2019-2020學年河南省南陽市高二(上)期中物理試卷

1、2019-2020學年河南省南陽市高二（上）期中物理試卷1-8題只有一個選項正確，9-12、選擇題（本題共 12小題，每小題4分，共48分，在每小題給出的四個選項中,題有多個選項正確，全部選對得4分，選對但不全的得 2分，有錯選或不簽的得0分）（4分）下列說法正確的是（A.庫侖最早測出了元電荷e的數值B.安培提出了分子電流假說B為零C.由安培力公式F=BIL可知，一小段通電導體在某處不受安培力，說明此處D.某電池聯(lián)接在電路中，每通過 2c的電荷量，電池提供的電能是4J,那么這個電池的電動勢是0.5V2.（4分）如圖所示，A、B為某一點電荷 Q產生的電場中的一條電場線上的兩點，當一電子以某速度沿

2、電場線由A運動到B的過程中，動能增加，則（A .電勢（f）A<加B.電場線方向由 A指向BC.場強大小Ea>EbD .若Q為正電荷，則Q在A點左側3.（4分）如圖所示，在半圓所在平面內,有一與該平面平行的勻強電場，場強為E.若半圓的直徑 AB=2cm, C、D為半圓的兩個三等分點，7V ,（j）C=5V, （f）D= 1V ,貝U （）A . （）b = - 2VC. E = 200V/mD. E = 400V/m4. （4分）在軸上存在與 x軸平行的電場，x軸上各點的電勢如圖所示，圖中-xixi之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱。下列關于該電場的說法正確的是

3、（）A. x軸上各點的場強大小相等B. 一個帶正電的粒子在 xi點的電勢能大于在-xi點的電勢能C. 一個帶正電的粒子在- X1點的電勢能大于在-X2點的電勢能D .從-xi到xi場強的大小先減小后增大5. （4分）如圖所示，實線是一簇未標明方向的勻強電場的電場線，虛線是一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，M、N是軌跡上的兩點。則（）NTA.粒子帶正電B . M點的電勢高于 N點的電勢C.粒子在M點的速度大于在 N點的速度D.粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能6. （4分）在如圖所示的電路中，閉合電鍵 S,將滑動變阻器 R2的滑片由a端向b端移動的過程中，圖中電壓表的讀數U和電流表的讀數I

4、的變化情況是（A . U先變大后變小，I變小C. U、I均先變大后變小B. U先變大后變小，I不變D. |不變7. （4分）如圖所示，四條彼此絕緣的通電直導線處在同一平面內，O點為四條導線所圍正方形的中心，四條導線中的電流大小關系為Ii>I2>I3=I4,移除哪一條導線，能使 。點的磁感應強度增為最強（C. I3D. I48. （4分）如圖所示，是將靈敏電流計改裝成歐姆表的原理圖。若此歐姆表已經歐姆調零，用此歐姆表測某一阻值為R的電阻時，指針偏轉到靈敏電流計滿偏刻度的工處?，F保持該表檔位不變，測量另一未知電阻，指針偏轉9. （4分）如圖所示，一金屬導線的橫截面積為S,單位體積內有n

5、個自由電子，每個自由電子的電荷量是e,自由電子做無規(guī)則運動的平均速率為V0,定向移動的速率是 v,則（）1 二二二A .導線中電流強度為neSvoB.導線中電流強度為 neSvC.時間t內流過導線某一橫截面的電量為neS volD .時間t內流過導線某一橫截面的電量為neSvt10. （4分）如圖所示，電源電動勢E=8V,內阻r=1 Q,標有“ 6V, 9W”的燈泡恰好能正常發(fā)光，電動機 M內阻Ro=2 Q,則（）A.通過電源的電流為 2AB .電動機的輸出功率為 2.5WC.通過電動機的電流為 3AD .電動機的效率為 75%11. （4分）如圖所示，某空間存在正交的勻強磁場和勻強電場，在某

