山東省菏澤市加定陶山大附中、思源學(xué)校、鄆城一中等十校2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，圖甲是t=0時(shí)刻的波形圖，圖乙是介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，0時(shí)刻該點(diǎn)的位移為-0.1m，2s時(shí)在平衡位置處，則波的傳播速度為（）Am/sB

2、m/sC0.8m/sD1.5m/s2、下列說(shuō)法中正確的是A合外力對(duì)物體不做功，則物體速度一定不變B靜摩擦力對(duì)物體一定不做功C滑動(dòng)摩擦力對(duì)物體可能做正功D作用力與反作用力做功的代數(shù)和一定為零3、如圖所示，木塊A質(zhì)量為1kg，木塊B的質(zhì)量為2kg，疊放在水平地面上，AB間最大靜摩擦力為1牛，B與地面間摩擦系數(shù)為0 .1，今用水平力F作用于B，則保持AB相對(duì)靜止的條件是F不超過(guò)：A3牛B4牛C7牛D6牛4、某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖所示，其中間一根電場(chǎng)線是直線，一帶正電的粒子從直線上的O點(diǎn)由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿直線向右為x軸正方向，粒子的重力忽略不計(jì)在O到A運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下

3、列關(guān)于粒子運(yùn)動(dòng)速度v和加速度a隨時(shí)間t的變化、粒子的動(dòng)能和運(yùn)動(dòng)徑跡上電勢(shì)隨位移x的變化圖線正確的是ABCD5、如圖所示，在光滑的水平面上，物體B靜止，在物體B上固定一個(gè)輕彈簧。物體A以某一速度v0沿水平方向向右運(yùn)動(dòng)，通過(guò)彈簧與物體B發(fā)生作用，A物體質(zhì)量為m，B物體質(zhì)量為2m，從A剛接觸彈簧至彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中（ ）A彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)B的速度大小為B物體A先做加速度增大的變減速運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的變減速運(yùn)動(dòng)C彈簧彈力對(duì)A的沖量大小為D彈簧彈性勢(shì)能的最大值為6、A、B兩物體質(zhì)量均為m，A置于光滑水平面上，B置于粗糙水平面上，用相同水平力F分別推A和B，使它們前進(jìn)相同的位移。假設(shè)力F對(duì)物體

4、A做的功為W1，對(duì)B做的功為W2，力F對(duì)物體A做功的平均功率為P1， 對(duì)B做功的平均功率為P2。以下關(guān)系正確的是 （ ）A W1= W2 ，P1= P2 BW1= W2 ，P1 P2C W1W2， P1 P2 D W1 W2 ，P1= P2二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖為一勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖象，圖象與兩坐標(biāo)軸的交點(diǎn)分別為，時(shí)，圖象切線交軸的坐標(biāo)為，關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)下列說(shuō)法正確的（ ）A質(zhì)點(diǎn)先向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，后向軸正方向運(yùn)動(dòng)B質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為C時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移

5、為D質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為8、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定有一半徑為R的圓環(huán)，AC是圓環(huán)豎直直徑，BD是圓環(huán)水平直徑，半圓環(huán)ABC是光滑的，半圓環(huán)CDA是粗糙的。一質(zhì)量為m小球（視為質(zhì)點(diǎn)）在圓環(huán)的內(nèi)側(cè)A點(diǎn)獲得大小為v0、方向水平向左的速度，小球剛好能第二次到達(dá)C點(diǎn)，小球與半圓環(huán)CDA的動(dòng)摩擦因素恒定，重力加速度大小為g，則A小球第一次從A到C的時(shí)間和從C經(jīng)D到A的時(shí)間相等B小球第一次回到A點(diǎn)時(shí)速度為C小球第二次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)受到摩擦力比第一次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)受到摩擦力小D小球第一次和第二次從C經(jīng)D到A的過(guò)程摩擦力做的功相等9、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài)小物塊的質(zhì)量為m，從A點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動(dòng)

6、，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)恰好靜止物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，彈簧未超出彈性限度在上述過(guò)程中A彈簧的最大彈力為mgB物塊克服摩擦力做的功為2mgsC彈簧的最大彈性勢(shì)能為mgsD物塊在A點(diǎn)的初速度為10、一汽車(chē)在路面情況相同的公路上直線行駛，下面關(guān)于車(chē)速、慣性、質(zhì)量和滑行路程的討論正確的是（）A車(chē)速越大，它的慣性越大B質(zhì)量越大，它的慣性越大C車(chē)速越大，剎車(chē)后滑行的路程越長(zhǎng)D車(chē)速越大，剎車(chē)后滑行的路程越長(zhǎng)，所以慣性越大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）光電門(mén)是一種較為精確的測(cè)時(shí)裝置，某同學(xué)

