2022屆新疆兵團農二師華山中學高考適應性考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（ ）A光子沒有質量，所以光子雖然具有能量，但沒有動量B玻爾認為，原子中電子的軌道是量子化

2、的，能量也是量子化的C將由放射性元素組成的化合物進行高溫分解，會縮短放射性元素的半衰期D原子核的質量大于組成它的核子的質量之和，這個現(xiàn)象稱為質量虧損2、一物體沿傾角為30的粗糙斜面從頂端由靜止開始下滑，運動的位移x時間t關系圖像是一段拋物線，如圖所示，g=10m/s2。則（）A下滑過程中物體的加速度逐漸變大Bt=0.5s時刻，物體的速度為0.5m/sC00.5s時間內，物體平均速度為1m/sD物體與斜面間動摩擦因數為3、如圖甲所示，在粗糙的水平面上，質量分別為mA和mB的物塊A、B用輕彈簧相連，兩物塊與水平面間的動摩擦因數相同，它們的質量之比mA:mB=2:1當用水平力F作用于B上且兩物塊以相

3、同的加速度向右加速運動時（如圖甲所示），彈簧的伸長量xA；當用同樣大小的力F豎直向上拉B且兩物塊以相同的加速度豎直向上運動時（如圖乙所示），彈簧的伸長量為xB，則xA:xB等于（ ）A1:1B1:2C2:1D3:24、如圖，在固定斜面上的一物塊受到一外力F的作用，F(xiàn)平行于斜面向上。若要物塊在斜面上保持靜止，F(xiàn)的取值應有一定的范圍，已知其最大值和最小值分別為F1和F2（F1和F2的方向均沿斜面向上）。由此可求出物塊與斜面間的最大靜摩擦力為()ABCD5、超導電磁船是一種不需要螺旋槳推進的低噪音新型船，如圖是電磁船的簡化原理圖，AB和CD是與電源相連的導體板，AB與CD之間部分區(qū)域浸沒在海水中并有

4、垂直紙面向內的勻強磁場(磁場由固定在船上的超導線圈產生，其獨立電路部分未畫出)，以下說法正確的是A使船前進的力，是磁場對海水中電流的安培力B要使船前進，海水中的電流方向從CD板指向AB板C同時改變磁場的方向和電源正負極，推進力方向將與原方向相反D若接入電路的海水電阻為R，其兩端的電壓為U，則船在海水中前進時，AB與CD間海水中的電流強度小于6、如圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，一個光滑弧形槽靜止放在足夠長的光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，讓一個物塊從槽上高h處由靜止開始下滑。下列說法正確的是（）A物塊沿槽下滑的過程中，物塊的機械能守恒B物塊沿槽下滑的過程中，物塊與槽組成的系統(tǒng)動量守恒

5、C從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，彈簧對物塊的沖量等于零D物塊第一次被反彈后一定不能再次回到槽上高h處二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B兩粒子以相同的初速度沿與電場線垂直的方向由左邊界的同一點先后進入同一勻強電場，最后它們都從電場的右邊界離開電場。不計粒子的重力。已知A、B兩粒子的質量之比為1：4，電荷量之比為1：2，則此過程中（）AA、B的運動時間之比為1：1BA、B沿電場線的位移之比是1：1CA、B的速度改變量之比是2：1DA、B的電勢能改變量之比是1：1

6、8、如圖M和N是兩個帶有異種電荷的帶電體，（M在N的正上方，圖示平面為豎直平面）P和Q是M表面上的兩點，S是N表面上的一點。在M和N之問的電場中畫有三條等差等勢線?，F(xiàn)有一個帶正電的液滴從E點射入電場，它經過了F點和W點已知油滴在F點時的機槭能大于在W點的機械能。（E、W兩點在同一等勢面上，不計油滴對原電場的影響，不計空氣阻力）則以下說法正確的是（）AP和Q兩點的電勢不相等BP點的電勢低于S點的電勢C油滴在F點的電勢能高于在E點的電勢能DF點的電場強度大于E點的電場強度9、光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行一質量為m、帶電量為Q的小球由某一邊的

