shì)不變， 則 p點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)橛偷螏ж?fù)電荷，則油滴的電勢(shì)能減小故b正確c、靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變故c錯(cuò)

21、誤d、電容器與電源斷開(kāi)， 則電荷量不變， d 改變，根據(jù) e= ，c=和 c=得e=，則知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變故d 錯(cuò)誤故選： b5來(lái)自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零） ，經(jīng)一直線加速器加速，形成電流為i 的細(xì)柱形質(zhì)子流，已知質(zhì)子源與靶間的距離為d，質(zhì)子電荷量為e，假定分布在質(zhì)子源到靶間的加速度是均勻的，質(zhì)子到達(dá)靶時(shí)的速度為 ，則質(zhì)子源與靶間的質(zhì)子數(shù)為（）ab c d【考點(diǎn)】 電流、電壓概念【分析】質(zhì)子數(shù)與電荷量有關(guān)系， 電荷量有與電流和質(zhì)子的飛行時(shí)間有關(guān)設(shè)飛行時(shí)間為 t，通過(guò)位移與速度的關(guān)系，可求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間然后電荷量與電流的關(guān)系， q=it，所以質(zhì)子數(shù)為 n=，從而即可求解【解答】

22、 解：距離為 d，速度為 v，則時(shí)間：電流為 i，則在 t 時(shí)間內(nèi)通過(guò)的電量為q=it=所以質(zhì)子數(shù)目：=故 b正確故選： b6硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)如圖所示，圖線a 是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓u 和電流 i 的關(guān)系圖象（電池內(nèi)阻不是常數(shù)） ，圍線 b 是某電阻 r的 ui 圖象在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，硅光電池的內(nèi)阻為（）a5.5 b7.0 c12.0 d12.5 【考點(diǎn)】 閉合電路的歐姆定律；電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】 由歐姆定律得 u=e ir，的大小等于 r，當(dāng) i=0 時(shí)，e=u，由圖可知電池的電動(dòng)勢(shì)為 u2當(dāng)電流為 i1時(shí)，根據(jù)歐姆定律求出內(nèi)阻【解

23、答】 解：由歐姆定律得 u=eir，當(dāng) i=0時(shí)，e=u ，由 a 與縱軸的交點(diǎn)讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為： e=3.6v 根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，電阻的電壓為u=2.5v，電流為i=0.2a，則硅光電池的內(nèi)阻為：r=5.5 故 a 正確， bcd錯(cuò)誤故選： a7如圖，電路中定值電阻阻值r 大于電源內(nèi)阻阻值r，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表 v1、v2、v3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為u1、u2、u3，理想電流表 a 示數(shù)變化量的絕對(duì)值為 i，正確的是（）av2的示數(shù)增大b電源輸出功率在減小cu3與i 的比值在減小 du1大于 u2【考點(diǎn)】 閉合電路的歐姆定律【分析】 理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大， 相

24、當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路分析電路的連接關(guān)系， 根據(jù)歐姆定律分析 根據(jù)電源內(nèi)外電阻關(guān)系分析電源的輸出功率如何變化【解答】 解：a、理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大，相當(dāng)于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以定值電阻r與變阻器串聯(lián)，電壓表v1、v2、v3分別測(cè)量 r、路端電壓和變阻器兩端的電壓 當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)， 接入電路的電阻減小，電路中電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則v2的示數(shù)減小，故 a 錯(cuò)誤；b、當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)， 電源的輸出功率最大， 故當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，外電阻越來(lái)越接近內(nèi)阻，故電源的輸出功率在增大；故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：u3=ei（r+r）

25、，則得：=r+r，保持不變，故 c錯(cuò)誤；d、根據(jù)閉合電路歐姆定律得： u2=eir，則得：=r；而=r，據(jù)題：rr，則得 v1v2故 d 正確故選： d8關(guān)于歐姆定律的說(shuō)法中正確的是（）a由 i=，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比b由 u=ir ，對(duì)一定的導(dǎo)體，通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大c由 r= ，導(dǎo)體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過(guò)它的電流強(qiáng)度成反比d歐姆定律 i=適用于任何導(dǎo)體的導(dǎo)電情況【考點(diǎn)】 歐姆定律【分析】導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體的材料、長(zhǎng)度、橫截面積決定，與電壓、電流無(wú)關(guān)；根據(jù)歐姆定律內(nèi)容分析答題【解答】 解：a、在電阻一定的情況下，由i=可知，導(dǎo)體

