操作系統(tǒng)原理離線作業(yè)答案

1、浙江大學遠程教育學院?操作系統(tǒng)原理?課程作業(yè)答案1.進程P0和P1的共享變量定義及其初值為boolean flag2；int turn=0 ;flag0=FALSE ; flag1=FALSE ;假設進程P0和P1訪問臨界資源的類 C代碼實現(xiàn)如下：void P0() /P0 進程 while (TURE) flag0=TRUE; turn = 1;while (flag1 && turn = 1);臨界區(qū)；flag0 = FALSE; void P1()/P1 進程 while (TURE) flag1=TRUE; turn = 0;while (flag0 &&

2、; turn = 0);臨界區(qū)；flag1 = FALSE;那么并發(fā)執(zhí)行進程P0和P1時產生的情況是：A.不能保證進程互斥進入臨界區(qū)、會出現(xiàn)“饑餓現(xiàn)象B.不能保證進程互斥進入臨界區(qū)、不會出現(xiàn)“饑餓現(xiàn)象C.能保證進程互斥進入臨界區(qū)、會出現(xiàn)“饑餓現(xiàn)象D.能保證進程互斥進入臨界區(qū)、不會出現(xiàn)“饑餓現(xiàn)象【答案】D2 .有兩個進程P1和P2描述如下： shared data：int counter = 6;P1 :Computing;counter=counter+1;Printing;counter=counter-2;兩個進程并發(fā)執(zhí)行,運行完成后,counter的值不可能為 .A. 4 B. 5 C.

3、 6 D. 7【答案】C3 .某計算機采用二級頁表的分頁存儲治理方式,按字節(jié)編址,頁大小為210字節(jié),頁表項大小為2字節(jié),邏輯地址結構為：頁目錄號 頁號 頁內偏移量邏輯地址空間大小為 216頁,那么表示整個邏輯地址空間的頁目錄表中包含表項的個數(shù)至少是A. 64 B. 128 C. 256 D. 512【答案】B4.在動態(tài)分區(qū)系統(tǒng)中,有如下空閑塊：空閑塊塊大小KB 塊的基址18060275150355250490350此時,某進程P請求50KB內存,系統(tǒng)從第1個空閑塊開始查找,結果把第4個空閑塊分配給了 P進程,請問是用哪一種分區(qū)分配算法實現(xiàn)這一方案？A.首次適應 B.最正確適應C.最差適應D.

4、下次適應【答案】C5.在一頁式存儲治理系統(tǒng)中,頁表內容如下所示.頁號 幀號28假設頁大小為1K,邏輯地址的頁號為 2,頁內地址為451,轉換成的物理地址為A. 8643B. 8192C. 2048D. 2499【答案】A6.采用段式存儲治理的系統(tǒng)中,假設地址用 大長度是A. 224B. 21232位表示,其中C. 21020位表示段號,那么允許每段的最D. 2327 .在一段式存儲治理系統(tǒng)中,某段表的內容如下段號段首址段長0100K35K1560K20K2260K15K3670K32K假設邏輯地址為2,158,那么它對應的物理地址為 .A. 100K+158 B.260K+158C. 560K

5、+158D. 670K+158【答案】B8 .一個分段存儲治理系統(tǒng)中,地址長度為 32位,其中段長占8位,那么最大段長是A. 28字節(jié)B. 216字節(jié)C. 224字節(jié)D. 2 32字節(jié)【答案】C9 .有一請求分頁式存儲治理系統(tǒng),頁面大小為每頁100字節(jié),有一個50 X50的整型數(shù)組按行為主序連續(xù)存放,每個整數(shù)占兩個字節(jié),將數(shù)組初始化為0的程序描述如下：int A5050;for (int i = 0; i < 50; i+)for (int j = 0; j < 50; j+) Ai,j = 0;假設在程執(zhí)行時內存只有一個存儲塊用來存放數(shù)組信息,試問該程序執(zhí)行時產生 次 缺頁中斷.