7、中點，以垂直于該邊的水平初速v0進入該正方形區(qū)域當小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有動能的大小可能是()A0BCQELDQEL10、如圖所示，質量分別為的兩物塊疊放在一起，以一定的初速度一起沿固定在水平地面上傾角為的斜面上滑。已知B與斜面間的動摩擦因數 ， 則( )A整體在上滑的過程中處于失重狀態(tài)B整體在上滑到最高點后將停止運動C兩物塊之間的摩擦力在上滑與下滑過程中大小相等D在上滑過程中兩物塊之間的摩擦力大于在下滑過程中的摩擦力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組做“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖所示，圖中A為

8、鐵架臺，B，C是用細線連接的兩個物塊，D為固定在物塊C上的細遮光條（質量可忽略不計），E為固定在鐵架臺上的輕質定滑輪，F(xiàn)為光電門，實驗步驟如下：用游標卡尺測得遮光條的寬度為d，用天平分別稱出物塊B、C的質量分別為mB和mc，用跨過定滑輪的細線連接物塊B和C；在鐵架臺上標記一位置O，并測得該位置與光電門之間的高度差h；將物塊C從位置O由靜止釋放，C加速下降，B加速上升；記錄遮光條D通過光電門的時間t。依據以上步驟，回答以下問題：（1）該實驗的研究對象是_填“B”或“C”或“B、C組成的系統(tǒng)”）；（2）從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，研究對象的動能增加量EK=_，研究對象的重力勢能減少量

9、EP=_（用實驗中測量的量表示，重力加速度為g）。12（12分）如圖甲所示，一根伸長可忽略的輕繩跨過輕質定滑輪，兩個質量相等的砝碼盤分別系于繩的兩端。甲、乙兩位同學利用該裝置探究系統(tǒng)加速度與其所受合力的關系。共有9個質量均為m的砝碼供實驗時使用。請回答下列問題：(1)實驗中，甲將左盤拉至恰好與地面接觸，乙把5個硅碼放在右盤中，4個底碼放在左盤中。系統(tǒng)穩(wěn)定后，甲由靜止釋放左盤；(2)若要從(1)的操作中獲取計算系統(tǒng)加速度大小的數據，下列器材中必須使用的是_（填正確答案標號）；A米尺 B秒表 C天平 D彈簧秤(3)請說明用(2)中選擇的器材要測量本實驗中的必要物理量是：_；(4)由(3)中測量得到

10、的物理量的數據，根據公式_（用所測量物理量的符號表示），可以計算岀系統(tǒng)加速度的大?。?5)依次把左盤中的砝碼逐個移到右盤中，重復(1)(3)(4)操作；獲得系統(tǒng)在受不同合力作用下加速度的大小，記錄的數據如下表，請利用表中數據在圖乙上描點并作出a-F圖象_；(6)從作出的aF圖像能得到的實驗結論是：_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，平面鏡M放置在某液體中，液體上方靠近液面處放置毛玻璃PQ，一束激光水平照射到肘上O1點時，觀察到在O1點正上方玻璃上O點有一個光點。使平面鏡M繞垂直紙面的軸逆時針轉

11、過角時。玻璃上光點恰好消失。已知真空中光速為c，求：（1）液體的折射率n；（2）光在液體中的傳播速度v。 14（16分）如圖，O1O2為經過球形透明體的直線，平行光束沿O1O2方向照射到透明體上。已知透明體的半徑為R，真空中的光速為c。(1)不考慮光在球內的反射，若光通過透明體的最長時間為t，求透明體材料的折射率；(2)若透明體材料的折射率為，求以45的入射角射到A點的光，通過透明體后與O1O2的交點到球心O的距離。15（12分）如圖甲所示，水平足夠長的平行金屬導軌MN、PQ間距L0.3 m。導軌電阻忽略不計，其間連接有阻值R0.8 的固定電阻。開始時，導軌上固定著一質量m0.01 kg、電阻

