福建省廈門第二中學(xué)2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個圓形線圈的匝數(shù)為N，半徑為a，線圈平面與勻強磁場垂直，且一半處在磁場中。在t時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B。在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

2、為（ ）ABCD2、如圖所示，一個內(nèi)阻不可忽略的電源，R1為定值電阻，L1和L2是小燈泡，R為滑動變阻器，P為滑片若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，燈泡L2的亮度及R1消耗的電功率分別（ ）A變亮，一直減小B變亮，先增大后減小C變暗，無法確定D變暗，一直增大3、如圖所示，對一個給定的電容器充電時，下列的圖像中能正確反映電容器的帶電量Q、電壓U和電容器電容C之間關(guān)系的是：ABCD4、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角逐漸變小，如

3、圖所示，則在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力的大小將()A保持不變 B先變小后變大 C逐漸變小 D逐漸變大5、把一個重為G的物體，用一個水平力F=kt(k為恒量，t為時間)壓在豎直的足夠高的平整的墻上，如下圖所示，從t=0開始物體所受的摩擦力Ff隨t的變化關(guān)系是（）ABCD6、對“靜電場”一章中幾個公式的理解，正確的是：（ ）A公式C=Q/U指出，電容器的電容隨電容器所帶電荷量Q的增加而增加B由E=U/d可知，電場中兩點的距離越大，電場場強E越小C在公式F=kq1q2/r2中，kq2/r2是q2所在位置的電場強度的大小D公式EP=q中，同一個負(fù)電荷在電勢越高的地方電勢能越小二、多項選擇題：本題共

4、4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質(zhì)點由靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)過時間t，通過與出發(fā)點相距x1的P點，再經(jīng)過時間t，到達與出發(fā)點相距x2的Q點，則該質(zhì)點通過P點的瞬時速度為()ABCD8、下列說法中正確的是 A電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯(lián)，電阻不變B電阻A與導(dǎo)線B（不計電阻）并聯(lián)，總電阻為零C并聯(lián)電路中任一支路的電阻都大于總電阻D并聯(lián)電路某一支路開路，總電阻為無窮大9、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r恒定，閉合開關(guān)S后燈泡能夠發(fā)光，以下四個選項中能讓燈泡突然變亮的是（ ）

5、A電阻R1短路B電阻R2斷路C電阻R2短路D電容器C短路10、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，R1的阻值和電內(nèi)阻r相等當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時A電壓表讀數(shù)減小B電流表讀數(shù)減小C電的輸出功率逐漸增大D質(zhì)點P將向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中，提供下列器材：A小燈泡(3V 0.6 W)； B電壓表(03V，內(nèi)阻約3 k)；C電流表(0250 mA，內(nèi)阻約1)； D電流表(00.6 A，內(nèi)阻約0.4)；E滑動變阻器(10 2 A)；

6、F滑動變阻器(100 0.5 A)； G電池組(電動勢6V)； H開關(guān)、導(dǎo)線若干(1) 實驗時電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_(用序號字母表示)(2) 請用筆畫線代替導(dǎo)線，將實物電路圖連接完整_(3) 實驗中記錄多組電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，在圖中畫出I-U圖象_編號12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.20512（12分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_mm（2）若用圖乙

7、測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_（選填“偏大”或“偏小”）（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丙、丁，則電壓表的讀數(shù)為_V，電流表的讀數(shù)為_A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平直軌道上P點靜止放置一個質(zhì)量為2m的物體A，P點左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑現(xiàn)有一顆質(zhì)量為m的子彈以v0的水平速度射入物體A并和物體A一起滑上光滑平面，與前方靜止物體B發(fā)生彈性正碰后返回，在粗糙面滑行距離d停下已知物體A與粗糙面之間的動摩擦因數(shù)為，求： (1)子彈與物體A碰撞過程中損失的機械能； (2)B物