26、中的電流跟導(dǎo)體的電壓成正比，跟電阻成反比，故a 正確；b、根據(jù)公式 u=ir可知，當(dāng)電阻一定時(shí)，通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大，故 b正確；c、導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體的材料、長(zhǎng)度、橫截面積決定，與電壓、電流無(wú)關(guān)，故c錯(cuò)誤；d、歐姆定律只能適用于純電阻及電解液導(dǎo)電中，故d 錯(cuò)誤；故選： ab9如圖甲所示，平行板相距為d，在兩金屬板間加一如圖乙所示的交變電壓，有一個(gè)粒子源在平行板左邊界中點(diǎn)處沿垂直電場(chǎng)方向連續(xù)發(fā)射速度相同的帶正電粒子（不計(jì)重力）t=0 時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子恰好在t=t時(shí)刻到達(dá) b板右邊緣，則（）a任意時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界經(jīng)歷的時(shí)間為tbt=時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界的速度

27、最大ct=時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)距b板的距離為d粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)的動(dòng)能與何時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)無(wú)關(guān)【考點(diǎn)】 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】粒子水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間公式判斷時(shí)間關(guān)系；粒子在一個(gè)周期內(nèi)豎直方向加速和減速的時(shí)間相等，速度的變化量為零， 粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)的速度大小等于進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度大?。桓鶕?jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間分析 t=時(shí)刻進(jìn)入的粒子豎直方向的位移【解答】 解：a、任意時(shí)刻進(jìn)入的粒子水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以任意時(shí)刻進(jìn)入的粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界經(jīng)歷的時(shí)間為t，故 a 正確bd、粒子在豎直方向做周期性運(yùn)動(dòng)，勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，加速度也相同，所以到

28、達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)速度的變化量為零，因此粒子到達(dá)電場(chǎng)右邊界時(shí)的速度大小等于進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)初速度大小，與何時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)無(wú)關(guān)故b錯(cuò)誤，d 正確c、對(duì)于 t=時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子，豎直方向上有：在第一個(gè)內(nèi)向下加速運(yùn)動(dòng)，在第二個(gè)內(nèi)向下減速運(yùn)動(dòng)，在第三個(gè)內(nèi)向上加速運(yùn)動(dòng)，在第四個(gè)內(nèi)向上減速運(yùn)動(dòng)，一個(gè)周期豎直方向速度為零且粒子剛好沿中線射出，偏轉(zhuǎn)位移為零 故c錯(cuò)誤故選： ad10如圖所示，電流表a1（03a）和 a2（00.6a）是由兩個(gè)相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個(gè)電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開(kāi)關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，下列說(shuō)法中正確的是（）aa1、a2的讀數(shù)之比為 1：1ba1、a2的讀數(shù)之比為 5：1ca1、a2的

29、指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：5【考點(diǎn)】 閉合電路的歐姆定律【分析】 電流表 a1、a2是由兩個(gè)相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時(shí)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大【解答】 解：圖中的a1、a2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，所以 a1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1；量程不同的電流表讀數(shù)不同，電流表 a1的量程為 3a，a2的量程為 0.6a，當(dāng)偏轉(zhuǎn)角相同時(shí)， a1、a2的讀數(shù)之比為 5：1，故 bc正確故選 bc11 如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a 和 b， 分別與電源的正負(fù)極相連 a，b 板的

30、中央沿豎直方向各有一個(gè)小孔，帶正電的液滴從小孔的正上方p點(diǎn)由靜止自由落下，先后穿過(guò)兩個(gè)小孔后速度為v1，現(xiàn)進(jìn)行下列操作后相同的液滴仍從p點(diǎn)自由落下，先后穿過(guò)兩個(gè)小孔后速度v2；下列說(shuō)法中正確的是（）a若 k電鍵保持閉合，向下移動(dòng)b 板，則 v2v1b若電鍵 k閉合一段時(shí)間后再斷開(kāi)，向下移動(dòng)b 板，則 v2v1c若電鍵 k保持閉合，無(wú)論向上或向下移動(dòng)b 板，則 v2=v1d若電鍵 k閉合一段時(shí)間再斷開(kāi)，無(wú)論向上或向下移動(dòng)a 板，則 v2v1【考點(diǎn)】 勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】液滴受重力和電場(chǎng)的作用穿過(guò)兩極板，根據(jù)電容器的動(dòng)態(tài)變化規(guī)律再由動(dòng)能定理可得出其穿過(guò)的速度關(guān)系【解答】 解：a

