2022屆廣州協(xié)和中學高三3月份第一次模擬考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、小明乘坐豎直電梯經過1min可達頂樓，已知電梯在t =0時由靜止開始上升，取豎直向上為正方向，該電梯的加速度a隨時間t的變化圖像如圖所示。若電梯受力簡化為只受重力與

2、繩索拉力，則At =4.5 s時，電梯處于失重狀態(tài)B在555 s時間內，繩索拉力最小Ct =59.5 s時，電梯處于超重狀態(tài)Dt =60 s時，繩索拉力的功率恰好為零2、如圖所示，質量為M的小車放在光滑水平面上，小車上用細線懸吊一質量為m的小球，Mm，用一力F水平向右拉小球，使小球和車一起以加速度a向右運動時，細線與豎直方向成角，細線的拉力為T。若用一力F水平向左拉小車，使小球和車一起以加速度a向左運動時，細線與豎直方向也成角，細線的拉力為T。則（）Aaa，T=TBa=a，T=TCaa，TTDaa，TT3、如右圖所示，在一真空區(qū)域中，AB、CD是圓O的兩條直徑，在A、B兩點上各放置一個電荷量為

3、Q的點電荷，關于C、D兩點的電場強度和電勢，下列說法正確的是()A場強相同，電勢相等B場強不相同，電勢相等C場強相同，電勢不相等D場強不相同，電勢不相等4、如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于電流表內阻的；R2的阻值等于電流表內阻的4倍。若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A將接線柱1、2接入電路時，每一小格表示0.04 AB將接線柱1、2接入電路時，每一小格表示0.02 AC將接線柱1、3接入電路時，每一小格表示0.06 AD將接線柱1、3接入電路時，每一小格表示0.01 A5、如圖，兩端封

4、閉的玻璃直管下方用一小段水銀柱封閉了一定質量的理想氣體，上方為真空現(xiàn)在管的下方加熱被封閉的氣體，下圖中不可能發(fā)生的變化過程是（）ABCD6、某靜電場的電場線與x軸平行，x軸上各點的電勢情況如圖所示，若將一帶電粒子從坐標原點O由靜止釋放，該粒子僅在電場力的作用下，沿著x軸正方向運動，已知電場中M、N兩點的x坐標分別為5mm、15mm，則下列說法正確的是（ ）A在x軸上M、N兩點間的電場方向先沿x軸正方向后沿x軸負方向B該帶電粒子一定帶負電荷C在x=10mm的位置，電場強度大小為1000V/mD該粒子沿x軸從M點運動到N點的過程中，電勢能一直增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。

5、在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，以O為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強電場中，圓所在平面與電場方向平行，M、N為圓周上的兩點。帶正電粒子只在電場力作用下運動，在M點速度方向如圖所示，經過M、N兩點時速度大小相等。已知M點電勢高于O點電勢，且電勢差為U，下列說法正確的是（）AM，N兩點電勢相等B粒子由M點運動到N點，電勢能減小C該勻強電場的電場強度大小為D粒子在電場中可能從M點沿圓弧運動到N點8、下列說法中正確的是（）A物體溫度升高，每個分子的熱運動動能都增大B液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的

6、撞擊作用不平衡所引起的C一定量100的水變成100的水蒸汽，其分子之間的勢能減小D影響氣體壓強大小的兩個因素是氣體分子的平均動能和分子的密集程度E.由于多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體是各向同性的9、如圖所示，在光滑水平的平行導軌MN、HG左端接一阻值為的電阻（導軌電阻不計），兩軌道之間有垂直紙面向里的勻強磁場。一電阻也為的金屬桿，垂直兩導軌放在軌道上?，F(xiàn)讓金屬桿在外力作用下分別以速度v1、v2由圖中位置1勻速運動到位置2，兩次運動過程中桿與導軌接觸良好，若兩次運動的速度之比為，則在這兩次運動中下列說法正確的是（）AR0兩端的電壓之比為U1:U21:2B回路中產生的總熱量之比

