重慶市南開中學2019屆高三上學期理科綜合測試物理試卷 (附解析)

1、2019屆重慶市南開中學高三上學期理科綜合測試物理試題物理注意事項：1答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在Aa物體做勻加速直線運動Bc物體做加速度增大的加速直線運動Ct5s時，a物體與c物體相距10m座2選擇題的作答：每小題選出答案后，用號答題卡上的指定位置。位題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試Da、b兩物體都做勻速直線運動，且速度相同4如圖所示，A為地球赤道表面的物體，B為環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星，此衛(wèi)星在距離地球表面R/2的高度3非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷

2、、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。號第I卷（選擇題)場考一、單選題1在電磁學發(fā)展過程中，許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（）A庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值B洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律C赫茲發(fā)現(xiàn)了電現(xiàn)象的磁本質，楞次總結了右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向號D奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象并建立了電磁感應定律，法拉第發(fā)現(xiàn)了電流磁效應證處做勻速圓周運動，且向心加速度的大小為a.已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為6.6R，R為地球的半徑，引常量為G.則下列說法正確的是()A地球

3、兩極的重力加速度大小3a/2B物體A的線速度比衛(wèi)星B的線速度大C地球的質量為準2如圖所示，某質點在共點力F1,F2,F3作用下處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將F1逆時針旋轉考，其它力均保持不變，那么該質點的合力大小為（）名姓AF1BF2+F1CF3DF1+F23如圖所示，a、b、c三個物體在同一條直線上運動，其xt圖像中，圖線c是一條x=0.4t2的拋物線。有關這三個物體在05s內(nèi)的運動，下列說法正確的是（）級班D地球的第一宇宙速度大小為5如圖甲，線圈A(圖中實線，共100匝)的橫截面積為0.3m2，總電阻r=2，A右側所接電路中，電阻R1=2，R2=6，電容C=3F，開關S1閉合，A中有橫截面積為0.2m

4、2的區(qū)域C(圖中虛線)，C內(nèi)有如圖乙的變化磁場，t=0時刻，磁場方向垂直于線圈平面向里。下列判斷正確的是()A閉合S2、電路穩(wěn)定后，通過R2的電流由b流向aB閉合S2、電路穩(wěn)定后，通過R2的電流大小為0.4AC閉合S2、電路穩(wěn)定后再斷開S1，通過R2的電流由b流向aD閉合S2、電路穩(wěn)定后再斷開S1，通過R2的電荷量為2.410-6C二、多選題6真空中有一正四面體ABCD，如圖M、N分別是AB和CD的中點現(xiàn)在A、B兩點分別固定電荷量為+Q、Q的點電荷，下列說法中正確的是（）8如圖甲所示，在平行虛線MN、PQ間有垂直于紙面的交變磁場，兩虛線間的距離為d，磁場的磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙，磁場

5、變化的周期為T.一質量為m、電荷量為q的帶電粒子在虛線MN上的A點以垂直于MN向右射入兩虛線間，若磁場的磁感應強度，不計粒子的重力，則下列說法正確的是（）AC、D兩點的電場強度相等B將試探電荷q從M點移到N點，電場力不做功，試探電荷q的電勢能不變C將試探電荷+q從C點移到D點，電場力做正功，試探電荷+q的電勢能降低DN點的電場強度方向平行AB且跟CD垂直7如圖，一輛質量為M=3kg的平板小車A?？吭谪Q直光滑墻壁處，地面水平且光滑，一質量為m=1kg的小鐵塊B(可視為質點)放在平板小車A最右端，平板小車A上表面水平且與小鐵塊B之間的動摩擦因數(shù)=0.5，平板小車A的長度L=0.9m?，F(xiàn)給小鐵塊B一

6、個v0=5m/s的初速度使之向左運動，與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞后向右運動，重力加速度g=10m/s2.下列說法正確的是（）A粒子在磁場中做圓周運動的周期也為TB粒子在t=T/8時刻射入，粒子會從虛線MN射出C要使粒子在兩虛線間能做一個完整的圓周運動，粒子的速度最大可以為D要使粒子在兩虛線間能做兩個完整的周運動，粒子的速度最大可以為9以下說法正確的是()A液面上的小露珠呈現(xiàn)球形是由于液體表面張力的作用B影響蒸發(fā)快慢以及人們對干爽與潮濕感受的因素是空氣中水蒸氣的壓強與同一氣溫下水的飽和汽壓的差距C燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂婚呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體D一定質量的理想氣體體積不變時