6、A. 1B. 50C. 100D. 2500【答案】B10.一臺計算機有4個頁框,裝入時間、上次引用時間、和每個頁的訪問位如下所示：頁裝入時間上次引用時間RM0126279001230260102120272113160采用FIFO算法將淘汰A. 0B. 1【答案】C280一頁；C. 2D. 31111.一臺計算機有 如下所示：4個頁框,裝入時間、上次引用時間、和每個頁的訪問位頁裝入時間上次引用時間RM0126279001230260102120272113160采用NRU算法將淘汰A. 0B. 1【答案】A280一頁；C. 2D. 31112.一臺計算機有4個頁框,裝入時間、上次引用時間、和

7、每個頁的訪問位 如下所示：頁裝入時間上次引用時間RM012627900123026010212027228011113160采用LRU算法將淘汰A. 0B. 1【答案】B13.一臺計算機有4個頁框,一頁；C. 2D. 3裝入時間、上次引用時間、和每個頁的訪問位如下所示：頁裝入時間上次引用時間RM0126123021203160采用第二次時機算法將淘汰A. 0B. 1C. 2279260272280頁；D. 301110011【答案】A二、綜合題1.4對于實時系統(tǒng)來說,操作系統(tǒng)需要以一種公平的方式支持虛擬存儲器和分時 系統(tǒng).對于手持系統(tǒng),操作系統(tǒng)需要提供虛擬存儲器,但是不需要提供分時系統(tǒng). 批處

8、理程序在兩種環(huán)境中都是非必需的.1.17a.批處理：具有相似需求的作業(yè)被成批的集合起來,并把它們作為一個整體通過 一個操作員或自動作業(yè)程序裝置運行通過計算機.通過緩沖區(qū),線下操作,后臺和多道程序,運用嘗試保持 CPU和I/O 一直繁忙,從而使得性能被提升.批處 理系統(tǒng)對于運行那些需要較少互動的大型作業(yè)十分適用.它們可以被更遲地提交或獲得.b.交互式：這種系統(tǒng)由許多短期交易構成,并且下一個交易的結果是無法預知的.從用戶提交到等待結果的響應時間應該是比擬短的,通常為1秒左右.c.分時：這種系統(tǒng)使用CPU調度和多道程序來經濟的提供一個系統(tǒng)的人機通信 功能.CPU從一個用戶快速切換到另一個用戶.以每個

9、程序從終端機中讀取它 的下一個限制卡,并且把輸出的信息正確快速的輸出到顯示器上來替代用 soopled card images1義的作業(yè).d.實時：經常用于專門的用途.這個系統(tǒng)從感應器上讀取數(shù)據,而且必須在嚴格 的時間內做出響應以保證正確的性能.e.網絡：提供應操作系統(tǒng)一個特征,使得其進入網絡,比方 ；文件共享.f.并行式：每一個處理器都運行同一個操作系統(tǒng)的拷貝.這些拷貝通過系統(tǒng)總線 進行通信.g.分布式：這種系統(tǒng)在幾個物理處理器中分布式計算,處理器不共享內存或時鐘. 每個處理器都有它各自的本地存儲器.它們通過各種通信線路在進行通信,比方： 一條高速的總線或一個本地的網絡.h.集群式：集群系統(tǒng)

10、是由多個計算機耦合成單一系統(tǒng)并分布于整個集群來完成計 算任務.i.手持式：一種可以完成像記事本,email和網頁瀏覽等簡單任務的小型計算機系 統(tǒng).手持系統(tǒng)與傳統(tǒng)的臺式機的區(qū)別是更小的內存和屏幕以及更慢的處理水平.2.3:1 .通過存放器來傳遞參數(shù)2 .存放器傳遞參數(shù)塊的首地址3 .參數(shù)通過程序存放或壓進堆棧中,并通過操作系統(tǒng)彈出堆棧.2.12 Answer:優(yōu)點主要包括以下幾點：a 增加一個新的效勞不需要修改內核b） 在用戶模式中比在內核模式中更平安、更易操作c） 一個簡單的內核設計和功能一般導致一個更可靠的操作系統(tǒng)用戶程序和系統(tǒng)效勞通過使用進程件的通信機制在微內核中相互作用,例如發(fā)送消息.這

11、些消息由操作系統(tǒng)運送.微內核最主要的缺點是與進程間通信 的過度聯(lián)系和為了保證用戶程序和系統(tǒng)效勞相互作用而頻繁使用操作系統(tǒng) 的消息傳遞功能.3.2:總的來說,操作系統(tǒng)必須保存正在運行的進程的狀態(tài),恢復進程的狀態(tài).保存進程的狀態(tài)主要包括 CPUS存器的值以及內存分配,上下文切換還必須 執(zhí)行一些確切體系結構的操作,包括刷新數(shù)據和指令緩存.書中答案進程關聯(lián)是由進程的PCB來表示的,它包括CPUS存器的值和內 存治理信息等.當發(fā)生上下文切換時,內核會將舊進程的關聯(lián)狀態(tài)保存在其 PCB中,然后裝入經調度要執(zhí)行的新進程的已保存的關聯(lián)狀態(tài).3.4: Parent :value=8.4.4答：一個線程程序的線程

