2022-2023學年寧夏石嘴山第一中學物理高一上期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、一物體做勻減速直線運動，在開始連續(xù)的兩個1s內(nèi)通過的位移分別為3m和2m，速度減為零后不

2、再運動，下列說法正確的是（）A.物體的初速度大小為B.物體的加速度大小為C.物體運動的時間為4.5sD.物體的總位移大小為6.125m2、 “蛟龍?zhí)枴笔俏覈着_自主研制的作業(yè)型深海載人潛水器，它是目前世界上下潛能力最強的潛水器假設(shè)某次海試活動中，“蛟龍?zhí)枴蓖瓿珊５兹蝿?wù)后豎直上浮，從上浮速度為v時開始計時，此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速上浮，經(jīng)過時間t，上浮到海面，速度恰好減為零則“蚊龍?zhí)枴痹跁r刻距離海平面的深度為（）A.B.C.D.3、如圖所示，將足球用網(wǎng)兜掛在光滑的墻壁上，設(shè)繩對球的拉力為，墻壁對球的支持力為，當細繩長度變短時() A.，均不變B.減小，增大C.，均增大D.，均減小4、如圖，兩個完全相

3、同的條形磁鐵。放在平板AB上，開始時平板及磁鐵都處于水平位置，且靜止不動，現(xiàn)將AB從原位置突然豎直向上平移。并使之停在CD位置，結(jié)果發(fā)現(xiàn)兩條形磁鐵碰在一起，下列說法正確的是A.開始時兩磁鐵靜止不動，說明磁鐵間的作用力小于磁鐵受到的靜摩擦力B.磁鐵開始滑動時，平板正在向上減速C.上升過程中磁鐵處于超重狀態(tài)D.上升過程中磁鐵先失重后超重5、如圖所示，重為G小球放在傾角為的光滑斜面上，被豎直放置的光滑木板擋住，若將擋板逆時針轉(zhuǎn)動逐漸放低試分析球?qū)醢宓膲毫1和對斜面的壓力N2如何變化（）A.N1增大、N2減小B.N1減小、N2增大C.N1先減小后增大、N2減小D.N1先增大后減小、N2先減小后增大

4、6、如圖所示，輕彈簧的兩端各受10N的拉力F作用，彈簧平衡時伸長了5cm（在彈性限度內(nèi)），那么下列說法中正確的是A.該彈簧的勁度系數(shù)k=200N/mB.該彈簧的勁度系數(shù)k=400NmC.根據(jù)公式k= ，彈簧的勁度系數(shù)k會隨彈簧彈力F的增大而增大D.彈簧的彈力為20N7、下列說法中正確的是A.物體只有靜止或做勻速直線運動時才具有慣性B.質(zhì)量是物體慣性大小的量度C.互成角度的力的合成和力的分解都一定遵從平行四邊形定則D.受到靜摩擦力的物體一定是靜止的8、一個物體從靜止開始做勻加直線運動的位移時間圖象如圖所示，以下說法正確的是（）A.物體運動的軌跡是曲線B.物體在前4s的位移大小為8mC.物體運動的

5、加速度大小為1m/s2D.物體到達A點的瞬時速度大小為2m/s9、2018年12月8日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭成功發(fā)射嫦娥四號探測器，于2019年1月3日成功著陸在月球背面馮卡門撞擊坑，開展月球背面就位探測及巡視探測中國的長征系列火箭是世界上先進的運載工具，它是利用噴射燃燒的氣體獲得動力的若不計空氣阻力，下面關(guān)于火箭豎直發(fā)射加速升空時的敘述正確的是()A.噴出的氣體對火箭的推力與火箭對噴出氣體的推力是一對作用力與反作用力B.噴出的氣體對火箭的推力與火箭的重力是一對平衡力C.火箭加速上升時，噴出的氣體對火箭的推力大于火箭對噴出氣體的推力D.此時火箭搭載的嫦娥四號探測器處于超重