7、，溫度越高，單位時間內(nèi)容壁單位面積受到氣體分子撞擊的次數(shù)越多E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA=V/V0A小鐵塊B向左運動到達豎直墻壁時的速度為2m/sB小鐵塊B與墻壁碰撞過程中所受墻壁的沖量大小為8kg.m/sC小鐵塊B向左運動到達豎立墻壁的過程中損失的機械能為4JD小鐵塊B在平板小車A上運動的整個過程中系統(tǒng)損失的機械能為9J第II卷（非選擇題)三、實驗題10（1）“探究求合力的方法”的實驗情況如圖甲，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的OB結點，和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結果畫出的圖示。其中，方向一定沿AO方向的是_；（2）關于此

8、實驗下列說法正確的是_A.與橡皮筋連接的細繩必須等長B.用兩只彈簧秤拉橡皮筋時，應使兩彈簧秤的拉力相等，以便算出合力的大小C.用兩只彈簧秤拉橡皮筋時，結點位置必須與用一只彈簧秤拉時結點位置重合D.拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要短一些四、解答題12如圖所示，質量M=1kg的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)1=0.1，在木板的左端放置一個質量m=1kg、大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)2=0.4，取g=10m/s2，在鐵塊上加一個水平向右的拉力，試求：11在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A.待測的干電池(電動勢約為1.5V，內(nèi)

9、電阻小于1.0)B.電流表A1(量程0-3mA，內(nèi)阻Rg1=10)C.電流表A2(量程0-0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1)D.清動變阻器R1(0-20，10A)E.滑動變阻器R2(0-200，1A)F.定值電阻Ro(990)G.開關和導線若干(1)某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設計了如圖1所示的(a)、(b)兩個參考實驗電路，其中合理的是_圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選_(填寫器材前的字母代號)；（1）F增大到多少時，鐵塊能在木板上發(fā)生相對滑動？（2）若木板長L=1m，水平拉力恒為8N，經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端？Q

10、QMP13如圖所示，兩根不計電阻的金屬導線MN與PQ放在水平面內(nèi)，MN是直導線，PQ的PQ1段是直導線，Q1Q2段是弧形導線，2Q3段是直導線，MN、PQ1、2Q3相互平行。、間接入一個阻值R=0.25的電阻。質量m=1kg，不計電阻的金屬棒AB能在MN、PQ上無摩擦地滑動，金屬棒如終垂直于MN，整個裝置處于姐感應強度B=0.5T的勻強磁場中，磁場方向豎直向下。金屬棒處于位置(1)時，給金屬棒一向右的初速度v1=4m/s，同時給一方向水平向右F1=3N的外力，使金屬棒向右做勻減速直線運動；當金屬棒運動到位置()時，外力方向不變，改變大小，使金屬棒向右做勻速直線運動2s到達位置(III)。已知金

11、屬棒在位置(I)時，與MN、Q1Q2相接觸于a、b兩點，a、b的間距L1=1m;金屬棒在位置()時，棒與MN、Q1Q2相接觸于c、d兩點；位置(I)到位置()的距離7.5m。求：(2)圖2為該同學根據(jù)(1)中選出的臺理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1-I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，l2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠大于I1的數(shù)值)，則由圖線可得被測電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_(結果小數(shù)點后保留2位)；(3)若將圖線的縱坐標改為_，則圖線與縱坐標軸交點的物理合義即為電動勢的大小。(1)金屬棒向右勻減速運動時的加速度大??；(2)c、d兩點間的距離L2；(3)金屬棒從位置(1)運動到