12、共享堆內存和全局變量,但每個線程都有屬于自己的一組存放值和棧內存.4.7答：c行會輸出10, p行會輸出0.5.4答：a.甘特圖FCFSP1P2P3P4P512345678910111213141516171819SJFP2P4P3P5P112345678910111213141516171819Non-preemptive PriorityP2P5P1P3P412345678910111213141516171819RR(quantum=1)P1P2P3P4P5P1P3P5P1P5P1P5P1P5P1P1P1P1P112345678910111213141516171819b. Turnar

13、ound TimeProcessFCFSSJFNPPRR(quantum=1)P110191619P211112P3134187P4142194P5199614Average13.47.2129.2c. Waiting TimeProcessFCFSSJFNPPRR(quantum=1)P10969P210001P3112165P4131183P514419Average9.63.28.25.4d.SJF5.5答：最短作業(yè)優(yōu)先調度和優(yōu)先級調度算法會引起饑餓5.7答：a.時間片是1毫秒：不管是哪個進程被調度,這個調度都會為每一次的上下文切換花費一個0.1毫秒的上下文切換.CPU的利用率是1/1.

14、1*100=92% .b.時間片是10毫秒：這I/O限制任務會在使用完 1毫秒時間片后進行一次上下文切換.這 個時間片要求在所有的進程間都走一遍,因此, 10*1.1+10.1(由于每個I / O限定任務執(zhí)行 為1毫秒,然后承當上下文切換的任務,而CPU限制任務的執(zhí)行10毫秒在承當一個上下文切換之前).因此,CPU的利用率是 20、21.1*100=94%.6.01【參考答案】信號量mutex的作用是保證各生產者進程和消費者進程對緩沖池的互斥訪問.信號量 empty和full均是資源信號量,它們分別對應于緩沖池中的空閑緩沖區(qū)和緩沖池中的產品, 生產者需要通過 wait(empty)來申請使用空

15、閑緩沖區(qū),而消費者需要通過wait(full)才能取得緩沖中的產品,可見,這兩個信號量起著同步生產者和消費者的作用,它們保證生產者不會將產品存放到滿緩沖區(qū)中,而消費者不會從空緩沖區(qū)中取產品.在生產者一消費者問題中,如果將兩個 wait操作,即wait(full)和wait(mutex)互換位置,或者wait(empty)和wait(mutex)互換位置,都可能引起死鎖.考慮系統(tǒng)中緩沖區(qū)全滿時,假設 一生產者進程先執(zhí)行了wait(mutex)操作并獲得成功,當再執(zhí)行 wait(empty)操作時,它將因失敗而進入阻塞狀態(tài),它期待消費者執(zhí)行signal(empty)來喚醒自己,在此之前,它不可能執(zhí)

16、行signal(mutex)操作,從而使企圖通過 wait(mutex)進入自己的臨界區(qū)的其他生產者和所有的 消費者進程全部進入阻塞狀態(tài),系統(tǒng)進入死鎖狀態(tài).類似地,消費者進程假設先執(zhí)行 wait(mutex),后執(zhí)行wait(full)同樣可能造成死鎖.合作進程的前趨圖signal(full)和 signal(mutex)互換位置,或者 signal(empty)和signal(mutex)互換位置,那么不會引起死鎖, 其影響只是使某個臨界資源的釋放略為推遲一些.6.02【參考答案】如圖示并發(fā)進程之間的前趨關系,為了使上述進程同6 / 13步,可設置8個信號量a、b、c、d、e、f、g、h,它

17、們的初值均為0,而相應的進程可描述為(其中“表示進程原來的代碼) ：main()cobeginP1( ) ；signal(a); signal(b); )P2( )wait(a);；signal(c);signal(d); P3( )wait(b);；signal(e);signal(f); P4( )wait(c);wait(e); ；signal(g); P5( )wait(d);wait(f); ；signal(h); P6( )wait(g);wait(h);coend6.03【參考答案】(1)生產者進程的臨界區(qū)是第4行和第5行；消費者進程的臨界區(qū)是第3亍和第4行.(2)信-號量 fu