7、Q1:Q21:4C外力的功率之比P1:P21:2D通過導體橫截面的電荷量q1:q21:110、如圖所示，CD、EF是兩條水平放置的、阻值可忽略的平行金屬導軌，導軌間距為L，在水平導軌的左側存在方向垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區(qū)域的寬度為d，導軌的右端接有一阻值為R的電阻，左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接將一阻值也為R，質量為m的導體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導體棒最終恰好停在磁場的右邊界處已知導體棒與水平導軌接觸良好，且動摩擦因數(shù)為下列說法正確的是A通過電阻R的最大電流為B流過電阻R的電荷量為C整個電路中產生的焦耳熱為mghD電阻R中產生的焦耳熱為三、實驗題：本題共

8、2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）貨運交通事故往往是由車輛超載引起的，因此我國交通運輸部對治理貨運超載有著嚴格規(guī)定。監(jiān)測站都安裝有稱重傳感器，圖甲是一種常用的力傳感器，由彈簧鋼和應變片組成，彈簧鋼右端固定，在其上、下表面各貼一個相同的應變片，應變片由金屬制成。若在彈簧鋼的自由端施加一向下的作用力F，則彈簧鋼會發(fā)生彎曲，上應變片被拉伸，下應變片被壓縮。力越大，彈簧鋼的彎曲程度越大，應變片的電阻變化就越大，輸出的電壓差U|U1U2|也就越大。已知傳感器不受壓力時的電阻約為19，為了準確地測量該傳感器的阻值，設計了以下實驗，實驗原理圖如圖乙所示。實驗室

9、提供以下器材：A定值電阻R0（R05 ）B滑動變阻器（最大阻值為2 ，額定功率為50 W）C電流表A1（0.6 A，內阻r11 ）D電流表A2（0.6 A，內阻r2約為5 ）E直流電源E1（電動勢3 V，內阻約為1 ）F直流電源E2（電動勢6 V，內阻約為2 ）G開關S及導線若干。（1）外力F增大時，下列說法正確的是_；A上、下應變片電阻都增大B上、下應變片電阻都減小C上應變片電阻減小，下應變片電阻增大D上應變片電阻增大，下應變片電阻減小（2）圖乙中、為電流表，其中電流表選_（選填“A1”或“A2”），電源選_（選填“E1”或“E2”）；（3）為了準確地測量該阻值，在圖丙中，將B、C間導線斷開

10、，并將滑動變阻器與原設計電路的A、B、C端中的一些端點連接，調節(jié)滑動變阻器，測量多組數(shù)據，從而使實驗結果更準確，請在圖丙中正確連接電路_；（4）結合上述實驗步驟可以得出該傳感器的電阻的表達式為_（A1、A2兩電流表的電流分別用I1、I2表示）。12（12分）某同學利用圖甲所示的裝置設計一個“用阻力補償法探究加速度與力、質量的關系”的實驗。如圖中AB是水平桌面，CD是一端帶有定滑輪的長木板，在其表面不同位置固定兩個光電門，小車上固定著一擋光片。為了補償小車受到的阻力，將長木板C端適當墊高，使小車在不受牽引時沿木板勻速運動。用一根細繩一端拴住小車，另一端繞過定滑輪掛一托盤，托盤中有一砝碼調節(jié)定滑輪

11、的高度，使細繩的拉力方向與長木板的上表面平行，將小車靠近長木板的C端某位置由靜止釋放，進行實驗。剛開始時小車的總質量遠大于托盤和砝碼的總質量。(1)用游標卡尺測量擋光片的寬度d，如圖乙所示，其讀數(shù)為_cm；(2)某次實驗，小車先后經過光電門1和光電門2時，連接光電門的計時器顯示擋光片的擋光時間分別為t1和t2，此過程中托盤未接觸地面。已知兩個光電門中心之問的間距為L，則小車的加速度表達式a（_）（結果用字母d、t1、t2、L表示）；(3)某同學在實驗中保持小車總質量不變，增加托盤中砝碼的個數(shù)，并將托盤和砝碼的總重力當做小車所受的合力F，通過多次測量作出aF圖線，如圖丙中實線所示。試分析上部明顯