12、位置(III)的過程中，電阻R上放出的熱量Q。14如圖所示，上端帶卡環(huán)的絕熱圓柱形汽缸豎直放置在水平地面上，汽缸內(nèi)部被質量均為m的活塞A和活塞B分成高度相等的三個部分，下邊兩部分封閉有理想氣體P和Q，活塞A導熱性能良好，活塞B絕熱。兩活塞均與汽缸接觸良好，活塞厚度不計，忽略一切摩擦。汽缸下面有加熱裝置，初始狀態(tài)溫度均為T0，氣缸的截面積為S，外界大氣壓強大小為且保持不變，現(xiàn)對氣體Q緩慢加熱。求：（1）當活塞A恰好到達汽缸上端卡口時，氣體Q的溫度T1；（2）活塞A恰接觸汽缸上端卡口后，繼續(xù)給氣體Q加熱，當氣體P體積減為原來一半時，氣體Q的溫度T2。2019屆重慶市南開中學高三上學期理科綜合測試物

13、理試題物理答案1A【解析】庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值，選項A正確；安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律，選項B錯誤；安培發(fā)現(xiàn)了電現(xiàn)象的磁本質，安培總結了右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向，選項C錯誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象并建立了電磁感應定律，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應，選項D錯誤；故選A.2A【解析】三力平衡中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故先求出除F1外的兩個力的合力，然后將轉向后的力F1與除F1外的兩個力的合力合成力平衡中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故除F1外的兩個力F2、F3的合力大小

14、等于F1，方向與F1反向；現(xiàn)將F1逆時針旋轉60，根據(jù)平行四邊形定則可知，兩個大小均為F1且互成120的力合成時，合力在兩個分力的角平分線上，大小等于分力F1，故此時物體所受到的合力大小為F1；故選A?！军c睛】本題關鍵在于三力平衡中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；同時用到兩個大小相等且互成120的力合成時，合力在兩個分力的角平分線上，且大小等于兩分力3C【解析】位移圖象傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，則知a、b兩物體都做勻速直線運動。由圖看出斜率看出，a、b兩圖線的斜率大小、正負相反，說明兩物體的速度大小相等、方向相反，速率相同。故AD錯誤；圖線c是一條x=0.4t2的拋物線，結

15、合x=v0t+at2可知，c做初速度為0，加速度為0.8m/s2的勻加速直線運動，故B錯誤。根據(jù)圖象可知，t5s時，a物體與c物體相距10m，故C正確。故選C?！军c睛】本題是為位移-時間圖象的應用，要明確斜率的含義，并能根據(jù)圖象的信息解出物體運動的位移以及速度大小和方向4D【解析】根據(jù)萬有引力等于向心力，結合同步衛(wèi)星的加速度和軌道半徑求出加速度關系。地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù)a=r2得出向心角速度關系，利用萬有引力等于向心力求得地球的質量。衛(wèi)星B繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則有，又r0=1.5R，對于地球兩極的物體有G=mg，解得，g=2.25a，故AC錯誤；物

16、體A與地球同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù)v=r知，同步衛(wèi)星的線速度大于物體A的線速度，又由可知，同步衛(wèi)星的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故物體A的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故B錯誤；由，并結合GM=gR2，可得地球的第一宇宙速度為，故D正確。故選D。【點睛】解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運用，注意赤道上的物體不是靠萬有引力提供向心力。5B【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的大小，根據(jù)楞次定律得出感應電流的方向，結合歐姆定律求出電流的大小，再根據(jù)R2兩端的電壓，結合Q=CU求出電容器所帶電量的大小。根據(jù)楞次定律，線圈中產(chǎn)生的感應電流為順時針方向，則閉合S2、電路穩(wěn)定

17、后，通過R2的電流由a流向b，故A錯誤；根據(jù)法拉第電磁感應定律有：，則閉合S2、電路穩(wěn)定后，通過R2的電流大小為：，故B正確；閉合S2、電路穩(wěn)定后電容器上極板帶正電，則當再斷開S1，電容器放電，通過R2的電流由a流向b，故C錯誤；電路穩(wěn)定后電容器帶電量：Q=CUR2=310-60.46C=7.210-6C，則電路穩(wěn)定后再斷開S1，通過R2的電荷量為7.210-6C，故D錯誤；故選B?！军c睛】本題考查了法拉第電磁感應定律、歐姆定律、楞次定律的基本運用，會運用法拉第電磁感應定律求解感應電動勢，以及會運用楞次定律判斷感應電流的方向是解決本題的關鍵。6ABD【解析】根據(jù)等量異種電荷在空間的電場線分布特