18、ll、empty和mutex的初值分別是： empty = 8 , full = 0 , mutex = 1 .(3)系統(tǒng)可能會產生死鎖.例如,生產者進程得到信號量mutex,但是沒有空緩沖區(qū)即emptyW0時,此時生產者進程阻塞；而消費者進程又無法得到信號量mutex,此時消費者進程也阻塞,系統(tǒng)產生了死鎖.(4)增加一個信號量 mutex1,初值為1,其算法如下：Producer Processint itemp;while(1)1 itemp = rand(); / Generatea number2 wait(empty);3 wait(mutex1);4 bufnextp=itemp;

19、5 nextp=(nextp+1)%8;6 signal(mutex1);7 signal(full);6.04【參考答案】設置三個信號：s1表示數(shù)據a是否讀入, 是否完成.P1和P2兩個進程的同步算法如下:Consumer Processint itemc;while(1)1wait(full);2 wait(mutex);3 itemc=bufnextc;4 nextc=(nextc+1)%8;5 signal(mutex);6 signal(empty);7 cout << itemc <<endl;s2表示數(shù)據b是否讀入,s3表示數(shù)據y=a*b計算semapho

20、re s1=0, s2=0, s3=0;7 / 13main()cobeginP1:input (a); signal(sl);wait(s2); x=a+b;wait(s3);Print (x,y,z);coend7.1【參考答案】P2:wait(s1);input (b);signal(s2);y=a*b ;signal(s3);(1)在此處,產生死鎖的四個必要條件如下：1)互斥條件.每個車道的每段道路只能被一輛車占用.2)請求與保持條件.每個車隊占用了一個車道,并請求前方的車道,即使需等待前方車道上的車隊駛離,它仍將持有已占用的車道.3)不搶占(剝奪)條件.在前方的車道被其它車隊占用時,

21、由于是單車道,而其 它車隊又不會后退,所以無法從其它車隊處搶占車道.4)環(huán)路等待條件.向東行駛的車隊等待向北行駛的車隊讓出車道,向北行駛的車隊等待向西行駛的車隊讓出車道,向西行駛的車隊等待向南行駛的車隊讓出車道,而向南行駛的車隊那么等待向東行駛的車隊讓出車道.故存在一循環(huán)等待鏈.(2)增加一個約束條件：只有前方兩個路口都空閑時,才能占用第一個路口.或者,可在 十字路口設置一交通信號燈, 并使南北方向的兩個車隊和東西方向的兩個車隊互斥地使用十 字路口,便可防止交通死鎖.7.11【參考答案】(1)尚需資源數(shù)矩陣如下:Need = Max -AllocationNeedABCDP00000P1075

22、0P21002P30020P40642<P0, P2,P3,P4,P1>(2)系統(tǒng)是平安的,由于可以找到一個平安序列:(3)如 P1 申請(0,4,2,0),那么：Request1(0,4,2,0) <=need1(0,7,5,0)Request1(0,4,2,0) <= available(1,5,2,0)新的狀態(tài)為AllocationMaxNeedAvailableP00 0 1 20 0 1 20 0 0 01 1 0 0P11 4 2 01 7 5 00 3 3 0P21 3 5 42 3 5 61 0 0 2P30 6 3 20 6 5 20 0 2 0P40

23、 0 1 40 6 5 60 6 4 2該狀態(tài)是平安的,存在平安序列如<P0,P2,P3,P4, P1> ,所以可以分配資源給P1.8.3 【參考答案】根據First-fit > Best-fit > Worst-fit算法,計算結果如下：First-fit:212K進程裝到500K分區(qū)417K進程裝到600K分區(qū)112K進程裝到200K分區(qū)426K進程暫時等待Best-fit:212K進程裝到300K分區(qū)417K進程裝到500K分區(qū)112K進程裝到200K分區(qū)426K進程裝至ij 600K分區(qū)Worst-fit:212K進程裝到600K分區(qū)417K進程裝到500K分區(qū)