7、使用光電門(mén)和其他儀器設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。A為裝有擋光片的鉤碼，總質(zhì)量用m表示，已知擋光片的擋光寬度為b，輕繩一端與A相連，另一端跨過(guò)光滑輕質(zhì)定滑輪與的重物B相連，B的質(zhì)量用M表示（并保證：Mtan2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，A與擋板相撞沒(méi)有機(jī)械能損失木板B與擋板相碰后速度瞬間變?yōu)榱闱也慌c擋板P粘連將A、B同時(shí)由靜止釋放，求：（1）A、B釋放時(shí)，物塊A的加速度大?。唬?）若A與擋板不相碰，木板的最小長(zhǎng)度l0；（3）若木板長(zhǎng)度為l，整個(gè)過(guò)程中木板運(yùn)動(dòng)的總路程參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、

8、A【解析】由圖甲所示波形圖可知，波長(zhǎng)，由圖乙所示質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)圖像可知，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位相為，t=2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位相為2，兩時(shí)刻位相差為則解得波的周期波速故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2、C【解析】合外力對(duì)物體不做功，則物體的動(dòng)能不變，但是速度不一定不變，例如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；靜摩擦力對(duì)物體可以做正功、負(fù)功或者不做功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；滑動(dòng)摩擦力對(duì)物體可能做正功，也可能做負(fù)功或者不做功，選項(xiàng)C正確；作用力與反作用力等大反向，可以都做正功，也可以都做負(fù)功，如兩個(gè)靜止靠近的同種電荷釋放，作用力和反作用力都做正功，故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道摩擦力的做功特點(diǎn)，知道無(wú)論是靜摩擦力還是滑動(dòng)摩擦力

9、對(duì)物體可以做正功，負(fù)功或者不做功；一對(duì)靜摩擦力對(duì)系統(tǒng)做功一定為零，一對(duì)滑動(dòng)摩擦力對(duì)系統(tǒng)一定做負(fù)功.3、D【解析】對(duì)A有：Fmax=mAa；代入數(shù)據(jù)解得：a=1m/s2；對(duì)整體有：F(mA+mB)g=(mA+mB)a；代入數(shù)據(jù)解得：F=6N；故選：D.點(diǎn)睛：要使AB能保持相對(duì)靜止，由題意可知當(dāng)F最大時(shí)，AB間的摩擦力應(yīng)剛好為最大靜摩擦力，則以A為研究對(duì)象可求得兩物體共同運(yùn)動(dòng)時(shí)所具有的最大加速度；再用整體法可求得F的最大值4、B【解析】由圖可知，從O到A點(diǎn)，電場(chǎng)線由疏到密，電場(chǎng)強(qiáng)度先減小后增大，方向不變，因此電荷受到的電場(chǎng)力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤，B正確；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降

10、低，而電勢(shì)與位移的圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒關(guān)系，則，由此可知：，因此粒子的動(dòng)能Ek和運(yùn)動(dòng)徑跡上電勢(shì)隨位移x的變化圖線斜率先減小后增大，故D正確所以B正確，ACD錯(cuò)誤5、D【解析】本題考查動(dòng)量守恒的應(yīng)用?！驹斀狻緼.彈簧再次回到原長(zhǎng)，相當(dāng)于彈性碰撞，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒和能量守恒可知： 解得：，故A錯(cuò)誤；B.由題可知，物體A先做加速度增大的變減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧最短時(shí)兩者共速，此后彈簧逐漸伸長(zhǎng)，物體A再做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C.由A可知，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，物體A的速度為：彈簧彈力對(duì)A的沖量即為動(dòng)量變化量：故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)兩者共速時(shí)彈簧彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒和

11、能量守恒得： 解得：故D正確。故選D。6、B【解析】試題解析：由于W=Fs，在用力推物體A與B時(shí)，用的力F是相等的，通過(guò)的距離也是相等的，故兩個(gè)力做的功相等，即W1= W2 ，故C、D錯(cuò)誤；由于物體A沒(méi)有摩擦力，而B(niǎo)運(yùn)動(dòng)時(shí)要受到摩擦力的作用，故A的加速度大于B，所以A所用的時(shí)間小于B的時(shí)間，所以根據(jù)P=W/t可知，力對(duì)A的功率要大于力對(duì)B的功率，即P1 P2，故B正確?？键c(diǎn)：功與功率大小的判斷。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A.根據(jù)圖像知，質(zhì)點(diǎn)一直向

12、x軸正方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為點(diǎn)的斜率故B正確；C. 時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)位移公式代入各已知量解得故D正確。8、BC【解析】A.因?yàn)樾∏虻谝淮蔚降穆烦毯蛷慕?jīng)到的路程相等，但由于從經(jīng)到的過(guò)程中有阻力做功，故有由經(jīng)到的平均速率小于由經(jīng)到的平均速率，又因?yàn)?，所以小球第一次到的的時(shí)間小于從經(jīng)到的時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B.小球第二次到達(dá)點(diǎn)的過(guò)程由動(dòng)能定理得：小球第二次到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得小球第一次回到A點(diǎn)時(shí)速度為：故B正確； CD.根據(jù)動(dòng)能定理可得小球第一次從經(jīng)到的過(guò)程比第二次從經(jīng)到的過(guò)程的同一位置的速度大小大，根據(jù)牛頓第二定律可得小球第一次從經(jīng)到的過(guò)程比第二次從