6、狀態(tài)10、物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內(nèi)的平均速度為3m/s，則（ ）A.第3s內(nèi)物體的位移為3mB.物體的加速度是1m/s2C.前3s內(nèi)的位移是4.5mD.第3s末的速度是3.6m/s11、關(guān)于加速度，下列說法中正確的是A.速度變化越大，加速度一定越大B.物體向西運動，加速度方向可能向東C.加速度的方向一定與物體所受合外力的方向一致D.物體的速度減小，加速度也一定減小12、如圖所示，兩個完全相同的光滑球的質(zhì)量均為m，靜止在豎直擋板和傾角為的固定斜面間。若逆時針緩慢轉(zhuǎn)動擋板至與斜面垂直，在此過程中（）A.A、B兩球間的彈力逐漸增大B.B球?qū)醢宓膲毫χ饾u減小C.B球?qū)π泵娴膲毫χ饾u增

7、大D.A球?qū)π泵娴膲毫Ρ３植蛔兌羁疹}(每小題6分，共18分)13、在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中（1）在實驗中，以下做法正確的是_A平衡摩擦力時，應(yīng)將重物用細繩通過定滑輪系在小車上B每次改變小車的質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力C實驗時，先放開小車，后接通電源D“重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量”這一條件如不滿足，對探究過程也不會產(chǎn)生影響（2）在這一實驗中，有兩位同學通過測量，分別作出a一F圖象，如圖中的A、B、C線所示；試分析：A線不通過坐標原點的原因是：_；B線不通過坐標原點的原因是：_C線發(fā)生彎曲的原因是：_14、某同學利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”實驗他通過實驗得到如圖

8、乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關(guān)系圖線由圖線可知彈簧的原長x0=_cm，勁度系數(shù)k=_N/m15、如圖是某同學用打點計時器研究小車做勻變速直線運動時得到的一條紙帶圖中A、B、C、D、E是按打點先后順序依次選取的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s由圖中的數(shù)據(jù)可計算得出，打C點時小車的速度大小是 m/s，小車運動的加速度大小是 m/s2（保留兩位有效數(shù)字）三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質(zhì)量M1.0 kg的長木板靜止在光滑水平面上，在長木板的右端放一質(zhì)量m1.0 kg的小滑塊(可視為質(zhì)點)，小滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)0.20.現(xiàn)用水平恒力F6.0 N向右拉長木板，使小滑塊

9、與長木板發(fā)生相對滑動，經(jīng)過t1.0 s撤去力F.小滑塊在運動過程中始終沒有從長木板上掉下求： (1)撤去力F時小滑塊和長木板的速度各是多大？(2)小滑塊相對長木板靜止時，小滑塊相對地面運動的總位移17、（10分）民航客機一般都有緊急出口，發(fā)生意外情況的飛機緊急著陸后，打開緊急出口，狹長的氣囊會自動充氣，形成一個連接出口與地面的斜面，人員可沿斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡化模型.若緊急出口下沿距地面的高度h=3.0m，氣囊所構(gòu)成的斜面長度L=5.0m.質(zhì)量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止開始滑到斜面底端.已知旅客與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.5，不計空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過程中可

10、視為質(zhì)點，取重力加速度g=10m/s2.求：（1）旅客沿斜面下滑時受到摩擦力的大小和方向；（2）旅客沿斜面下滑時的加速度大小；（3）旅客滑到斜面底端時的速度大小.參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】AB取初速度方向為正，根據(jù)得物體的初速度故AB錯誤C由得物體運動的時間為故C錯誤D物體的總位移為故D正確2、D【解析】蛟龍?zhí)柹细r的加速度大小為根據(jù)逆向思維，可知蛟龍?zhí)栐趖0時刻距離海平面的深度為故選D。3、C【解析】分析足球的受力

11、情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件得到懸線的拉力和墻的支持力與的關(guān)系式，再用數(shù)學知識分析拉力、支持力變化情況，由牛頓第三定律即可知球?qū)Φ膲毫ψ兓闆r【詳解】分析足球的受力情況：重力G、懸線的拉力和墻的支持力，如圖所示：由平衡條件得：支持力和重力的合力F與拉力大小相等、方向相反；由平衡條件得：；當細繩長度變短時，增大，cos減小，sin增大，則增大，增大【點睛】本題運用函數(shù)法研究動態(tài)平衡問題，也可以運用圖解法研究4、B【解析】平板AB從原位置突然豎直向上平移，并停在CD位置這一過程中，應(yīng)是先加速運動再減速運動到靜止。A開始時兩磁鐵靜止不動，根據(jù)平衡狀態(tài)可知，每個磁鐵所受合力為零，在水平方向上每個磁鐵