18、點知道C、D兩點的電場強度相等，A正確；MN也在AB的中垂面上，所以將試探電荷-q從M點移到N點，電場力不做功，試探電荷-q的電勢能不變，故B正確；CD在AB的中垂面上，中垂面是等勢面，試探電荷+q從C點移到D點，電場力不做功，其電勢能不變，故C錯誤；根據(jù)電場疊加原理知道N點的電場強度方向平行AB且跟CD垂直，D正確；故選ABD?！军c睛】本題考查了等量異種電荷在空間的電場線分布特點，結合正四面體的對稱性進行解答；類似等量同種電荷在空間的電場線分布特點同學們也要熟記7BD【解析】鐵塊B向左運動的過程，根據(jù)動能定理列式，求出鐵塊B到達豎直墻壁前的速度鐵塊與墻壁發(fā)生彈性碰撞后以原速率反彈，之后鐵塊在

19、小車上向右滑動，假設鐵塊最終能停留在小車A上，根據(jù)動量守恒定律求出共同速度，再根據(jù)功能關系求出小鐵塊相對小車運動距離，即可進行判斷根據(jù)能量守恒定律求系統(tǒng)損失的機械能選取向左為正方向，設鐵塊向左運動到達豎直墻壁時的速度為v1對鐵塊B向左運動的過程，根據(jù)動能定理得：-mgL=mv12-mv02，代入數(shù)據(jù)解得：v1=4m/s，故A錯誤；鐵塊與豎直墻發(fā)生彈性碰撞后向右運動，速度大小為：v1=-v1=-4m/s；根據(jù)動量定理，小鐵塊B與墻壁碰撞過程中所受墻壁的沖量為：eqoac(,I=)mv=m（v1-v）=1（-4-4）=-8kgm/s。負號表示方向向右。故B正確；根據(jù)功能關系，小鐵塊B向左運動到達豎

20、直墻壁的過程中損失的機械能等于小鐵塊損失的動能，為：eqoac(,E)1=mv02mv12=1521424.5J故C錯誤；假設小鐵塊最終和小車達到共同速度v2，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：mv1=（M+m）v2，代入v-數(shù)據(jù)解得：2=-1m/s，設小鐵塊相對小車運動距離x時與平板車達到共速，由能量守恒定律得：mgx=（M+m）v22-mv12，代入數(shù)據(jù)解得：x=1.2m；由于xL，說明鐵塊在沒有與平板車達到共速時就滑出平板車。即鐵塊B最后不能停留在小車A上。根據(jù)功能關系可知，小鐵塊B在平板小車A上運動的整個過程中系統(tǒng)損失的機械能為eqoac(,E)2=2mgL，代入數(shù)據(jù)解得：eqoa

21、c(,E)2=9J故D正確。故選BD?！军c睛】本題首先要分析鐵塊的運動情況，對于鐵塊向右運動是否滑出平板車，我們可以采用假設法進行判斷，正確運用功能關系求解8CD【解析】根據(jù)牛頓第二定律，由洛倫茲力提供向心力，結合圓周運動的周期公式，可求出周期；分析各個時間段內(nèi)粒子的運動情況，判斷粒子是否會從MN虛線射出；粒子在兩個虛線間做一個完整的圓周運動，最大半徑等于d/2，再由半徑公式求出最大速度；根據(jù)幾何關系分析粒子在兩個虛線間做兩個完整圓周運動的條件，再結合半徑公式即可求出速度。粒子在磁場中做圓周運動的周期，故A錯誤；粒子在tT/8時刻射入，在T/8T/4之間粒子會沿直線向右運動，在T/4T/2時間

22、內(nèi)做一個完整的圓周運動回到虛線上，在T/23T/4時間粒子又沿直線向右運動，不會從虛線MN射出，故B錯誤；要使粒子在兩虛線間能做一個完整的圓周運動，粒子的最大半徑為rd/2，根據(jù)得，粒子的最大速度為，故C正確；要使粒子在兩虛線間能做兩個完整的圓周運動，則粒子在兩虛線間的運動滿足v0+2rd，得，故D正確；故選CD?！军c睛】考查離子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，掌握牛頓第二定律的應用，理解幾何關系的運用，同時注意運動的周期性。9ABD【解析】小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用；影響蒸發(fā)快慢以及影響人們對干爽與潮濕感受的因素是空氣的相對濕度，相對濕度=100%，即空氣中水蒸氣越接近飽和濕度越大

