大學(xué)物理練習(xí)冊(cè)+答案(1)

1、第一篇 力學(xué)一 質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)學(xué)（1） 選擇題答案12345678910BBDDDCCCDB11121314BDBC(2） 填空題答案1 5 m/s；2 23 m/s3 ； 4 ； 5 ； 6 （1） ； ；（2） ；（3）；（4）0；指向原點(diǎn)78 ；（三）計(jì)算題答案1 答案：（1）；（2），（3）2 答案：,.3 答案：.根據(jù)題意：，解得.二 質(zhì)點(diǎn)動(dòng)力學(xué)（2） 選擇題答案12345678910CCCCCBACDC11121314151617181920CBCABCCBAC(3） 填空題答案1 m/s2；02 34 （應(yīng)用動(dòng)能定理）5 ；6 （應(yīng)用牛頓第二定律積分和速度的定義式）7 ；1768 0.

2、6；910 ；（三）計(jì)算題答案1 解：（1）子彈進(jìn)入沙土后受力為，由牛頓定律（2）求最大深度：2 解：設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)為，則當(dāng)木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)且靜摩擦力向左時(shí)應(yīng)有：而當(dāng)靜摩擦力向右時(shí)有：上述條件要求值的范圍為令（彈簧為原長(zhǎng)時(shí)，彈性勢(shì)能取為零），則有3 解（1）以炮彈與炮車為系統(tǒng)，以地面為參考系，水平方向動(dòng)量守恒。設(shè)炮車相對(duì)于地面的速率為，則有，則炮車向后退. （2） 以表示發(fā)炮過(guò)程中任一時(shí)刻炮彈相對(duì)于炮身的速度，則該瞬時(shí)炮車的速度應(yīng)為：，積分求炮車后退距離：，即向后退了的距離.三 剛體力學(xué)一、選擇題答案12345678910/11CBCDDBBCDC/C2、 填空題答案1 否2 剛體的質(zhì)量和質(zhì)量分

3、布以及轉(zhuǎn)軸的位置（或剛體的形狀、大小、密度分布和轉(zhuǎn)軸位置；或剛體的質(zhì)量分布及轉(zhuǎn)軸的位置。）3 0.15 rad·s-2；0.4 rad·s-245 角動(dòng)量；6（三）計(jì)算題答案1 解：角動(dòng)量守恒：，為時(shí)小球的橫向速度。 拉力作功：，為小球?qū)Φ氐乃俣?，?當(dāng)時(shí)，2 解：根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律和轉(zhuǎn)動(dòng)定律列方程：對(duì)物體：；對(duì)滑輪：；運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系：將、式聯(lián)立得：4、解答：對(duì)m有：（1）（2）對(duì)M2有：（3）對(duì)M1有：（4）（5）解得：（1），；與之間繩子的張力為：；5、解: 分別以,滑輪為研究對(duì)象，受力圖如圖(b)所示對(duì),運(yùn)用牛頓定律，有 對(duì)滑輪運(yùn)用轉(zhuǎn)動(dòng)定律，有 又， 聯(lián)立以上4個(gè)方程，得6

4、、解：令表示碰撞后小球的速度，表示棒的角速度。對(duì)小球來(lái)說(shuō)，應(yīng)用動(dòng)量定理，可寫出 向上為正。 對(duì)于細(xì)棒，應(yīng)用動(dòng)量矩定理，可寫出 因，可將上面兩式合并，得 又因小球與細(xì)棒得碰撞是彈性的，遵從機(jī)械能守恒定律，即有 上式左邊表示小球在碰撞前的動(dòng)能，右邊表示碰撞后小球和細(xì)棒的動(dòng)能之和，以帶入，即可得到：， 7、解：參考解答解題分析 這是一個(gè)簡(jiǎn)單的泥球與剛體完全非彈性碰撞的習(xí)題要注意角動(dòng)量守恒在求解這類問(wèn)題中的應(yīng)用解題過(guò)程（1）求碰后棒與泥球系統(tǒng)的角速度過(guò)程：泥球與棒的完全非彈性碰撞過(guò)程；系統(tǒng)：mm'；條件：外力（軸力、重力）的力矩均為零，系統(tǒng)角動(dòng)量守恒 方程： 其中J0是棒的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量，大小為 由

