江蘇省宿遷市宿遷中學(xué)2021-2022學(xué)年高考物理押題試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物理學(xué)重視邏輯，崇尚理性，其理論總是建立在對事實觀察的基礎(chǔ)上。下列說法正確的是A貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中射線來自原子最外層的電子B密立根油滴實驗表明核外電子的軌道是不連續(xù)

2、的C盧瑟福的a粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)電荷量子化的D湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子使人們認(rèn)識到原子內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的2、將一小球從高處水平拋出，最初1 s內(nèi)小球動能Ek隨時間t變化的圖象如圖所示，不計空氣阻力，g取10 m/s1根據(jù)圖象信息，不能確定的物理量是()A小球的質(zhì)量B小球的初速度C最初1 s內(nèi)重力對小球做功的平均功率D小球拋出時的高度3、如圖，小球甲從A點水平拋出，同時將小球乙從B點自由釋放，兩小球先后經(jīng)過C點時速度大小相等，方向夾角為30，已知B、C高度差為h，兩小球質(zhì)量相等，不計空氣阻力，由以上條件可知（ ）A小球甲做平拋運動的初速度大小為B甲、乙兩小球到達(dá)C點所用時間之比為CA，B兩點高度差為D兩小球在C

3、點時重力的瞬時功率大小相等4、如圖所示，固定斜面上放一質(zhì)量為m的物塊，物塊通過輕彈簧與斜面底端的擋板連接，開始時彈簧處于原長，物塊剛好不下滑。現(xiàn)將物塊向上移動一段距離后由靜止釋放，物塊一直向下運動到最低點，此時剛好不上滑，斜面的傾角為，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則在物塊向下運動過程中，下列說法不正確的是()A物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為B當(dāng)彈簧處于原長時物塊的速度最大C當(dāng)物塊運動到最低點前的一瞬間，加速度大小為D物塊的動能和彈簧的彈性勢能的總和為一定值5、頻率為的入射光照射某金屬時發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象。已知該金屬的逸出功為W，普朗克常量為h，電子電荷量大小為e，下列說法正確的是（）

4、A該金屬的截止頻率為B該金屬的遏止電壓為C增大入射光的強(qiáng)度，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)不變D增大入射光的頻率，光電子的最大初動能不變6、研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的實驗裝置如圖（a）所示，用光強(qiáng)相同的黃光和藍(lán)光照射光電管陰極K時，測得相應(yīng)的遏止電壓分別為U1和U2，產(chǎn)生的光電流I隨光電管兩端電壓U的變化規(guī)律如圖（b）所示。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，黃光和藍(lán)光的頻率分別為v1和v2，且v1v2。則下列判斷正確的是（）AU1 0的空間磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B。一個電荷量為+q、質(zhì)量為m的粒子a，t=0時從O點以一定的速度沿x軸正方向射出，之后能通過坐標(biāo)為（，）的P點，不計粒子重力。(1)求粒子速度的大??；(

5、2)在a射出后，與a相同的粒子b也從O點以相同的速率沿y軸正方向射出。欲使在運動過程中兩粒子相遇，求。（不考慮粒子間的靜電力）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中射線來自于原子核內(nèi)的質(zhì)子轉(zhuǎn)化為中子和電子中得電子，而不是原子核外的電子，A錯波爾的氫原子模型說明原子核外的電子的軌道是不連續(xù)的，B錯；密立根油滴實驗首次發(fā)現(xiàn)了電荷量子化，C錯誤；電子的發(fā)現(xiàn)讓人們認(rèn)識到原子核內(nèi)的還存在粒子，說明原子核內(nèi)還是有結(jié)構(gòu)的，D對。2、D【解析】試題分析：小球被拋出后做平拋運動，根據(jù)圖象可知：小

6、球的初動能為5J，1s末的動能為30J，根據(jù)平拋運動的基本公式及動能的表達(dá)式即可解題解：A、B、設(shè)小球的初速度為v0，則1s末的速度為：v1=，根據(jù)圖象可知：小球的初動能為：EK0=mv01=5J，1s末的動能為：EK1=mv11=30J，解得：m=0.115kg，v0=4m/s，故A、B錯誤C、最初1s內(nèi)重力對小球做功的瞬時功率為：P=mgvy=mggt=0.1151011W=15W，則1s末小球重力的瞬時功率能確定故C錯誤D、根據(jù)已知條件只能求出1s內(nèi)豎直方向下落的高度為：h=gt1=1011m=10m，而不能求出小球拋出時的高度，則D不能確定故D正確故選D【點評】本題主要考查了平拋運動的