24、112K進程裝到300K分區(qū)426K進程暫時等待僅就此題為例,Best-fit算法是最好的.8.5 Answer ：連續(xù)內存分配會產生外部碎片,由于地址空間是被連續(xù)分配的,當舊進程結束,新進程初始化的時候,洞會擴大.連續(xù)內存分配也不允許進程共享代碼,由于一個進程的虛擬內存段是不被允許闖入不連續(xù)的段的.純段式分配也會產生外部碎片,由于在物理內存中,一個進程的段是被連續(xù)放置的,以及當死進程的段被新進程的段所替代時,碎片也將會產生.然而,段式分配可以使進程共享代碼；比方,兩個不同的進程可以共享一個代碼段,但是有不同的數(shù)據段.純頁式分配不會產生外部碎片,但會產生內部碎片. 進程可以在頁granular

25、ity中被分配,以及如果一頁沒有被完全利用,它就會產生內部碎片并且會產生一個相當?shù)目臻g浪費.在頁granularity ,頁式分配也允許進程共享代碼.8.9 【參考答案】(1) 400納秒,其中,200納秒訪問頁表,200納秒訪問內存中的數(shù)據.(2)有效訪問時間 =0.75 *(200納秒訪問內存數(shù)據+0納秒訪問關聯(lián)存放器)+ 0.25 * (200納秒訪問內存數(shù)據+200納秒訪問頁表)=250納秒8.12【參考答案】(1) 219 + 430 = 649(2) 2300 + 10 = 2310(3)第2段的有效長度是100.段內偏移量500超過了這個上限,所以這是個非法地址(4) 1327

26、+ 400 = 1727(3) 第4段的有效長度是96.段內偏移量112超過了這個上限,所以這是個非法地址9.5【參考答案】設缺頁率為P.題目并沒有明確,當缺頁中斷時,內存中是否有空閑頁幀,所以假設內存總是忙的.訪問內存中頁面：(1 - P) * 100ns頁面不在內存,但不需要保存待換出頁面：P * (1 - 70%) * (8ms+100ns)頁面不在內存,但需要保存待換出頁面：P * 70% * (20ms+100ns)所以,有效訪問時間 =(1 - P) * 100ns + P * (1 - 70%) * (8ms+100ns) + P * 70% *(20ms+100ns) = 20

27、0nsP = 0.0000069.10【參考答案】首先判斷系統(tǒng)正在頻繁地進行換頁操作.所以,減少并發(fā)進程數(shù)會顯著地減少換頁操作,提升CPU的利用率.其它舉措也有些效果,例如,安裝更多內存.(1)安裝一個更快的CPU.沒用.(2)安裝一個更大容量的磁盤用作頁面交換.沒用,交換空間本來就足夠了.(3)增加并發(fā)進程數(shù).沒用,情況將會更糟.(4)減少并發(fā)進程數(shù).效果明顯.(5)安裝更多內存.可能會有效果,由于空閑頁幀增加了,換頁的幾率將相對減少.(6)安裝更快的硬盤,或安裝更多的硬盤和限制器.效果不明顯.(7)增加一個預取頁面算法.效果不確定.(8)增加頁面長度.如果順序訪問居多,那么會減少缺頁次數(shù).

28、如果隨機訪問居多,由于 單個頁面占用更大的物理空間,頁幀總數(shù)減少,所以缺頁次數(shù)會增加；由于頁面長 度增加,頁面的傳輸時間會增加.綜上,此方案的效果不確定.9.14【參考答案】有效訪問時間 =80% * 1 微秒 + (1-80%)(1-10%) * 1 微秒 * 2 + 10% * (1 微秒 * 2 + 20 毫秒)=0.8+0.2 * (0.9 * 2+0.1*20002)=0.8+0.2 * 2002=401.2微秒9.01【參考答案】(1)采用FIFO頁面置換算法,其缺頁情況如表所示：FIFO頁面置換算法的缺頁情況貝囿 走向143125142145塊1111222444塊2444555

29、22塊33331115缺頁VVVVVVVVV缺頁中斷次數(shù)為9,缺頁率為9/12=75%.(2)采用LRU頁面置換算法,其缺頁情況如表所示.LRU頁面置換算法的缺頁情況貝囿 走向143125142145塊111111111塊24422444塊3335525缺頁VVVVVVVV缺頁中斷次數(shù)為8,缺頁率為8/12=67% o10.1答:假設F1是舊的文件,F2是新的文件.當一個用戶通過已存在的鏈接訪問F1,實際卻是訪問F2.這里使用的是對文件 F1的存取保護而不是與文件 F2相關的存儲保護.采用刪除指向一個已刪除文件的所有鏈接的方法防止該問題.可以通過幾種方法實現(xiàn)：1 .設置一個記錄指向一個文件的所