31、、由于兩極板接在電源兩端，故向上移動(dòng)b 板時(shí)，兩板間的電壓不變，故電場(chǎng)力做功不變；高度也不變，故重力做功不變，故總功不變，由動(dòng)能定理可得，則 v2=v1；故 a 錯(cuò)誤；b、若向下移動(dòng)極板，電場(chǎng)力做功不變，但高度差變大，重力做功增大，則可知v2v1，故 b 正確；c、若 a 的分析可知，若只移動(dòng)b 板，前后兩次的速度不變，故c正確；d、由 b的分析可知，若向下移動(dòng)a 板，則 v2v1；故 d 錯(cuò)誤；故選： bc 12如圖所示，處于真空中的勻強(qiáng)電場(chǎng)與水平方向成15 角，ab直線與勻強(qiáng)電場(chǎng)e垂直，在 a 點(diǎn)以大小為 v0的初速度水平拋出一質(zhì)量為m、電荷量為 +q 的小球，經(jīng)時(shí)間 t，小球下落一段距離

32、過(guò)c點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）時(shí)速度大小仍為v0，在小球由 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 c點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）a電場(chǎng)力對(duì)小球做功為負(fù)b小球的電勢(shì)能減小c小球的電勢(shì)能增量大于dc可能位于 ab直線的左側(cè)【考點(diǎn)】 勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】 小球由 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 c 點(diǎn)的過(guò)程中，重力做正功，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理可判斷出電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減??；分析c點(diǎn)的電勢(shì)比 a 點(diǎn)電勢(shì)高，可知 c點(diǎn)位于 ab直線的右側(cè)【解答】 解：a、b 由題，小球由 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 c點(diǎn)的過(guò)程中，重力做正功，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理得知，電場(chǎng)力必定做負(fù)功，小球的電勢(shì)能增加故a 正確， b錯(cuò)誤c、小球具有機(jī)械能和電勢(shì)能，總

33、量守恒，小球的電勢(shì)能增加，則知小球的機(jī)械能一定減小， 小球的機(jī)械能的減少量即為豎直方向的重力勢(shì)能的減少量mgh，由于電場(chǎng)力向左下方， 重力豎直向下， 將合力沿著水平和豎直方向正交分解，豎直方向的合力大于重力，故在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)的加速度a 大于 g，豎直方向 h=at2gt2，即 mghmg2t2，則可知小球的電勢(shì)能增量大于，故 c正確d、小球的電勢(shì)能增加，而小球帶正電，則知c點(diǎn)的電勢(shì)比 a 點(diǎn)電勢(shì)高，故 c點(diǎn)一定位于 ab直線的右側(cè)故 d 錯(cuò)誤故選： ac二、實(shí)驗(yàn)題（ 13 小題 4 分，14 小題 7 分， 15題 9 分，共 20 分）13 用螺旋測(cè)微器測(cè)圓柱體的直徑時(shí)， 示數(shù)如圖甲所示

34、， 此示數(shù)為6.125mm，用 20 分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量某物體的厚度時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為63.60mm【考點(diǎn)】 刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測(cè)微器的使用【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)， 不需估讀螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀【 解 答 】 解 ： 螺 旋 測(cè) 微 器 的 固 定 刻 度 為6mm ， 可 動(dòng) 刻 度 為12.5 0.01mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.125mm=6.125mm20 分度的游標(biāo)卡尺，精確度是0.18mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為63mm，游標(biāo)尺上第 12 個(gè)刻度