12、r0.4 的金屬桿cd，整個裝置處于磁感應強度B0.5 T的勻強磁場中，磁場方向垂直導軌平面向下。現(xiàn)用一平行金屬導軌平面的外力F沿水平方向拉金屬桿cd，使之由靜止開始運動。電壓采集器可將其兩端的電壓U即時采集并輸入電腦，獲得的電壓U隨時間t變化的關系如圖乙所示。求：（1）在t4 s時通過金屬桿的感應電流的大小和方向；（2）4 s內金屬桿cd位移的大小；（3）4 s末拉力F的瞬時功率。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A光子具有能量，也具有動量，A項錯誤；B玻爾認為，原子中電子的軌道是量子化的，能量也是量

13、子化的，B項正確；C元素的半衰期不會因為高溫而改變，C項錯誤；D原子核的質量小于組成它的核子的質量之和，D項錯誤。故選B。2、D【解析】A由勻變速直線運動位移公式代入圖中數據解得a=2m/s2A錯誤；B根據運動學公式t=0.5s代入方程解得B錯誤；C00.5s時間內，物體平均速度C錯誤；D由牛頓第二定律有mgsin30mgcos30=ma解得動摩擦因數D正確。故選D。3、A【解析】設mA=2mB=2m，對甲圖，運用整體法，由牛頓第二定律得，整體的加速度：對A物體有：F彈-2mg=2ma，得 ；對乙圖，運用整體法，由牛頓第二定律得，整體的加速度：對A物體有：F彈-2mg=2ma，得則x1：x2=

14、1：1A 1:1，與結論相符，選項A正確；B 1:2，與結論不相符，選項B錯誤；C2:1，與結論不相符，選項C錯誤；D3:2，與結論不相符，選項D錯誤4、C【解析】對滑塊受力分析，受重力、拉力、支持力、靜摩擦力，四力平衡；當靜摩擦力平行斜面向下時，拉力最大；當靜摩擦力平行斜面向上時，拉力最小；根據平衡條件列式求解即可?！驹斀狻繉瑝K受力分析，受重力、拉力、支持力、靜摩擦力，設滑塊受到的最大靜摩擦力為，物體保持靜止，受力平衡，合力為零；當靜摩擦力平行斜面向下時，拉力最大，有：；當靜摩擦力平行斜面向上時，拉力最小，有：；聯(lián)立解得：，故C正確，ABD錯誤；故選C?！军c睛】本題關鍵是明確拉力最大和最小

15、的兩種臨界狀況，受力分析后根據平衡條件列式并聯(lián)立求解。5、D【解析】A、B項：當CD接直流電源的負極時，海水中電流方向由AB指向CD，是海水受到的安培力向左，根據牛頓第三定律可知，船體受到向右的作用力，故使船體向前運動，故A、B錯誤；C項：同時改變磁場的方向和電源正負極，磁場方向反向，電流方向反向，所以推進力方向將與原方向相同，故C錯誤；D項：因船在海水中前進時，AB與CD間海水切割磁感線產生電流，使接入電路的海水兩端電壓小于U，所以電流強度小于，故D正確點晴：利用左手定則判斷出海水受到的安培力，根據牛頓第三定律即可判斷出船體的受力，即可判斷運動方向，注意與右手定則的區(qū)別6、D【解析】AB物塊

16、沿槽下滑過程中，物塊與弧形槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，水平方向動量守恒，故AB錯誤；C從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，物塊受到的沖量等于物塊動量的變化，物體的動量變化量不為零，故物體受到的沖量不為零，C錯誤；D物塊反彈后追上弧形槽，上升到最高點時，物塊和弧形槽具有相同的速度，全過程系統(tǒng)機械能守恒，故物塊不能回到槽上高h處，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A假設粒子在垂直電場方向運動的位移為，粒子在垂直電場線方向做勻速直線運動結合題意可知A