23、；單晶體各向異性，多晶體和非晶體各向同性；根據(jù)氣體壓強的產(chǎn)生原因分析D選項；對于固體和液體，摩爾體積和分子體積的比值等于阿伏伽德羅常數(shù)，對于氣體不適用。液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力。就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢，故A正確；影響蒸發(fā)快慢以及影響人們對干爽與潮濕感受的因素是空氣的相對濕度，相對濕度=100%，即空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的差距，故B正確；燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，故C

24、錯誤；一定質量的理想氣體體積不變時，溫度越高，單位體積內(nèi)的分子數(shù)不變，但分子運動加劇，故單位時間內(nèi)容器壁單位面積受到氣體分子撞擊的次數(shù)越多，故D正確；由于氣體分子間距離較大，摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏伽德羅常數(shù)，故E錯誤；故選ABD?！军c睛】本題研究固體、液體、氣體的特點；固體的各向同性和各向異性，液體的表面張力、氣體壓強，及相對濕度，注意加強記憶與理解，同時理解氣體的摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏伽德羅常數(shù)。10（1）（2）C【解析】（1）明確實驗原理，了解實驗誤差的存在，知道該實驗中“理論值”和“實驗值”的區(qū)別。（2）該實驗采用了“等效替代”法即要求兩次拉橡皮筋時，要使橡皮筋產(chǎn)

25、生的形變相同，即拉到同一位置?！驹斀狻浚?）F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力。故方向一定沿AO方向的是F，由于誤差的存在F和F方向并不在重合。（2）與橡皮筋連接的細繩是為了確定細繩拉力的方向，兩繩的長度不一定相等，故A錯誤；用兩只彈簧秤拉橡皮筋時，只要使兩彈簧秤拉力的合力與一只彈簧秤拉力的效果相同就行，兩彈簧秤的拉力不需要相等，故B錯誤；為了保證效果相同，兩次拉橡皮筋時，需將橡皮筋結點拉至同一位置，故C正確；標記同一細繩方向的兩點要長一些，這樣引起的拉力方向的誤差會小些，

26、故D錯誤；故選C?！军c睛】對于物理實驗，關鍵要明確實驗原理，要求在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，同時根據(jù)實驗原理去分析實驗中的注意事項和減小誤差的基本方法。11（1）b，D（2）、（3）【解析】（1）因為題中沒有給出電壓表，所以需要用一個定值電阻和電流表串聯(lián)，改裝成電壓表，根據(jù)歐姆定律若將電流表與定值電阻串聯(lián)有，與電源電動勢接近，故應將電流表與定值電阻串聯(lián)使用，故合理的是b圖；電源電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為1歐姆，為方便實驗操作，滑動變阻器應選D（2）由電路圖可知，在閉合電路中，電源電動勢：，則：，由圖象可知，圖象的截距：，則電源電動勢為：；圖象斜率：

27、電源內(nèi)阻為：r=0.84；（3）由閉合電路歐姆定律可知，在U-I圖線中，圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小，故當圖線的縱坐標改為時，圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小考點：考查了測量電源電動勢實驗【名師點睛】測定電源的電動勢和內(nèi)電阻是高中階段電學實驗考查的重點，是近幾年各地高考題目的出題熱點，本題突出了對于實驗原理、儀器選擇及U-I圖象處理等多方面內(nèi)容的考查，題目層次源于課本，凸顯能力，體現(xiàn)創(chuàng)新意識，側重于對實驗能力的考查12（1）F增大到6N時，鐵塊能在木板上發(fā)生相對滑動（2）若木板長L=1m，水平拉力恒為8N，經(jīng)過1s時間鐵塊運動到木板的右端【解析】（1）設F=F1時，A、B恰好保持相對靜止，此時二者的加速度相同，兩者間的靜摩擦力達到最大根據(jù)牛頓第二定律得：2mg1（m+M）g=Ma可得a=2m/s2以系統(tǒng)為研究