7、基本公式及動能表達(dá)式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)圖象讀出有效信息3、C【解析】A項，小球乙到C的速度為 ，此時小球甲的速度大小也為，又因為小球甲速度與豎直方向成角，可知水平分速度為故A錯；B、小球運動到C時所用的時間為 得 而小球甲到達(dá)C點時豎直方向的速度為，所以運動時間為 所以甲、乙兩小球到達(dá)C點所用時間之比為 故B錯C、由甲乙各自運動的時間得： ，故C對；D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以兩小球在C點時重力的瞬時功率也不相等故D錯；故選C4、C【解析】A由于開始時彈簧處于原長，物塊剛好不下滑，則得物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)選項A正確；B由于物塊一直向下運動，因此滑動摩擦力始終與重力沿

8、斜面向下的分力平衡，因此當(dāng)彈簧處于原長時，物塊受到的合外力為零，此時速度最大，選項B正確；C由于物塊在最低點時剛好不上滑，此時彈簧的彈力物塊在到達(dá)最低點前的一瞬間，加速度大小為選項C錯誤；D對物塊研究而重力做功和摩擦力做功的代數(shù)和為零，因此彈簧的彈力做功等于物塊動能的變化量，即彈簧的彈性勢能和物塊的動能之和為定值，選項D正確。故選C。5、B【解析】A金屬的逸出功大小和截止頻率都取決于金屬材料本身，用光照射某種金屬，要想發(fā)生光電效應(yīng)，要求入射光的頻率大于金屬的截止頻率，入射光的能量為，只有滿足便能發(fā)生光電效應(yīng)，所以金屬的逸出功為即金屬的截止頻率為所以A錯誤；B使光電流減小到0的反向電壓稱為遏制電

9、壓，為再根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程，可得光電子的最大初動能為所以該金屬的遏止電壓為所以B正確；C增大入射光的強(qiáng)度，單位時間內(nèi)的光子數(shù)目會增大，發(fā)生了光電效應(yīng)后，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)將增大，所以C錯誤；D由愛因斯坦的光電效應(yīng)方程可知，增大入射光的頻率，光電子的最大初動能將增大，所以D錯誤。故選B。6、A【解析】AB根據(jù)光電效應(yīng)方程則有在光電管中，遏止電壓滿足聯(lián)立方程有因為所以對于同一光電管和金屬藍(lán)光對應(yīng)的遏止電壓大，則圖（b）中的乙線是對應(yīng)藍(lán)光照射，A正確，B錯誤；C極限頻率滿足則聯(lián)立兩式解得C錯誤；D用黃光照射時，光電子的最大初動能為，D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5

10、分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】AB分析金屬棒運動情況，由力的合成和牛頓第二定律可得合因為金屬棒從靜止出發(fā)，所以有且合即加速度，加速度方向水平向右；（1）若，則有加速度為定值，金屬棒水平向右做勻加速直線運動，則有說明速度與時間成正比，故A可能；(2)若，則有隨增大而增大，說明金屬棒做加速度增大的加速運動，速度-時間圖象的斜率增大；(3)若，則有隨增大而減小，說明金屬棒在做加速度減小的加速運動，速度-時間圖象的斜率減小，故B可能；CD設(shè)金屬棒在某一時刻速度為，由題意可知感應(yīng)電動勢環(huán)路電流為

11、則有感應(yīng)電流與速度成正比；感應(yīng)電流功率為則有感應(yīng)電流的功率與速度的平方成正比，故C錯誤，D正確。故選ABD。8、BCD【解析】彈簧彈開兩小球的過程，彈力相等，作用時間相同，根據(jù)沖量定義可知，彈力對A的沖量大小等于B的沖量大小，故A錯誤；由動量守恒定律，解得A球脫離彈簧時B球獲得的速度大小為，故B正確；設(shè)A球運動到Q點時速率為v，對A球從P點運動到Q點的過程，由機(jī)械能守恒定律可得，解得：v=4m/s，根據(jù)動量定理，即A球從P點運動到Q點過程中所受合外力的沖量大小為1Ns，故C正確；若半圓軌道半徑改為0.9m，小球到達(dá)Q點的臨界速度，對A球從P點運動到Q點的過程，由機(jī)械能守恒定律，解得，小于小球到