6、一豎直平面內電場方向水平向左，磁場方向垂直該平面向里。一質量為 m的帶電微粒由M點進入場內，沿直線 MN向左下方運動，則（）*£/ XA.微粒帶負電B.微粒動能增大C.微粒的電勢能增大D.微粒的機械能增大12. （4分）如圖所示，邊長為 a的等邊三角形 ABC所在平面內有一電荷量為 Q的固定點電荷，A、B兩點電勢相等。一個電子從 A點以某一速度沿 AC方向射入該電場，恰好做勻速圓周運動，已知電子帶電量大小為e, e<<Q,不計電子重力，下列說法正確的是（）A.該固定點電荷帶正電，位于 A、B連線中點B .電子能從A點運動到B點，電勢能先減少后增加C . B點電場強度大小是

7、C點的D.電子從A點射入的速度大小為悴卜國V ma、填空題（本題共 2小題，共18分，把答案填在橫線上或按題目要求作圖，）13. （6分）甲圖所示游標卡尺的讀數為 cm,乙圖所示螺旋測微器的讀數為 mm。23 (cm)刖州 11Ml1mL01020甲14. （12分）某同學用如圖所示的實驗電路描繪一電阻Rx的伏安特性曲線，所用實驗器材如下。A.待測電阻 Rx (2.5V, 1, 2W)B.電流表 A （00.6A,內阻為1 ）C.電壓表V （03V,內阻約3kQ）D.滑動變阻器（010Q,額定電流1A）E.電源（E=3V,內阻 r=1Q）F.開關一個，導線若干（1）該同學測得實驗數據如下。 其

8、中，I是電流表白示數，U是電壓表的示數，Ur是待測電阻兩端的實際電壓。請通過計算先補出表格中最后一格的數值，然后在坐標系中通過描點畫出待測電阻的伏安特性曲線（以Ur為縱坐標，I為橫坐標）I/A0.150.200.250.300.350.400.450.48U/V0.250.400.600.901.251.852.503.00UR/V0.100.200.350.600.901.452.05（2）該同學將本實驗中的待測電阻Rx與一定值電阻 Rq = 5串聯(lián)起來，接在本實驗提供的電源兩端，則Rx消耗的功率是 W.（結果保留兩位有效數字）三、計算題（本題共 4小題，共44分，解答應寫出必要的文字說明方

9、程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的 不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）15. （8分）已知電場中三點 A、B、C的電勢分別為 M = 200V、如=100V、忙=-100V,求電荷量q=-3.0Xio 6c的電荷在電場中移動時（1）由A移到B過程中電場力做的功；（2）由C移到B過程中電勢能的變化。16. （10分）如圖所示，電源電動勢 E=12V,內阻r=2Q,電容器C= 50 pF,電阻R1 = 4.0Q, R2 = 6.0Q,電鍵S原來是閉合的。求斷開電鍵 S以后通過Ri的電量。17. (12分)如圖所示，寬度為 d= 0.5m的平行金屬導軌與水平面之間的夾角為0=

10、37° ,金屬棒ab垂直導軌水平放置，處于靜止狀態(tài)。已知金屬棒質量 m = 0.5kg ,電阻為Ro= 1.0 ，金屬棒與導軌間的動摩擦因數為尸0.5 .整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度為B=2T,導軌所接電源的電動勢為E=10V,內阻r=1.0Q若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑動變阻器的阻值符合要求，其他電阻不計，g=10m/s2, sin37° =0.6,cos37° = 0.8,求:(1)金屬棒所受安培力的最大值;(2)滑動變阻器接入電路中阻值的最大值。18. (14分)如圖所示，平行邊界 MN、PQ間有垂直紙面向外，磁感應強度為B的勻強磁

11、場。一帶正電的粒子以速度V0垂直于MN射入，離開PQ時速度偏轉角(末速度與初速度方向間夾角為0.若在MN、PQ間只存在豎直向下的勻強電場，該粒子仍以原來的初速度射入該區(qū)域，離開 PQ時速度偏轉角仍為 以不計粒子的重力，求：(1)勻強電場的電場強度大??；(2)離子穿過電場和磁場所用的時間之比。* tp2019-2020學年河南省南陽市高二（上）期中物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共 12小題，每小題4分，共48分，在每小題給出的四個選項中，1-8題只有一個選項正確，9-12題有多個選項正確，全部選對得4分，選對但不全的得 2分，有錯選或不簽的得 0分）1 .【解答】解：A、密立根最早測