5、上可得碰后角速度 （2）求碰前后棒與泥球系統(tǒng)的動(dòng)能的損失 將（1）中 代入得 四 機(jī)械振動(dòng)一、選擇題答案1234CABB二、填空題答案12345三、計(jì)算題答案1 解：設(shè)振動(dòng)方程為：. （1）時(shí)，解以上兩個(gè)方程得：， （SI）（2） 時(shí)，解以上兩個(gè)方程得：， （SI）2 解：(1)(2) ；(3)(4) 平均動(dòng)能，同理 3 解：設(shè)振動(dòng)方程為，則（1） 在，狀態(tài)下有：，解得，.（2） 設(shè)對(duì)應(yīng)于的時(shí)刻為，則由得，解上式得，相應(yīng)的位移為.4 解：， （SI）五 機(jī)械波一、選擇題答案12345678910DCDDCCDDCB二、填空題答案1 ，.2 .3 處的質(zhì)點(diǎn)滯后計(jì)時(shí)起點(diǎn)的時(shí)間；處的質(zhì)點(diǎn)滯后計(jì)時(shí)起點(diǎn)

6、處的質(zhì)點(diǎn)的相位；不同質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻偏離平衡位置的位置坐標(biāo)。4 0.5 ；6 相同；.7 .三、計(jì)算題答案1 解：（1）（2） ；.（3）兩振動(dòng)反向。2 解：（1）比較t=0時(shí)刻波形圖與t=2s時(shí)刻波形圖，可知此波向左傳播。在t=0時(shí)刻，O處質(zhì)點(diǎn)故 又t=2s，O處質(zhì)點(diǎn)位移為所以振動(dòng)方程為（2） 波速，波長(zhǎng)，波動(dòng)表達(dá)式.3 解：(1);(2)4 解：在P最大限度地減弱，即二振動(dòng)反相?，F(xiàn)二波源是反相的相干波源，故要求因傳播路徑不同而引起的相位差等于，由圖當(dāng)時(shí)，。5 解：第三篇 電磁學(xué)一 真空中的靜電場(chǎng)（1） 選擇題答案12345678910CBACADDBCD1112131415161718192

7、0DDCCDABADC(2） 填空題答案1 答案：；向右。；向右。；向左2 答案：；由圓心點(diǎn)指向3 答案：；4 答案：0；5 答案：（1）穿過(guò)面元的通量，即穿過(guò)面元的線條數(shù)；（2）（3） 在線元上移送單位正電荷電場(chǎng)力所作的元功，或線元兩端之間的電勢(shì)差；（4）；（5）靜電場(chǎng)的環(huán)流為零，或電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，或沿封閉路徑L移送單位正電荷一圈，電場(chǎng)力作功為零。6 答案：；7 答案：；8 答案：9 答案：；0；10 答案：11 答案：兩帶電線之間 ；12 答案：0；3、 計(jì)算題1 解：（1）一根無(wú)限長(zhǎng)均勻帶電直線在線外離直線距離r處的場(chǎng)強(qiáng)為：。根據(jù)上式及場(chǎng)強(qiáng)疊加原理得兩直線間的場(chǎng)強(qiáng)為：，方

8、向沿x軸的負(fù)方向。（2） 兩直線間單位長(zhǎng)度的相互吸引力為：2 解：在圓盤上任取一窄圓環(huán)，半徑為r寬dr，其上電荷為：，它在P點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為：.圓盤上所有電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為：P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：3 解：（1）在球內(nèi)取半徑為r、厚度為dr的薄球殼，該殼內(nèi)所包含的電荷為：，則球體所帶的總電荷為： （2） 在球內(nèi)作一半徑為的高斯球面，按高斯定理有：，得：，方向沿半徑向外。在球體外作半徑為的高斯球面，按高斯定理有：，得，方向沿半徑向外。（3） 球內(nèi)電勢(shì)：球外電勢(shì)：4 解：與陰極同軸作半徑為的單位長(zhǎng)度的圓柱形高斯面，設(shè)陰極上電荷線密度為.按高斯定理有：，得到：，方向沿半徑指向軸線。兩級(jí)之間電勢(shì)差. 得到 所以