12、偏離直線的原因是_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一列簡諧橫波在軸上傳播，、是軸上相距的兩質點。時，質點正好到達正方向最大位移處，且質點到軸的距離，而此時質點恰好經過平衡位置向下運動。已知這列波的頻率。求經過時間，質點運動的路程；若大于一個波長，求該波的波速。14（16分）如圖所示，開口向下豎直放置的內部光滑氣缸，氣缸的截面積為S，其側壁和底部均導熱良好，內有兩個質量均為m的導熱活塞，將缸內理想分成I、II兩部分，氣缸下部與大氣相通，外部大氣壓強始終為p0，環(huán)境溫度為，平衡時I、II兩部分氣柱的長度均

13、為l，現(xiàn)將氣缸倒置為開口向上，求：（i）若環(huán)境溫度不變，求平衡時I、II兩部分氣柱的長度之比；（ii）若環(huán)境溫度緩慢升高，但I、II兩部分氣柱的長度之和為2l時，氣體的溫度T為多少？15（12分）如圖所示，一端封閉、粗細均勻的U形玻璃管開口向上豎直放置，管內用水銀將一段氣體封閉在管中當溫度為280K時，被封閉的氣柱長L=25cm，兩邊水銀柱高度差h=5cm，大氣壓強p0=75cmHg。加熱封閉氣體，為使左端水銀面下降h1=5cm，求此時封閉氣體的溫度；封閉氣體的溫度保持問中的值不變，為使兩液面相平，求需從底端放出的水銀柱長度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題

14、給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A電梯在t=1時由靜止開始上升，加速度向上，電梯處于超重狀態(tài)，此時加速度a1t=4.5s時，a1，電梯也處于超重狀態(tài)。故A錯誤。B555s時間內，a=1，電梯處于平衡狀態(tài)，繩索拉力等于電梯的重力，應大于電梯失重時繩索的拉力，所以這段時間內繩索拉力不是最小。故B錯誤。Ct=59.5s時，電梯減速向上運動，a1，加速度方向向下，電梯處于失重狀態(tài)，故C錯誤。D根據a-t圖象與坐標軸所圍的面積表示速度的變化量，由幾何知識可知，61s內a-t圖象與坐標軸所圍的面積為1，所以速度的變化量為1，而電梯的初速度為1，所以t=61s時，電梯速度恰好為1，

15、根據P=Fv可知繩索拉力的功率恰好為零，故D正確。2、A【解析】對情況一的整體受力分析，受重力、支持力和拉力：再對小球分析：聯(lián)立解得：，；再對情況二的小球受力分析，據牛頓第二定律，有：解得，由于Mm，所以；細線的拉力：A正確，BCD錯誤。故選A。3、B【解析】根據電場的疊加原理，C、D兩點的場強如圖由于電場強度是矢量，故C、D兩點的場強相等，但不相同；兩個等量同種電荷的電場關于兩電荷的連線和連線的中垂線對稱，故根據電場的對稱性，可知C、D兩個點的電勢都與P點的電勢相同；故選B4、C【解析】AB由于電流表A的每個最小格表示0.02A，當將接線柱 1、2 接入電路時，電流表A與電阻R1并聯(lián)，當電流

16、表中通過0.02A的電流時，根據歐姆定律可知，流過R1的電路為0.04A，故干路電流為0.06A，即此時每一小格表示 0.06 A，故AB均錯誤；CD將接線柱 1、3 接入電路時，電流表與電阻R1并聯(lián)后再與電阻R2串聯(lián)，當電流表中通過0.02A的電流時，R1中的電流仍是0.04A，故干路電流就是0.06A，所以通過接線柱1的電流值就是0.06A，所以它表示每一小格表示 0.06 A，選項C正確，D錯誤。故選C。5、B【解析】A、圖A為P-T圖象，氣體先做等壓變化，溫度升高，后做等容變化，壓強隨溫度的升高而增大；故A正確B、圖B為p-t圖，圖中的氣體的第二段變化的過程壓強不變，顯然是不可能的；故