12、達(dá)Q點的臨界速度，則A球不能達(dá)到Q點，故D正確。故選BCD。9、AC【解析】AB第一次子彈穿過木塊過程中動量守恒解得對物塊由動能定理 對子彈即子彈克服阻力做的功為；聯(lián)立解得 選項A正確 ，B錯誤；CD 第一次，對物塊由動量定理 解得 第二次，子彈在木塊沒做勻減速運動，加速度為 子彈穿過木塊時滿足 解得則子彈前后兩次穿過木塊的時間之比為第二次子彈穿出木塊時的速度為選項C正確，D錯誤。故選AC。10、AD【解析】A根據(jù)振動與波動的關(guān)系可知，波沿x軸正向傳播，A項正確；B波動周期與質(zhì)點的振動周期相同，即為B項錯誤；C質(zhì)點B的振動方程C項錯誤；D從t=0到t=0.45s，經(jīng)過15個周期，t=0.45s

13、時A質(zhì)點的位置與t=0時刻的位置關(guān)于x軸對稱，D項正確；E從t=0時刻開始，經(jīng)過0.4s質(zhì)點B的路程為0.02m5=0.2m，E項錯誤。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、在物體所受合外力不變時，物體的加速度與質(zhì)量成反比 0.150N至0.160N之間均對 BC 【解析】(1)1 由圖象，得出在物體所受合外力不變時，物體的加速度與質(zhì)量成反比。(2)2由牛頓第二定律得，即圖線的斜率等于小車所受的合外力，大小為(3)3AB拉力不為零時，加速度仍為零，可能有平衡摩擦力，故A錯誤B正確；CD造成上部點跡有向下彎曲趨勢，原因是沒有滿足所

14、掛鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，選項C正確D錯誤。12、7.46mA 2.5V 150 51 準(zhǔn)確 【解析】(1)1選擇開關(guān)接“1”時測電流，電表表盤下面刻度的最小分度值為0.2mA，指針在兩最小刻度之間進(jìn)行估讀，故其示數(shù)為說明：估讀方法符合最新高考評分標(biāo)準(zhǔn)。(2)2根據(jù)串聯(lián)電路有分壓作用可知，當(dāng)電表滿偏時有所以開關(guān)接“3”時為量程2.5V的電壓表。(3)3歐姆表的內(nèi)阻由于歐姆表的中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻，故C處刻度為150。(4)4根據(jù)閉合電路歐姆定律有其中，解得(5)5因為電源內(nèi)阻的變化，可以通過調(diào)零電阻阻值的變化來抵消，所以調(diào)零后測量某電阻阻值的測量結(jié)果是準(zhǔn)確的。四、計算題：本題共2小題，

15、共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)19.5J(2)6.75J(3)R=1.25m時水平位移最大為x=5m【解析】(1)對m1和m2彈開過程，取向左為正方向，由動量守恒定律有：0=m1v1-m2v2解得 v1=10m/s剪斷細(xì)繩前彈簧的彈性勢能為：解得Ep=19.5J(2)設(shè)m2向右減速運動的最大距離為x，由動能定理得：-m2gx=0-m2v22解得 x=3mL=4m則m2先向右減速至速度為零，向左加速至速度為v0=1.5m/s，然后向左勻速運動，直至離開傳送帶。設(shè)小物體m2滑上傳送帶到第一次滑離傳送帶的所用時間為t。取向左為正方向

16、。根據(jù)動量定理得：m2gt=m2v0-（-m2v2）解得：t=3s該過程皮帶運動的距離為：x帶=v0t=4.5m故為了維持傳送帶勻速運動，電動機(jī)需對傳送帶多提供的電能為：E=m2gx帶解得：E=6.75J(3)設(shè)豎直光滑軌道AC的半徑為R時小物體m1平拋的水平位移最大為x。從A到C由機(jī)械能守恒定律得：由平拋運動的規(guī)律有：x=vCt1聯(lián)立整理得根據(jù)數(shù)學(xué)知識知當(dāng)4R=10-4R即R =1.25m時，水平位移最大為x=5m14、 (1)L (2)45【解析】解：(I)在三角形棱鏡中，設(shè)全反射臨界角為C1， 則有： 解得： C1=如圖，從D點射入的光線，在BC面反射到A點，則從B、D間垂直射入的光都能垂直射到AC面由幾何關(guān)系，有： ， 即寬度為 (II)設(shè)扇形玻璃磚全反射角為C2，且知： 解得：C2= 如圖，當(dāng)=時，從OC面垂直射入扇形玻璃磚的光線恰不能從圓弧面直接射出故所求圓心角： 15、 (1)；(2)和【解析】(1)設(shè)粒子速