9、 在陰極表面處電子受電場(chǎng)力的大小為5 解：以半徑r為半徑作球形高斯面（1） ，（1分）（2） ，二 介質(zhì)中的靜電場(chǎng)（一）選擇題答案123/4BDD/B（二）填空題答案1 答案：2 答案：3 答案：（求解過(guò)程比較復(fù)雜，如果電荷均勻分布于球體內(nèi)，先算出能量密度，然后積分可得）3、 計(jì)算題答案1 解：（1）由靜電感應(yīng)，金屬球殼的內(nèi)表面上有感生電荷-q，外表面上帶電荷q+Q。（2） 不論球殼內(nèi)表面上的感生電荷是如何分布的，因?yàn)槿我浑姾稍xO點(diǎn)距離都是a，所以由這些電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為：.（3） 球心O點(diǎn)處的總電勢(shì)為分布在球殼內(nèi)外表面上的電荷和點(diǎn)電荷q在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)的代數(shù)和：2 解：（1）已知內(nèi)球殼

10、上帶正電荷Q，則兩球殼中間的場(chǎng)強(qiáng)大小為：. 兩球殼間電勢(shì)差：， 電容為：（2）電場(chǎng)能量：3 解: 利用有介質(zhì)時(shí)的高斯定理，(1)介質(zhì)內(nèi)場(chǎng)強(qiáng);介質(zhì)外場(chǎng)強(qiáng)， (2)介質(zhì)外電勢(shì)：介質(zhì)內(nèi)電勢(shì)： (3)金屬球的電勢(shì)4 解：兩金屬平板之間的空間分為兩部分：介質(zhì)及其外部的真空，可分別求其中的場(chǎng)強(qiáng).由于電場(chǎng)方向垂直于平板，作如圖所示閉合圓柱面S1，使柱面的一個(gè)底面在金屬板內(nèi)，另一個(gè)底面在介質(zhì)內(nèi)，由金屬內(nèi)部、，可知S1上的電位移通量為 由D的高斯定理得 ，介質(zhì)內(nèi)的電位移 ，寫成矢量形式，有，式中是由帶正電板指向負(fù)板方向的平板法向單位矢量.在上述計(jì)算中，如果使圓柱的右底面位于真空中，則可得真空部分的電位移矢量同樣

11、為.可見(jiàn)，兩金屬平板間的D均勻. 根據(jù)電介質(zhì)的性能方程可得電介質(zhì)中的電場(chǎng)強(qiáng)度為：而兩金屬平板之間的真空部分的場(chǎng)強(qiáng)為：式中E0是由兩塊帶電金屬大平板的自由電荷所產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度. 5 解：(1) 由于電場(chǎng)具有軸對(duì)稱，且方向沿徑向，作如圖同軸圓柱形閉合面為高斯面，則由D的高斯定理，有 4分當(dāng) 時(shí)，得 ， 即 3分當(dāng) 時(shí)， ，. 3分由 ， 2分 2分6 解： 設(shè)內(nèi)電極單位長(zhǎng)度帶電量為，由于電極及電介質(zhì)分布具有相同軸對(duì)稱，不計(jì)邊緣效應(yīng)，其電場(chǎng)亦應(yīng)為軸對(duì)稱，且方向沿徑向. 如圖所示，作位于介質(zhì)內(nèi)部的同軸圓柱形閉合面為高斯面，由D的高斯定理，有 ，求得 .由，可得兩層介質(zhì)中的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為 ，,，.電容器

12、兩電極之間的電勢(shì)差為 由電容定義，此電容器電容為三 穩(wěn)恒電流的磁場(chǎng)（2） 選擇題答案12345678910DDDADABACA1112131415ABDDB(3） 填空題答案1 答案：2 答案：3 答案：（1）；垂直紙面向外；（2）；4 答案： 5 答案： 5A6 答案：；07 答案：和；8 答案：9 答案：10 答案：磁滯現(xiàn)象11 答案：硬磁 ；軟磁 12 答案：；13 答案：；14 答案：15 答案：2.26 T；3、 計(jì)算題答案1 解：（1）電子繞原子核運(yùn)動(dòng)的向心力是庫(kù)倫力提供的，即，由此得（2） 電子單位時(shí)間繞原子核的周數(shù)即頻率：由于電子的運(yùn)動(dòng)所形成的圓電流：，因?yàn)?/p>