17、B錯誤C、圖C是p-V圖象，氣體先做等壓變化，體積增大，后做等容變化，壓強增大；故C正確D、圖D是V-T圖象，氣體第一段圖線不變，表示氣體先做等壓變化，體積增大，后做等容變化；故D正確本題選擇不可能的故選B【點睛】該題結合氣體的狀態(tài)圖象考查對理想氣體的狀態(tài)方程的應用，解答的關鍵是先得出氣體的狀態(tài)參量變化的規(guī)律，然后再選擇圖象6、C【解析】A由-x圖像知從M點到N點電勢降低，根據沿著電場線方向電勢降低可知在x軸上M、N兩點間的電場方向沿x軸正方向，A項錯誤；B粒子受力方向和電場方向相同，故粒子帶正電荷，B項錯誤；C在- x圖像中，圖線斜率表示電場強度的大小，電場強度大小為1000V/mC項正確；

18、D粒子沿x軸從M點運動到N點的過程中，電場力一直做正功，電勢能一直減小，D項錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A帶電粒子僅在電場力作用下，由于粒子在M、N兩點動能相等，則電勢能也相等，根據可知M、N兩點電勢相等，A正確；B因為勻強電場，所以兩點的連線MN即為等勢面。根據等勢面與電場線垂直和沿電場線方向電勢降低的特性，從而畫出電場線CO如圖由曲線運動條件可知，正電粒子所受的電場力沿著CO方向；可知，速度方向與電場力方向夾角先大于90后小于90

19、，電場力對粒子先做負功后做正功，所以電勢能先增大后減小，B錯誤；C勻強電場的電場強度式中的d是沿著電場強度方向的距離，則C正確；D粒子在勻強電場受到的是恒定的電場力，不可能做圓周運動，D錯誤。故選AC。8、BDE【解析】A溫度是分子熱運動平均動能的標志，物體的溫度升高，分子的平均動能增大，并不是每個分子熱運動的動能都增大，故A錯誤；B布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮顆粒撞擊作用的不平衡引起的，故B正確；C一定量100的水變成100的水蒸汽其內能增加，但分子平均動能不變，其分子之間的勢能增大，故C錯誤；D根據壓強的微觀意義可知，氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關

20、，故D正確；E多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體具有各向同性現(xiàn)象，故E正確。故選BDE。9、AD【解析】A兩種情況下桿產生的電動勢分別為、回路中的總電阻為R。故回路中兩次的電流分別為、故電流之比為根據歐姆定律，R0兩端的電壓之比故A正確；B兩次運動所用的時間為故產生的熱量之比為故B錯誤；C由于棒做勻速直線運動，故外力的功率等于回路中的功率，故故C錯誤。D兩種情況下磁通量的變化量相同，則通過導體橫截面的電荷量為故通過電阻橫截面的電荷量為q1:q2=1:1故D正確。故選AD。10、ABD【解析】A金屬棒下滑過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律得： 金屬棒到達水平面時的速度金屬棒到達

21、水平面后進入磁場受到向左的安培力做減速運動，則剛到達水平面時的速度最大，所以最大感應電動勢為 E=BLv最大的感應電流為故A正確；B通過金屬棒的電荷量故B正確；C金屬棒在整個運動過程中，由動能定理得：mgh-WB-mgd=0-0則克服安培力做功：WB=mgh-mgd整個電路中產生的焦耳熱為Q=WB=mgh-mgd故C錯誤；D克服安培力做功轉化為焦耳熱，電阻與導體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產生的焦耳熱： 故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D A1 E2 【解析】(1)1外力F增大時，上應變片長度變長，電阻變大，下應變片長度變短，電阻變小故選D。(2)2題圖乙中的要當電壓表使用，因此內阻應已知，故應選電流表A1；3因回路總阻值接近11，滿偏電流為0.6A，所以電源電動勢應接近6.6V，故電源選E2。(3)4滑動變阻器應采用分壓式接法，將B、C間導線斷開，A、B兩端接全阻值，C端接在變阻器的滑動端，如圖所示。(4)5由題圖乙知，通過該傳感器的電流為I2I1，加在該傳感器兩端的電壓為I1r1，故該