30、有鏈接的鏈表,當這個文件被刪除時,刪掉這些鏈接.2 .保存這些鏈接,當試圖訪問一個已被刪除的文件時,刪掉這些鏈接.3 .設置一個文件的指針鏈表(或計數(shù)器),當指向該文件的所有指針被刪除時才真正刪除 這個文件.4 0.9答：在一個單一的復制,同時更新了一個文件可能會導致用戶獲得不正確的信息,文 件被留在了不正確的狀態(tài).隨著多份拷貝,它會浪費存儲而且各種副本可能不一致.5 1.6答：令Z是開始邏輯地址(塊號).a.假設使用連續(xù)分配策略時.用512去除邏輯地址,那么 X和丫分別表示得到的整數(shù)和余數(shù).(1)將X加上Z得到物理塊號,Y為塊內的位移(2) 1b.假設使用鏈接分配策略.用 511去除邏輯地址

31、,那么 X和丫分別表示得到的整數(shù)和余數(shù).(1)查找鏈表到第 X+1塊,Y+1位該塊內的位移量.(2) 4c.假設使用索引分配策略.用 512去除邏輯地址,那么 X和Y分別表示得到的整數(shù)和余數(shù).(1)把索引塊讀入內存中,那么物理塊地址存放在索引塊在第X位置中,Y為塊內的位移量.(2) 211.01答：各種策略相應的磁盤I/O操作次數(shù)如表連續(xù)鏈接索引a.20111b.101521c.131d.19810e.98520f.0100011.02【參考答案】空白文件目錄是治理磁盤空間的一種方法,該方法將文件存儲設備上的每個連續(xù)空閑區(qū)看作一個空白文件, 系統(tǒng)為所有空白文件單獨建立一個目錄,每個空白文件在這

32、個目錄中占一個表項；表項的內容至少包括第一個空白塊的地址物理塊號、空白塊的數(shù)目.1由題設所給條件可知,磁盤組扇區(qū)總數(shù)為16*100* 10=16000 個因此,使用位示圖描述扇區(qū)狀態(tài)需要的位數(shù)為16000 位/8位/字節(jié)=2000 字節(jié)2空白文件目錄的每個表項占5個字節(jié).而位示圖需占 2000字節(jié).即2000字節(jié)可存放的表項數(shù)為 2000/5=400 個.當空白區(qū)數(shù)目大于 400時,空白文件目錄大于位示圖.12.2【答】a. FCFS 的調度是 143 , 86 , 1470 , 913 , 1774 , 948 , 1509 , 1022 , 1750 , 130.總尋求距離是 7081 .

33、b. SSTF 的調度是 143, 130 ,86 ,913 ,948 ,1022 ,1470 ,1509 ,1750 ,1774.總尋求距離是 1745.c. SCAN 的調度是 143, 913 ,948, 1022,1470 ,1509,1750,1774 ,4999,130 , 86.總尋求距離是 9769 .d. LOOK 的調度是 143 , 913 , 948 , 1022, 1470, 1509, 1750, 1774, 130 , 86.總尋求距離是 3319.e. C-SCAN的調度是143 ,913 ,948 ,1022 ,1470 ,1509 ,1750 ,1774 ,

34、4999 , 86 , 130.總尋求距離是 9985 .f. C-LOOK的調度是143 ,913 ,948 ,1022 ,1470 ,1509 ,1750 ,1774 ,86 ,130.總尋求距離是 3363 .12.14【參考答案】（1） 750000 / 1000=750小時約等于31天,每個月發(fā)生一次磁盤故障.（2） 1年是8760小時,8760小日/ 0.001 = 8760000小時1000年也就是說對于一個20歲的人來說,MTBF給出期望的壽命是1000年,這沒有任何實際意義.3從上一小題可看出,MTBF給出期望的壽命沒有任何實際意義.一般來說,磁盤驅 動器設計的壽命是5年,假設真的有一個MTBF為1百萬小時的磁盤,那么在其期望 的壽命內是不可能有故障的.12.01【參考答案】1 用位圖表示磁盤的空閑狀態(tài).每一位表示一個磁盤塊的空