13、電子帶負(fù)電，電流的流向與方向相反。（3）在圓心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度：，其方向垂直紙面向外。2 解：(1) ，(2) ，(3) ，(4) ，.3 解：電流及其磁場(chǎng)分布具有軸對(duì)稱性，線為分布在垂直軸的平面內(nèi)的系列同心圓，且半徑為的同一共軸圓柱面上各點(diǎn)大小相等，可取半徑為的線為積分路徑。由安培環(huán)路定理有:,時(shí)，, ;時(shí),時(shí)，, .4 解：由場(chǎng)分布的對(duì)稱情況，過(guò)場(chǎng)點(diǎn)作垂直于圓筒軸線,半徑為r的圓周，由安培環(huán)路定理，有 ： ， ；： ，：，.圓筒外部的磁場(chǎng)相當(dāng)于全部電流集中在軸線上所產(chǎn)生的場(chǎng).四、磁場(chǎng)對(duì)電流的作用選擇題答案1234567CCACCFD填空題答案1 答案：；方向垂直紙面向里；（注意計(jì)算用的是

14、半徑）2 答案：；3 答案：；在圖中向上；4 答案：；沿y軸正向5 答案：；擴(kuò)大3、 計(jì)算題答案1 解：（1）設(shè)合力為，則的大?。海姆较虼怪敝赶蜷L(zhǎng)直導(dǎo)線。（2） 時(shí)，通過(guò)矩形線圈的磁通量為：2 解：（1）圓弧AC所受的磁力：在均勻磁場(chǎng)中AC通電圓弧所受的磁力與通有相同電流的AC直線所受的磁力相等，故有：，方向?yàn)椋号cAC直線垂直，與OC夾角，如圖。（2）磁力矩：線圈的磁矩為，本小問(wèn)中設(shè)線圈平面與成角，則與成角，有力矩：，方向：力矩將驅(qū)使線圈法線轉(zhuǎn)向與平行。3 解：長(zhǎng)直導(dǎo)線在周圍空間產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布為：，取坐標(biāo)系如圖。則在半圓線圈所在處各點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為：，方向垂直紙面向里。式中為場(chǎng)點(diǎn)至圓

15、心的聯(lián)線與軸的夾角。半圓線圈上段線電流所受的力為：，根據(jù)對(duì)稱性知：；.所以半圓線圈受的磁力的大小為：，方向：垂直向右。五 電磁感應(yīng)選擇題答案12345678910DDACCDDCBA1112131415DDCAA填空題答案1 答案：ADCBA繞向; ADCBA繞向;2 答案：3 答案：；4 答案：;；0（較難）5 答案：；6 答案：；方向水平向右； ；方向豎直向下7 答案：8 答案：零 9 答案：2.5 V 10 答案：順時(shí)針；順時(shí)針11 答案：等于；小于12 答案：；13 答案：V計(jì)算題答案1 解：（1）設(shè)線圈轉(zhuǎn)至任意位置時(shí)圓線圈的法向與磁場(chǎng)之間的夾角為，則通過(guò)該圓線圈平面的磁通量為在任意時(shí)

16、刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，則（2） 由圓線圈中電流在圓心處激發(fā)的磁場(chǎng)為：方向在圖面內(nèi)向下，故此時(shí)圓心處的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小：方向與磁場(chǎng)的方向基本相同。2 解：線框內(nèi)既有感生又有動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)。設(shè)順時(shí)針繞向?yàn)榈恼较?，由出發(fā)，先求任意時(shí)刻的，再求對(duì)的導(dǎo)數(shù)：方向：時(shí)，逆時(shí)針；時(shí)，順時(shí)針。3 解：間的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)：，b點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)。間的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)：點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn). 解：（1），感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?。?）4 解：（1）螺線管中均勻磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度：，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義及法拉第電磁感應(yīng)定律：.由磁場(chǎng)分布對(duì)稱性知道感生電場(chǎng)為同心圓，圓上各處大小相等，對(duì)于，即內(nèi)部場(chǎng)：，正方向如圖所示. 對(duì)于即