17、、B在電場中的運動時間相同，A正確；BC根據加速度的定義式可知速度的改變量之比等于加速度之比，粒子只受電場力作用。根據牛頓第二定律變形可得根據運動學公式可得A、B沿電場線的位移之比B錯誤，C正確；D電場力做功改變電勢能，所以A、B的電勢能改變量之比等于電場力做功之比，電場力做功所以D正確。故選ACD。8、BD【解析】AP和Q兩點在帶電體M的表面上，M是處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其表面是一個等勢面，故P和Q兩點的電勢相等，故A錯誤；B帶正電的油滴在F點時的機械能大于在W點的機械能，故從F點到W點，機械能減小，電場力做負功，說明電場力向上，故電場線垂直等勢面向上，而沿著電場線電勢逐漸降低，故P點的電

18、勢低于S點的電勢，故B正確；C由于電場線垂直等勢面向上，故E點的電勢大于F點的電勢，根據Ep=q，油滴在F點的電勢能低于在E點的電勢能，故C錯誤；D因F點等勢面密集，則電場線也密集，可知F點的電場強度大于E點的電場強度，選項D正確；故選BD。9、ABC【解析】若電場的方向平行于AB向左，小球所受的電場力向左，小球在勻強電場中做勻減速直線運動，到達BD邊時，速度可能為1，所以動能可能為1故A有可能若電場的方向平行于AC向上或向下，小球在勻強電場中做類平拋運動，偏轉位移最大為，根據動能定理可知小球的最大動能為：，所以D不可能，C可能；若電場的方向平行于AB向左，小球做勻減速直線運動，若沒有到達BD

19、邊時速度就減為零，則小球會返回到出發(fā)點，速度大小仍為v1，動能為，故B可能故選ABC10、AC【解析】A在上升和下滑的過程，整體都是只受三個個力，重力、支持力和摩擦力，以向下為正方向，根據牛頓第二定律得向上運動的過程中：（m1+m2）gsin+f=（m1+m2）af=（m1+m2）gcos因此有：a=gsin+gcos方向沿斜面向下。所以向上運動的過程中A、B組成的整體處于失重狀態(tài)。故A正確；B同理對整體進行受力分析，向下運動的過程中，由牛頓第二定律得：（m1+m2）gsin-f=（m1+m2）a，得：a=gsin-gcos由于tan，所以a0所以上滑到最高點后A、B整體將向下運動。故B錯誤；

20、CD以A為研究對象，向上運動的過程中，根據牛頓第二定律有：m1gsin+f=m1a解得：f=m1gcos向下運動的過程中，根據牛頓第二定律有：m1gsin-f=m1a解得：f=m1gcos所以f=f即A與B之間的摩擦力上滑與下滑過程中大小相等；故C正確D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B、C 組成的系統(tǒng) (mB+mC)d22t2 (mC-mB)gh 【解析】(1)1實驗中要驗證機械能守恒，只有以B、C 組成的系統(tǒng)為研究對象，才只有重力做功，機械能才守恒，故該實驗的研究對象是B、C 組成的系統(tǒng)。(2)2因為遮光條的寬度為dh，故

21、物塊C通過光電門的速度可近似等于通過d的平均速度，即v=dt所以從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，B、C組成的系統(tǒng)動能增加量EK=12mB+mCv2=(mB+mC)d22t23從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，物塊C下降h，物塊B上升h，故B、C 組成的系統(tǒng)重力勢能該變量為EP=mCgh-mBgh=(mC-mB)gh12、AB 釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t 系統(tǒng)質量一定時，其加速度與所受合外力成正比 【解析】(2)1根據實驗原理可知，砝碼盤做勻加速直線運動，由公式可知，要得到加速度應測量釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t，故AB正確。故選AB；(3)2由(2)可知，要測量本實驗中的必要物理量，釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t(4)3根據實驗原理可知，砝碼盤做勻加速直線運動，滿足(5)4