12、出了元電荷 e的數值，故A錯誤；B、安培提出了分子電流假說，解釋了磁體磁場的原因，故 B正確；C、一小段通電導體在某處不受安培力，可能是由于通電導體與磁場平行，該處不一定無磁場，故C錯誤；D、電路中通過q=2C的電荷量，電池提供的電能 W=4J,根據電動勢的定義式得：E=27 .故D錯誤；q故選：B。2 .【解答】解：AB、一電子以某一速度沿電場線由A運動到B的過程中，動能增加，電場力對電子做正功，電場力方向與運動方向相同， 所以電場強度方向由 B指向A ,電場線方向由B指向A,那么電勢？a？B.故A正確,B錯誤;C、電場線方向由B指向A,但不知電場線的疏密，故無法知道電場的強弱，故 C錯誤；

13、D、Q可以為正電荷，也可以為負電荷，若Q為正電荷，則 Q在B點右側，若 Q為負電荷，則 Q在A點左側,故D錯誤；故選：A。3 .【解答】解：AB、線段CD和AB平行，根據幾何關系,2|CD| = |AB| = 2R ,有 Uab = 2Ucd,即 M 一如=2 （忙故選：D。-加），代入數據解得：帕=-1V,故AB錯誤；巾小巾e一一一 0 d中rd 一一口CD、線段AB的中點O的電勢40=-色=3V, AO的中點N的電勢 如=一&-=5V ,所以CD是22一條等勢線，且 CD LAB,故電場方向由 A指向B,|AB|2X10-2V/m = 400V/m ,故 D 正確,C錯誤。故選：D

14、。4 .【解答】解：A、（f）-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故 A錯誤；BC、有圖可知，場強方向指向 0,根據電場力做功可知，一個帶正電的粒子在xi點的電勢能等于在一xi點的電勢能，小于在-x2點的電勢能，故 BC錯誤；D、從-xi到xi場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故 D正確；5 .【解答】解：假定粒子由 M到N運動;A、由圖可知，粒子運動軌跡向左偏，則說明粒子在M、N兩處所受的電場力向左，由于不知電場線方向，故無法判斷粒子電性，故 A錯誤；B、由于不知電場線方向，無法判斷電勢的高低，故 B錯誤；CD、粒子在M、N兩處所受的電場力向左，從 M到N的過程電

15、場力做負功，則電勢能增加，粒子在 M點的電 勢能小于在N點的電勢能，動能減小，所以粒子在M點的速度大于在 N點的速度，故 C正確D錯誤；故選：Co6 .【解答】解：ABC、滑動變阻器的左右兩端并聯(lián)再和電阻Ri串聯(lián)，電壓表測量并聯(lián)電路的電壓，將滑動變阻器R2的滑片由a端向b端移動的過程中，并聯(lián)電阻先增大后減小，故電壓表示數U先變大后變小，電流表測量 a端的電流，示數I變小，故A正確，BC錯誤；D、電流表不是測量的干路電流，故電壓表示數白變化量 U和電流表示數的變化量 I的比值不是恒定不變的， 故D錯誤。故選：A。7 .【解答】解：根據安培定則來確定通電導線周圍磁場的分布，導線1、2、3在中心。產

16、生的磁場方向都是垂直紙面向里，只有導線4產生的磁場的方向向外，根據磁場的疊加可知，要使 O的磁場增強，應切斷I4,故D正確，ABC錯誤;故選：D。8 .【解答】解：設電動勢為巳內阻為R內，滿偏電流為Ig,歐姆表調零即待測電阻為零,此時由閉合回路歐姆定律有,測阻值為R的電阻時,iIg=R內+R測未知電阻時,聯(lián)立以上三式解得 Rx = 3R,故B正確，ACD錯誤;故選：B。9 .【解答】解：設圖中導線的長度為l=vt,則導線的體積：V = Sl;則在t時間內該導線內的自由電子都能通過右側的橫截面，所以在t時間內通過導體右側橫截面的電荷量：q = neV = ne?S?vt;可知在時間t內流過導線某