17、外部場(chǎng)：. 正方向如圖所示.(2) 細(xì)塑料圓環(huán)處的感生電場(chǎng)： 方向同.5 解: 、運(yùn)動(dòng)速度方向與磁力線平行，不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)回路中總感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 方向沿順時(shí)針6 解：建立坐標(biāo)系如圖,選擇計(jì)算回路的方向?yàn)轫槙r(shí)針.設(shè)t時(shí)刻電流方向如圖示，則長(zhǎng)直載流導(dǎo)線在任意坐標(biāo)x處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 .矩形線框上坐標(biāo)x位置附近寬度為dx的面元的磁通量為.單匝線框的磁通量為N匝線框的磁鏈為 由法拉第電磁感應(yīng)定律,線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為ei隨時(shí)間t呈余弦變化.若, 則 ei> 0 , 表明此時(shí)電動(dòng)勢(shì)方向同所設(shè)計(jì)算方向，即順時(shí)針?lè)较颍蝗?則 ei< 0, 說(shuō)明此時(shí)電動(dòng)勢(shì)方向與所設(shè)方向相反，即

18、逆時(shí)針?lè)较?因而,交變電流的磁場(chǎng)在線框中激發(fā)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也是交變的.7 解：解題分析 金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)會(huì)產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，從而在回路中形成電流；而磁場(chǎng)將對(duì)載流導(dǎo)線有安培力作用，阻礙金屬棒的運(yùn)動(dòng).由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可求解.解題過(guò)程:設(shè)任一時(shí)刻ab的速度為，則相應(yīng)的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)為.回路中電流為 ，流向由a向b.根據(jù)安培力公式，金屬棒受到磁力大小為. 力的方向向左，為阻力，使棒ab減速.由牛頓定律，對(duì)金屬棒有,代入，得.對(duì)上述微分方程兩端分別積分，有.因而金屬棒能夠運(yùn)動(dòng)的距離為 .8 解：解題分析 本題是導(dǎo)線在不均勻磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算. 解答過(guò)程 選擇積分路徑由a至b，在運(yùn)動(dòng)導(dǎo)線上取離長(zhǎng)直載流導(dǎo)

19、線距離為 r，長(zhǎng)為dr的線段元，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為. 由動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)公式，運(yùn)動(dòng)導(dǎo)線ab上的電動(dòng)勢(shì)為:EabEab，表明電動(dòng)勢(shì)與所選的積分路徑相反，應(yīng)由b指向a，故a端電勢(shì)高.6、 電磁場(chǎng)理論的基本概念選擇題答案123CAB填空題答案1 答案：；答案：； ；I。答案：；與場(chǎng)強(qiáng)同向。第四篇 波動(dòng)光學(xué) 近代物理基礎(chǔ)1、 光的干涉（1） 選擇題答案12345678910BABBDDCBAA11121314151617181920CCACBABBBD(2） 填空題答案1 答案：或.2 答案：.3 答案：.4 答案：；暗；2.5.5 答案：.6 答案：.7 答案：8 答案：9 答案：.10 答案： 或 11

20、 答案：.12 答案：.13 答案：.3、 計(jì)算題答案1 解：（1）如圖，設(shè)為零級(jí)明紋中心，則（2） 在屏上距O點(diǎn)為處，光程差：.明紋條件，在此處令，即為（1）的結(jié)果，相鄰明條紋間距：2 解: (1)由，則， (2) 3 解：（1）明環(huán)半徑：（2） ，對(duì)于.故在OA范圍內(nèi)可觀察到得明環(huán)數(shù)目為50個(gè)。4 解：上下表面反射都有相位突變，計(jì)算光程差時(shí)不必考慮附加的半波長(zhǎng)。設(shè)膜厚為，處為暗紋，處為明紋，處第8個(gè)暗紋對(duì)應(yīng)上式，.5 解：解題分析 利用薄膜干涉測(cè)量微小厚度是光的干涉的重要應(yīng)用.解題過(guò)程 解法一：由相干光的光程差公式出發(fā)計(jì)算.由于，從Si和SiO2兩個(gè)界面反射時(shí)均有半波損失故兩光光程差是.