8、體的質(zhì)量14（16分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離d40 cm電源電動勢E14V，內(nèi)電阻r1 ，電阻R16 閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從A板小孔上方10 cm處自由釋放，若小球帶電荷量q110-1 C，質(zhì)量為m110-1 kg，不考慮空氣阻力，g取10 m/s1那么，（1）滑動變阻器接入電路的阻值R1為多大時，小球恰能到達B板？（1）若將B板向上移動，使兩板間的距離減小為原來的一半，帶電小球從仍從原處釋放，是否能到達B板？若能，求出到達B板時的速度；若不能，求出小球離B板的最小距離15（12分）如圖所示的xoy平面上，以坐標(biāo)原點O為圓心的四分之一圓形

9、區(qū)域MON內(nèi)分布著磁感應(yīng)強度為B=2.010-3T的勻強磁場，其中M、N點距坐標(biāo)原點O為m，磁場方向垂直紙面向里。坐標(biāo)原點O處有一個粒子源，不斷地向xOy平面發(fā)射比荷為=5107C/kg的帶正電粒子，它們的速度大小都是v=1105m/s，與x軸正方向的夾角分布在090范圍內(nèi)。（1）求平行于x軸射入的粒子，出射點的位置及在磁場中的運動時間；（2）若粒子進入磁場前經(jīng)加速使其動能增加為原來的2倍，仍從O點垂直磁場方向射入第一象限，求粒子在磁場中運動的時間t與射入時與x軸正向的夾角的關(guān)系 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1

10、、B【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢：，故B正確，ACD錯誤；2、D【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑片向下滑動，滑動變阻器接入電阻變小，根據(jù)并聯(lián)電阻關(guān)系得，R和L2的并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻變小，則干路電流變大， ，路端電壓變小，則燈L1兩端電壓變小，變?。桓鶕?jù)電路圖及串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的知識可知：，由上面分析知變小，而干路電流變大，所以變大，則變大，變大，而，路端電壓變小，所以變小，則變小，亮度變暗，故ABC錯誤，D正確3、B【解析】電容的定義式為，電容器的電容由本身的性質(zhì)決定，C與Q和U無關(guān)，故B正確，A錯誤；Q與U成正比，故CD錯誤；故選B4、A【解析】以小球為研究對象，

11、球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G根據(jù)FBF1PQB得： 又FF1=F2，得： ；在A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯誤故選A點睛：本題是力學(xué)中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關(guān)系，進行分析，也可以應(yīng)用函數(shù)法求解5、B【解析】由于物體所受的水平推力為，由二力平衡得，墻與物體間的壓力。當(dāng)F比較小時，物體受的摩擦力Ff小于物體的重力G，物體將沿墻壁下滑，此時物體間的摩擦力為滑動摩擦力，大小為當(dāng)摩擦力F等于重力G時，物體不能立即停止

12、運動，物體受到的摩擦力仍然是滑動摩擦力，隨著摩擦力的增大，摩擦力將大于重力，物體做減速運動直至靜止，摩擦力將變?yōu)殪o摩擦力，靜摩擦力與正壓力無關(guān)，跟重力始終平衡，故ACD錯誤，B正確。故選B。6、D【解析】公式C=Q/U指出，電容器的電容等于電容器所帶電荷量Q與兩板電壓U的比值，電容器的電容與所帶電量無關(guān)，選項A錯誤；勻強電場的電場強度與電場中兩點的距離無關(guān)，選項B錯誤；在公式F=kq1q2/r2中，kq2/r2是q2在q1所在位置的電場強度的大小，選項C錯誤；公式EP=q中，同一個負(fù)電荷在電勢越高的地方電勢能越小，選項D正確；故選D.點睛：本題考查對電場中幾個公式的理解能力，關(guān)鍵要抓住各個公式

13、的適用條件、公式中每個量的含義進行分析可根據(jù)點電荷場強的計算公式E=kQ/r2，來重新理解庫侖定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A因為初速度為零的勻加速直線運動，在t內(nèi)和2t內(nèi)的位移之比為1:4，則x2=4x1，則P點的速度為故A正確BOQ間的距離為x2，由于通過OP和PQ的時間相等，均為t，根據(jù)平均速度推論知，質(zhì)點通過P點的瞬時速度為故B正確CD根據(jù)勻變速直線運動的判別式：x2x1x1at2加速度為：則P點的速度故D正確，C錯誤8、ABC【解析】