12、受的磁場力與磁鐵受到的靜摩擦力大小相等。磁鐵間的作用力等于磁鐵受到的靜摩擦力，故A錯誤；B磁鐵開始滑動時，說明磁鐵受到的靜摩擦力減小，從而造成兩條形磁鐵相互靠近，原因是平板正在向上減速運動磁鐵出現(xiàn)失重，磁鐵對平板AB壓力減小，磁鐵與平板AB間的摩擦力減小，當摩擦力小于磁鐵間的相互吸引力時，磁鐵開始滑動并最終碰在一起。故B正確；CD上升過程中磁鐵先超重后失重。故CD錯誤。故選。5、C【解析】圖，將N1與N2合成，其合力與重力等大反向，擋板轉(zhuǎn)動時，擋板給球的彈力N1與斜面給球的彈力N2合力大小方向不變，其中N2的方向不變，作輔助圖如上，擋板轉(zhuǎn)動過程中，N1的方向變化如圖中a、b、c的規(guī)律變化，為滿

13、足平行四邊形定則，其大小變化規(guī)律為先變小后變大，其中擋板與斜面垂直時為最?。还蔔1先減小后增大，N2一直減小；根據(jù)牛頓第三定律，球?qū)醢宓膲毫2一直減小，對斜面的壓力N1先減小后增大；故選C6、A【解析】AB.根據(jù)胡克定律F=kx得，彈簧的勁度系數(shù)：，故A正確，B錯誤；C.彈簧的伸長與受的拉力成正比，彈簧的勁度系數(shù)k與彈簧彈力F的變化無關(guān)，與彈簧本身有關(guān)。故C錯誤； D.輕彈簧的兩端各受10N拉力F的作用，所以彈簧所受的彈力為10N，故D錯誤。故選：A。7、BC【解析】在任何狀態(tài)下物體都有慣性，與運動狀態(tài)無關(guān)，選項A錯誤；質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度，選項B正確；互成角度的力的合成和力的分解

14、都一定遵從平行四邊形定則，選項C正確；受到靜摩擦力的物體不一定是靜止的例如隨水平傳送帶加速運動的物體，選項D錯誤；故選BC.8、BC【解析】位移-時間圖象不是物體運動軌跡，位移等于縱坐標的變化量，根據(jù)勻變速直線運動的位移公式求加速度，再由速度公式求物體到達A點的瞬時速度大小【詳解】A位移-時間圖象不是物體運動的軌跡，位移-時間圖象只能表示直線運動的規(guī)律，物體從靜止開始做勻加直線運動故A錯誤；B物體在前4s的位移大小為x=x2-x1=8m-0=8m，故B正確；C物體從靜止開始做勻加直線運動，則，得，故C正確；D物體到達A點的瞬時速度大小為 v=at=14m/s=4m/s故D錯誤故選BC【點睛】本

15、題解題的關(guān)鍵要掌握勻變速直線運動的位移時間和速度時間公式，并能熟練運用要知道物體通過的位移等于縱坐標的變化量9、AD【解析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失【詳解】AB、火箭尾部噴出氣體，火箭對氣體產(chǎn)生推力，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故A正確，B錯誤；C、火箭加速上升，是因為噴出氣體對火箭的推力大于火箭自身重力的原因，C錯誤；D、火箭加速升空，加速度豎直向上，合力豎直向上，則該探測器處于超重狀態(tài)，D正確故選AD【點睛】本題考查了力的相互作用性，力