21、由暗紋條件 ,可得解法二：利用相鄰暗紋間對(duì)應(yīng)的厚度差是和相鄰暗紋和亮紋間對(duì)應(yīng)的厚度差是求解. 根據(jù)光程差公式可知,在劈尖的邊緣處,即處是亮紋.與之緊鄰的第1個(gè)暗紋在厚度處. 第2個(gè)暗紋對(duì)應(yīng)的厚度是依此類推,第7個(gè)暗紋對(duì)應(yīng)的厚度是m.二、光的衍射選擇題答案12345678910BCDBBDDDDD1112131415BADBD填空題答案1 答案：2 答案：3 答案：44 答案：5 答案：干涉(或答“相干疊加”)6 答案：子波；子波相干疊加 7 答案：8 答案：0度9 答案： 10 答案：更窄更亮 3、 計(jì)算題答案1 解：，2 解：設(shè)第三級(jí)暗紋在方向上，則有，此暗紋到中心的距離為，因?yàn)楹苄。烧J(rèn)為

22、，所以，兩側(cè)第三級(jí)暗紋的距離是，.3 解：由光柵公式，.實(shí)際觀察不到第二級(jí)譜線。4 解：（1）， ，.（2） ，白光第二級(jí)光譜的張角：5 解：根據(jù)光柵公式，可見(jiàn)的可能最大值相對(duì)應(yīng)于按題意，每厘米既有條柵紋，所以柵紋間隔或光柵常數(shù)為，將上值及代入式，并設(shè)，得 . 此處只取整數(shù)，分?jǐn)?shù)顯然沒(méi)有實(shí)際意義。6 解：解題分析 單縫衍射的明紋條件可近似地表示為由圖示可以求出衍射角,從而可解出(1)和(2)的結(jié)果. 由半波帶法,可知級(jí)明紋的半波帶數(shù)目是個(gè).解題過(guò)程 (1) 由于，近似認(rèn)為. 由單縫衍射的明紋條件，,.得.若,不在可見(jiàn)光范圍,不在可見(jiàn)光范圍 不在可見(jiàn)光范圍所以該入射光的波長(zhǎng)為和.(2)對(duì)應(yīng)的級(jí)次

23、為：， 級(jí)次為;，級(jí)次為(3)各入射波對(duì)應(yīng)的狹縫波陣面的半波帶的數(shù)目是，為個(gè);， 為個(gè).三 光的偏振（一）選擇題答案12345678910DCCBCBCCBB（二）填空題答案1 答案：線偏振 (或完全偏振，平面偏振) ；部分偏振；布儒斯特 2 答案：線偏振光（完全偏振光、或平面偏振光）；光振動(dòng)（矢量）；偏振化（或透光軸）3 答案：；0 4 答案：1 / 25 答案：6 答案：3、 計(jì)算題答案1 解：（1）透過(guò)第一個(gè)偏振片的光強(qiáng)，；通過(guò)第二個(gè)偏振片后的光強(qiáng)，.（2） 原入射光束換為自然光，則.2 解：令和分別為兩入射光束的光強(qiáng)，透過(guò)起偏器后，光的強(qiáng)度分別為和，由馬呂斯定律，透過(guò)檢偏器的光強(qiáng)分別為

24、：. 按題意，于是 ，得：.四 近代物理基礎(chǔ)選擇題答案12345678910ADADEADBDD11121314151617181920CDCDBCADCD填空題答案1 溫度;溫度 2 斯忒藩波爾茲曼定律;維恩位移定律 3 連續(xù)的;不連續(xù)的，存在著能量的最小單元叫能量子.4 不能有兩個(gè)或兩個(gè)以上的電子有完全相同的四個(gè)量子數(shù)56 原子中電子從能量為的定態(tài)躍遷到能量為的定態(tài)時(shí)，便發(fā)射(當(dāng)時(shí))或吸收(當(dāng)時(shí))單色光，其頻率由下式?jīng)Q定：(為普朗克常量) 7 8 8 （或 或 或 ）.參考解：根據(jù) ，或 ，或 ，或，可得以上答案910 泡利不相容;能量最小1112 ;13 不變;變長(zhǎng);波長(zhǎng)變長(zhǎng) 14 3215 ;3、 計(jì)算題答案1 解：(1)已知逸出功據(jù)光電效應(yīng)公式則光電子最大動(dòng)能：遏止電勢(shì)差 (3)紅限頻率, 截止波長(zhǎng) 2 解：5個(gè)蘭綠光子的能量功率 3 解：電子