13、經(jīng)到的過(guò)程中的同一位置時(shí)對(duì)軌道的壓力大，所以根據(jù)可得小球第一次到達(dá)點(diǎn)時(shí)受到摩擦力比第二次到達(dá)點(diǎn)時(shí)受到摩擦力大，由于滑動(dòng)摩擦力方向與運(yùn)動(dòng)方向總相反，則克服摩擦力做的功等于摩擦力的平均值乘以路程，小球第一次從經(jīng)到的過(guò)程克服摩擦力做的功比第二次從經(jīng)到的過(guò)程克服摩擦力做的功多，故C正確，D錯(cuò)誤。9、BC【解析】小物塊壓縮彈簧最短時(shí)有，故A錯(cuò)誤；全過(guò)程小物塊的路程為，所以全過(guò)程中克服摩擦力做的功為： ，故B正確；小物塊從彈簧壓縮最短處到A點(diǎn)由能量守恒得：，故C正確；小物塊從A點(diǎn)返回A點(diǎn)由動(dòng)能定理得：，解得：，故D錯(cuò)誤10、BC【解析】AB.慣性是物體的固有屬性，它與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的速度無(wú)關(guān)，故A

14、錯(cuò)誤，B正確；CD. 根據(jù)可知車(chē)速越大，剎車(chē)后滑行的路程越長(zhǎng)，與慣性的大小無(wú)關(guān)，故C正確，D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、天平（包括砝碼）、刻度尺 （mM）gh（Mm）（）2 大于 A 【解析】（1）1 動(dòng)能和重力勢(shì)能之和為機(jī)械能，計(jì)算時(shí)需要知道物體質(zhì)量和下降的距離，結(jié)合如圖實(shí)驗(yàn)裝置可知，需要的實(shí)驗(yàn)器材：需要天平用來(lái)測(cè)量A、B的質(zhì)量，用刻度尺測(cè)量A的下落高度，所以還需要的器材天平（包括砝碼）、刻度尺。（1）2 系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為物塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度為則系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為則機(jī)械能守恒的表達(dá)式為。（3）3 光電門(mén)測(cè)出的平均

15、速度是擋光片通過(guò)光電門(mén)過(guò)程中中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，此時(shí)下降的高度小于h，則系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能大于系統(tǒng)增加的動(dòng)能。（4）4 ABCD減小上述對(duì)結(jié)果的影響，可以減小擋光片的寬度，使得平均速度更接近瞬時(shí)速度，BCD錯(cuò)誤A正確。故選A 。12、大于 【解析】（1）1實(shí)驗(yàn)時(shí)需讓重物A向上加速，則重物A、B的質(zhì)量應(yīng)滿足的關(guān)系為Mm.（2）2根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度知，擋光片通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度（3）3系統(tǒng)動(dòng)能的增加量4系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量Ep=（M-m）gh（4）5根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得， 解得 則圖線的斜率解得重力加速度 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)

16、出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】（1）設(shè)金屬塊由到達(dá)C歷時(shí)為，速度，車(chē)此刻的速度，則（2）金屬塊由到做勻加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度大小為此過(guò)程車(chē)與金屬塊的位移之差等于聯(lián)立得到，撤去力后，根據(jù)車(chē)和金屬塊組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒得：，得，撤去后到金屬塊滑到端的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒得，代入解得，所以14、（1）1=0.4，2=0.6（2）108J（3）117m【解析】解：（1）放上物塊后，當(dāng)A、B相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程，由圖示圖象可知，B的加速度：aB=4m/s2，A的加速度：aA=2m/s2，由牛頓第二定律得：對(duì)B：1mg=maB，對(duì)A：F1mg2（M+m）g=MaA，解得：1

17、=0.4，2=0.6；（2）物塊與木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，相對(duì)位移：s=183=27m，物塊與木板之間的摩擦熱：Q=1mgs=0.411027=108J；（3）A、B共同運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律得：2（M+m）gF=（M+m）a，解得：a=1m/s2，A、B共同運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=12s，放上物塊后木板運(yùn)動(dòng)的總位移：x=（12+18）3+12=117m；15、（1）gsin-2gcos；（2） sin-2cos(1-2)cosL (3) L-l 或 lsin-1lcos2cos【解析】（1）由牛頓第二定律有：mgsin-2mgcos=ma1；計(jì)算得出a1=gsin-2gcos；（2）在木板B與擋板未碰前，A和B相對(duì)靜止，以相同的加速度一起向下做勻加速運(yùn)動(dòng)木板B與擋板相碰后立即靜止，A開(kāi)始勻減速下滑若物塊A到達(dá)擋板時(shí)的速度恰好為0，此時(shí)木板長(zhǎng)度即為最小長(zhǎng)度l0設(shè)木板與擋板相撞瞬間速度為v，則有v2=2L-l0木板靜止后，物塊減速下滑時(shí)的加速度大小為a2，由牛頓第二定律有：1mgcos-mgsin=ma2，解得a2=1gcos-gsin由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得0-v2=-2a2l0