35、和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為120.18mm=0.60mm，所以最終讀數(shù)為： 63mm+0.60mm=63.60mm故答案為： 6.125 63.6014發(fā)光二極管（ led ）是由鎵（ ga） 、砷（ as）與磷（ p）等的化合物制成的一種能夠發(fā)光的半導(dǎo)體電子元件， 通常用在電路及儀器中作為指示燈，或組成文字或數(shù)字顯示， 其顯著的特點(diǎn)就是具有單向?qū)щ娦云潆娐贩?hào)如圖甲所示， 正常使用時(shí)帶 “ +” 號(hào)的一端應(yīng)接在電源的正極， 帶“ ” 號(hào)的一端應(yīng)接在電源的負(fù)極 某課外活動(dòng)小組用實(shí)驗(yàn)方法測(cè)得某型號(hào)發(fā)光二極管兩端的電壓u 和通過(guò)它的電流 i的數(shù)據(jù)如表所示：實(shí)驗(yàn)序號(hào)12345678910u

36、/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.812.019.024.030.037.0（1）如圖乙、丙有兩個(gè)可供選擇的電路，應(yīng)選圖丙（填“ 乙” 或“ 丙” ）電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表分流引起的（2）請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙上用描點(diǎn)法畫(huà)出該型號(hào)發(fā)光二極管的伏安特性曲線（3）若該型號(hào)發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用 5v 的穩(wěn)壓電源供電，則需要在電路中串聯(lián)一個(gè)電阻r才能使其處于最佳工作狀態(tài)， 請(qǐng)根據(jù)所畫(huà)出的該型號(hào)二極管的伏安特性曲線進(jìn)行分析，串聯(lián)的電阻r的阻值為119 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】 伏安法測(cè)電阻【分析】 （1）根據(jù)

37、表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)確定滑動(dòng)變阻器的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路；根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)分析實(shí)驗(yàn)誤差（2）應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象（3）由圖示圖示求出二極管最佳工作電壓對(duì)應(yīng)的電流，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值【解答】解： （1）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，電壓與電流從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，故選擇圖丙所示實(shí)驗(yàn)電路；由圖丙所示實(shí)驗(yàn)電路圖可知， 電流表采用外接法， 由于電壓表的分流作用會(huì)使所測(cè)電流偏大，這是系統(tǒng)誤差的形成原因（2）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)坐標(biāo)系中描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示：（3）由圖示圖象可知，二極管電壓為2.5v 時(shí)電流： i=21ma=0.181a ，串聯(lián)電阻阻

38、值： r= =119；故答案為：（1）丙，電壓表分流；（2）圖象如圖所示；（3）11915某實(shí)驗(yàn)探究小組為了測(cè)量電流表g1內(nèi)阻 r1，設(shè)計(jì)的電路如圖甲所示實(shí)驗(yàn)中供選擇的儀器如下：待測(cè)電流表 g1（05ma，內(nèi)阻約 300 ）電流表 g2（010ma，內(nèi)阻約 100）定值電阻 r1定值電阻 r2（10 ）滑動(dòng)變阻器 r3（01 000 ）滑動(dòng)變阻器 r4（020 ）電鍵 s及導(dǎo)線若干干電池（ 1.5v）（1）定值電阻應(yīng)選r1，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選r4（2）對(duì)照電路圖用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連接如圖乙所示實(shí)物圖（3）主要的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a按圖甲所示電路圖連接電路，將滑動(dòng)變阻器的觸頭移至最左（填 “ 左” 、“

39、右” ）端；b閉合電鍵 s ，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄g1和 g2的讀數(shù) i1和 i2；c重復(fù)步驟 b，多次移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，測(cè)量多組數(shù)據(jù)；d以 i2為縱坐標(biāo)， i1為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示（4） 根據(jù) i2i1圖線的斜率 k 及定值電阻，寫(xiě)出待測(cè)電流表內(nèi)阻的表達(dá)式r1= （k1）r1（用 k 和 r1表示） 【考點(diǎn)】 伏安法測(cè)電阻【分析】 （1）根據(jù)定值電阻阻值與待測(cè)電流表內(nèi)阻相等可知將二者并聯(lián)后總電流與電流表 g2的滿偏電流相等，所以測(cè)量電路應(yīng)是將待測(cè)電流表與定值電阻r1并聯(lián)后再與電流表g2串聯(lián)；再根據(jù)變阻器采用分壓式接法時(shí)阻值越小時(shí)調(diào)節(jié)越方便即可選出變阻器r4；（2）根據(jù)實(shí)物圖