16、與物體運動的關(guān)系，是基礎(chǔ)題；知道火箭加速上升，受力不平衡是解題的關(guān)鍵10、AD【解析】A根據(jù)得物體在第3s內(nèi)的位移mA正確；B設(shè)加速度為，則根據(jù)勻變速直線運動推論：物體在第3s內(nèi)的平均速度可以表示為解得m/s2，B錯誤；C根據(jù)：前3s內(nèi)的位移m，C錯誤；D根據(jù)速度與時間的關(guān)系可知物體在第3s末的速度m/sD正確故選AD。11、BC【解析】A根據(jù)a=可知，速度變化越大，但時間可能長，故加速度不一定大，故A錯誤B物體向西運動，加速度方向可能向東，此時做減速運動，故B錯誤；C由牛頓第二定律可知，加速度的方向與物體所受合外力的方向相同，故C正確；D物體的速度減小說明加速度與速度方向相反，但加速度不一定

17、減小，故D錯誤故選BC。點睛：解決本題的關(guān)鍵知道加速度的物理意義，知道加速度的大小和方向取決于合外力的大小和方向，與速度大小、速度變化量的大小無關(guān)12、BD【解析】AD以A為研究對象，受力情況如圖1，重力mg沒有變化，斜面和B球?qū)球的支持力NA和N1方向沒有變化，根據(jù)平衡條件得到B對A的支持力N1不變，斜面對A球支持力NA不變。根據(jù)牛頓第三定律得到A球?qū)π泵娴膲毫σ膊蛔儯蔄錯誤，D正確；BC以AB整體為研究對象，受力如圖2所示，由圖看出，擋板對B球的彈力F逐漸減小，斜面對A、B兩球總的支持力N減小，則牛頓第三定律得：B球?qū)醢宓膲毫χ饾u減小。N=NA+NB，斜面對A球支持力NA不變，所以N

18、B減小，B球?qū)π泵娴膲毫χ饾u減小，故B正確，C錯誤。二填空題(每小題6分，共18分)13、 .B .未平衡摩擦或未平衡掉摩擦 .平衡摩擦過度 .沒有滿足重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量這一條件【解析】（1）1A、平衡摩擦力時，應(yīng)將繩從小車上拿去，輕輕推動小車，是小車沿木板運動，通過打點計時器打出來的紙帶判斷小車是否勻速運動故A錯誤B、每次改變小車的質(zhì)量時，小車的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力故B正確；C、實驗時應(yīng)先接通電源然后再放開小車，故C錯誤；D、當重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量時我們才可以認為小車的合力等于重物的重力，故D錯誤；故選B（2）23從圖A中發(fā)現(xiàn)直線沒過原點，當F0

19、時，a=0也就是說當繩子上有拉力時小車的加速度還為0，是沒有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不夠引起的.當F=0時，a0也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，這是平衡摩擦力時木板傾角太大，即平衡摩擦力過度引起的4設(shè)小車加速度為a，對小車F=Ma對重物F-mg=ma聯(lián)立解得所以重物的質(zhì)量m遠小于小車的質(zhì)量M時，當m逐漸變大時，a逐漸變小，故圖象出現(xiàn)彎曲所以原因是：重物的質(zhì)量不是遠小于車的質(zhì)量14、 .（1）4； .（2）50【解析】彈簧處于原長時，彈力零；根據(jù)胡克定律F=kx求解勁度系數(shù)；【詳解】彈簧處于原長時，彈力為零，故原長為4cm；彈簧彈力為8N時，彈簧的長度為20cm，伸長量為16cm；根據(jù)

20、胡克定律F=kx，有：；15、24；0.80【解析】本題考查勻變速運動規(guī)律根據(jù)平均速度等于中間時刻瞬時速度可知：0.24 m/s根據(jù)逐差法計算加速度可知：,三計算題(22分)16、 (1)2.0 m/s 4.0 m/s (2)2.25 m【解析】（1）小滑塊和長木板均做勻加速運動，分別對小滑塊和長木板受力分析，求出加速度，運用速度時間公式求出速度；（2）撤去拉力后，由于慣性，兩個物體都向前滑動，但由于長木板速度較大，故兩物體間摩擦力不變，小滑塊繼續(xù)加速，長木板勻減速，直到兩個物體間相對靜止為止，根據(jù)運動學公式可以先求出第二個過程的時間，然后分別求出兩個過程的位移，就得到總位移.【詳解】（1）對長木板施加恒力F的時間內(nèi)，小滑塊與長木板間相對滑動，小滑塊和長木板在水平方向的受力情況如圖所示小滑塊