17、一橫截面的電量為 neSvt;由電流的定義式有：I =9二門 t t故AC錯誤，BD正確故選：BD。10 .【解答】解：A、燈泡正常發(fā)光，U = U額=6V則電源內阻的電壓 U內=E-U = 2V由歐姆定律得流過電源的電流I=±l = 2A,故A正確；Pt C、通過燈泡的電流Il=1.5A；則通過電動機的電流為Im = I-Il=0.5A,故C錯誤；ULB、燈泡的電壓為電動機兩端電壓，電動機總電功率Pm=UIm = 6X 0.5W=3W,電動機發(fā)熱功率 P熱=Im2R0= 0.52X2= 0.5W,電動機的輸出功率。 P輸出= Pm-P熱=3W-0.5W=2.5W,故B正確；D、電動

18、機的效率 一。輸出X 100%= 83.3%,故D錯誤。Fl故選：AB。11 【解答】解：A、根據物體做直線運動的條件，分析微粒的受力情況如圖，由于電場力方向與場強方向相反，所 以微粒帶負電，故 A正確。B、粒子做勻速直線運動，所以粒子的動能保持不變，故 B錯誤;C正確，D錯誤;CD、電場力對微粒做負功，微粒的電勢能增大，機械能減少，故故選：AC 。C、根據幾何知識知根據E=k與知B點電場強度大小是D、根據洛倫茲力充當向心力知,故D正確。12 .【解答】解：A、根據點電荷電場分布的對稱性和一個電子從A點以某一速度沿 AC方向射入該電場，恰好做勻速圓周運動作圖，電荷在 。點，如圖，且電荷為正電荷

19、，故 A錯誤;B、電子能從A點運動到B點，AB兩點電勢相等，電子的電勢能相等，故 B錯誤;C點的4倍，故C正確;故選：CD。 *O'二、填空題（本題共 2小題，共18分，把答案填在橫線上或按題目要求作圖，）13 .【解答】解：游標卡尺的主尺讀數為：1cm=10mm,游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為 3X 0.05mm = 0.15mm ,所以最終讀數為：10mm+0.15mm = 10.15mm= 1.015cm。螺旋測微器的固定刻度為1.5mm,可動刻度為10.5X 0.01mm = 0.105mm,所以最終讀數為1.5mm+0.105mm =1.605mm。故

20、答案為：1.015;1.60514 .【解答】解：（1）伏安特性曲線如圖所示（2）由U+I （r+Ro） = E作出U-I圖象如圖乙中直線所示,由此圖象與電阻器 U-I圖線的交點可得此時電阻器的電壓U=0.9 V,電流I = 0.35 A,電阻器的實際功率為 P= UI0.32 Wo故答案為：（1）如圖甲；（2） 0.32三、計算題（本題共 4小題，共44分，解答應寫出必要的文字說明方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）15 .【解答】解：（1） AB間的電勢差為：Uab= 4a-如已知 q=- 3.0X10 6c, （j）a=200V,帕=100V,聯(lián)立解得： Wab = qUAB = - 3.0x 10 4jo（2）電荷在C點的電勢能為：Epc=qM=3.0X104j,電荷在B點的電勢能為：EpB=q（f）B=-3.0X104j,電勢能的變化量為： Ep= EpB - EpC= - 6.0 X 10 4JO答：（1）由A移到B過程中電場力做的功為-3.0X10-4J；（2）由C移到B過程中電勢能的變化-6.0X104j。16 .【解答】解：S閉合時，R1、R2串聯(lián)，C與R2并聯(lián)。E-分21= , U2=IR2, Q1=CU2,r+Rl + 叼代入數據得：Q1=3X 10 4C。斷開S后，C接在電源的兩端，有：Q2= CE