40、的連接要求連接實(shí)物圖；（3）明確閉合電鍵前應(yīng)將滑片置于輸出電壓最小的一端；（4）根據(jù)物理規(guī)律寫(xiě)出i2與 i1的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)斜率的概念即可求解【解答】 解： （1）由于定值電阻 r1的電阻與待測(cè)電流表g1內(nèi)阻接近相等，可將二者并聯(lián)，再與電流表g2串聯(lián)；由于變阻器采用分壓式接法時(shí)， 阻值越小調(diào)節(jié)越方便， 所以變阻器應(yīng)選阻值小的r4；（2）根據(jù)圖甲所示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（3）a、為保護(hù)電流表，閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑片置于輸出電壓最小處，故應(yīng)滑到最左端；（4）由電路圖根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有：i1+=i2，解得： i2=（1+）i1，根據(jù)函數(shù)斜率的概念應(yīng)有：k=（1+） ，解得：

41、 r1=（k1）r1；故答案為：（1）r1，r4； （2）電路圖如圖所示；（3）左； （4） （k1）r1三、計(jì)算題（共4 小題，第 16、17、18 題各 10 分，第 19 題 12 分，共 42 分.解答請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟只寫(xiě)出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）16下面是一個(gè)示波管工作原理圖，初速度為零的電子經(jīng)電壓為u1的電場(chǎng)加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)， 兩平行板間的距離為d，板長(zhǎng) l1，偏轉(zhuǎn)電壓為 u2s為屏，與極板垂直，到極板的距離l2已知電子電量 e，電子質(zhì)量 m不計(jì)電子所受的重力（1）電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度v0是多少？（2）電子

42、離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量y1為多少？（用 u1、u2、d、l1表示）（3）電子到達(dá)屏s 上時(shí)，它離 o 點(diǎn)的距離 y 是多少？（用u1、u2、d、l1、l2表示）【考點(diǎn)】 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】根據(jù)動(dòng)能定理求出電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后， 做類平拋運(yùn)動(dòng)，在沿電場(chǎng)方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，求出偏轉(zhuǎn)量電子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電子到達(dá)屏上距離o 點(diǎn)的距離等于在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量與出電場(chǎng)勻速直線運(yùn)動(dòng)在豎直方向上的位移之和也可用相似比直接求距離， 因?yàn)樽麟娮映銎D(zhuǎn)電場(chǎng)速度的反向延長(zhǎng)線，必然經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)軸線的中點(diǎn)【解答】 解： （1）設(shè)電子經(jīng)加速

43、電場(chǎng)u1加速后以速度 v0進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，由動(dòng)能定理有qu1=mv18，v0=故電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度v0=（2）進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后在電場(chǎng)線方向有，a=經(jīng)時(shí)間 t1飛出電場(chǎng)有 t1=，飛出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)量為y1=at12由以上各式得y1=故電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量y1=（3）設(shè)電子從偏轉(zhuǎn)場(chǎng)穿出時(shí)，沿y 方向的速度為 vy，穿出后到達(dá)屏 s所經(jīng)歷的時(shí)間為 t2，在此時(shí)間內(nèi)電子在y方向移動(dòng)的距離為y2，有vy=at1t2=y2=vyt2由以上各式得y2=y=y1+y2=（l1+2l2）也可用相似比直接求y即：，故電子到達(dá)屏 s上時(shí)，它離 o 點(diǎn)的距離 y=y1+y2=（l1+2l2） 17直流電動(dòng)機(jī)在生產(chǎn)

44、、生活中有著廣泛的應(yīng)用如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)m和電燈 l并聯(lián)之后接在直流電源上，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r=0.5 ，電燈燈絲電阻 r=9 ，電源電動(dòng)勢(shì) e=12v ，內(nèi)阻 r=1 開(kāi)關(guān) s閉合，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表讀數(shù)為9v求：（1）流過(guò)電源的電流（2）流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流（3）電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率【考點(diǎn)】 閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【分析】 （1） 根據(jù)內(nèi)外之和等于電源的電動(dòng)勢(shì)和歐姆定律，求出流過(guò)電源的電流（2）由歐姆定律求出燈泡的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流（3）電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率等于電動(dòng)機(jī)的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差【解答】 解：（1）電源的輸出電壓： u=e ir，則有i=代入解得： i=3a（2）對(duì)燈泡：電動(dòng)機(jī)與