14、A、若電阻與一無窮大的電阻并聯(lián)，則總電阻等于A的阻值，故A正確；B、電阻與導(dǎo)線并聯(lián)時，導(dǎo)線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零，故B正確；C、并聯(lián)電路中，并聯(lián)的電阻越多，則總電阻越小，故C正確；D、并聯(lián)電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大，故D錯誤。點睛：串聯(lián)電路中總電阻等于各部分電阻之和；而并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各部分電阻的倒數(shù)和。9、AB【解析】A：若電阻R1短路，電路中總電阻減小，總電流增大，燈泡與R2并聯(lián)的電壓增大，則燈泡變亮故A項正確B：若R2斷路，則總電阻增大，總電流減小，R1及內(nèi)阻的電壓減小，燈泡兩端的電壓增大，燈泡變亮故B項正確C：若電阻R2短路，燈泡被短路，不

15、亮故C項錯誤D：若電容器C短路，燈泡被短路，不亮故D項錯誤10、AC【解析】當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，其接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知干路電流I增大電容器板間電壓等于R3的電壓R4減小，AB間并聯(lián)部分的總電阻減小，則R3的電壓減小，R3上消耗的功率逐漸減小，電容器板間場強減小，質(zhì)點P所受的電場力減小，所以質(zhì)點P將向下運動，故D錯誤；流過電流表的電流IA=I-I3，I增大，I3減小，則IA增大，所以電流表讀數(shù)增大，故B錯誤；R4的電壓U4=U3-U2，U3減小，U2增大，則U4減小，所以電壓表讀數(shù)減小故A正確；由于R1的阻值和電源內(nèi)阻r相等，則外電路

16、總電阻大于電源的內(nèi)阻r，當(dāng)外電阻減小時，電源的輸出功率逐漸增大 C正確故選AC【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，先分析變阻器接入電路的電阻變化，再分析外總電阻變化和總電流的變化，接著分析局部電路電壓和電流的變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D F 【解析】12燈泡額定電壓為3V，電壓表應(yīng)選擇B；由表中實驗數(shù)據(jù)可知，最大電流為0.205A，電流表應(yīng)選擇D；為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇F；3由實驗數(shù)據(jù)可知，最小電流為0.02A，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，由于電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實物電路圖如圖所示：4根據(jù)

17、表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點，然后根據(jù)描出的點作出圖象如圖所示：12、0.697（0.6950.698） 偏小 2.60（2.592.61） 0.52 【解析】（1）根據(jù)內(nèi)接的特點，結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點，即可分析出測量值與真實值之間的關(guān)系；（2）先算出電表的分度值，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可【詳解】（1）金屬絲的直徑為：0.5mm+0.01mm19.8=0.698mm；（2）電流表外接法測量電阻，由于電壓表分流的影響，故金屬絲電阻的測量結(jié)果將比真實值偏小；（3）電壓表的分度值為0.1V，要估讀到下一位，故其讀數(shù)為2.

18、60V；電流表選擇的是00.6A量程，分度值為0.02A，故其讀數(shù)為0.52A.【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和電表的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀讀電表讀數(shù)時要注意計算電表的分度值，然后再確定是否估讀，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可內(nèi)外接選擇的方法：大電阻選內(nèi)接測量結(jié)果偏大，小電阻選外界測量結(jié)果偏小，口訣：“大內(nèi)大，小外小”四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） ，（2）【解析】（1）設(shè)子彈與物體A的共同速度為v，由動量守恒定律mv0=3mv則該過程損失的機械能（2）以子彈、物體A和物體B為系統(tǒng)，設(shè)B的質(zhì)量為M，碰后子彈和物體A的速度為v1，物體B的速度為v2，由動量守恒定律3mv=Mv23mv1碰撞過程機械能守恒子彈與物體A滑上粗糙面到停止，由能量守恒定律又綜上可解得M=9m【點評】本題考查動量守恒定律及能時轉(zhuǎn)化及守恒規(guī)律，要注意正確分析物理過程，明確受力情況及守恒條件，選擇合理的物理規(guī)律求解14、（1）R1=5 （1）不能， 【解析】（1）若小球恰能到A板，則根據(jù)動能定理mg(d+h)-qU1=0 解得 根據(jù)電路歐姆有 解得R1=5 （1）小球不能到達B板設(shè)小球