天津市河東區(qū)2022-2023學年物理高一第一學期期末預測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分

2、）1、下列各組共點力作用在一個物體上，不能使物體保持平衡的是（）A.2 N、3 N、4 NB.2 N、3 N、5 NC.10 N、10 N、10 ND.3 N、4 N、10 N2、羽毛球世錦賽上的某次比賽中，羽毛球以80m/s的速度飛來，林丹將其以100m/s的速度反向擊回，擊球時間為0.02s。取球飛來的速度方向為正方向，則這段時間內球的加速度為（ ）A.B.C.D.3、在水平地面上移動同一件貨物有兩種方法，可以如圖甲用斜向下的力推動貨物，也可以如圖乙用斜向上的力拉動物體，與大小相同，當水平面的夾角也相同，貨物在水平地面上移動相同的距離，則A.和對物體所做的功相同B.摩擦力對物體做的功相同C

3、.物體動能的增量相同D.外力對物體做的總功相同4、通過學習牛頓運動定律、慣性等知識，我們可以知道A.物體的運動需要力來維持B.加速度的方向可能與合力的方向相反C.物體之間的作用力與反作用力，總是同時產生同時消失的D.慣性的大小由速度的大小決定，速度大的物體，其慣性大5、物體做勻變速直線運動，加速度為 4m/s2，下列說法正確的是（ ）A.物體在某秒末的速度一定是該秒初的 4 倍B.物體在某秒末的速度一定比該秒初增加了 4m/sC.物體在某秒末的速度一定比前秒初改變了 4m/sD.物體速度的改變量與這段時間的比值一定是 4m/s26、校運會上一名百米賽跑運動員成績是12.5秒，曉芳同學選取終點到

4、起點方向為正方向，得出運動員的速度是-8.0m/s，這里的速度是指（ ）A.平均速度B.平均速率C.瞬時速度D.瞬時速率7、質量為的物體在水平面上做直線運動，圖中的兩條直線表示物體受水平拉力和不受水平拉力兩種情形下的圖象，取，則下列說法正確的是（）A.水平拉力大小可能等于B.水平拉力大小一定等于C.物體受到的摩擦力大小一定等于D.物體受到的摩擦力大小可能等于8、如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個輕質小定滑輪O1、O2和質量為m的小球連接，另一端與套在光滑直桿上質量也為m的小物塊連接，已知直桿兩端固定，與兩定滑輪在同一豎直平面內，與水平面的夾角 = 60，直桿上C點與兩定滑輪均在同一高度，C點到定

5、滑輪O1的距離為L，重力加速度為g，設直桿足夠長，小球運動過程中不會與其他物體相碰?，F將小物塊從C點由靜止釋放，當小物塊沿桿下滑距離也為L時（圖中D處），下列說法正確的是（）A.小物塊剛釋放時輕繩中的張力一定大于mgB.小球下降最大距離為C.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為2：1D.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為9、在國際單位制中，選定了七個物理量為基本物理量，其中力學物理量有三個下列各物理量單位中屬于基本單位的是A.NB.sC.JD.kg10、如圖在傾角為的斜面上，一木塊受平行于斜面向上、大小從零逐漸增大到mgsin的力F的作用，木塊始終處于靜止狀態(tài)下列對木塊受力分析的說法正確

6、的是（）A.木塊受到的摩擦力方向不變B.木塊受到的合外力逐漸增大C.木塊受到斜面的支持力不變D.木塊受到的摩擦力不可能為零11、如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上.一質量為m的小球，從離彈簧上端高h處自由下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運動.小球從開始下落到小球第一次運動到最低點的過程中，下列關于小球的速度v、加速度a隨時間t變化的圖象中符合實際情況的是（）A.B.C.D.12、如圖所示，一小球(可視為質點)沿斜面勻加速滑下，依次經過 A、B、C 三點已知 AB=6m，BC=10m，小球經過 AB 和 BC 兩段所用的時間均為 2s，則小球經過 A、B、C 三點時的速度大小和

7、下滑時的加速度大小分別是（）A.2 m/s，3 m/s，4 m/sB.2 m/s，4 m/s，6 m/sC.1m/s2D.2m/s2二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）圖1為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz的交流電源，打點的時間間隔用t表示。在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。（1）完成下列實驗步驟中的填空：平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列_的點；按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼；打

8、開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點跡的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m；按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟；在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數點，測量相鄰計數點的間距s1，s2，求出與不同m相對應的加速度a；以砝碼質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上做出m關系圖線，若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與m處應成_關系（填“線性”或“非線性”）。（2）完成下列填空：（）本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_；（）設紙帶上三個相鄰計數點的間距為s1、s2、s3，a可用s1、s3和t表示為a=_；圖2

9、為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=_mm，s3=_mm，由此求得加速度的大小a=_m/s2。（）圖3為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質量為_14、（10分）某同學設計了一個如圖所示裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數，其中A為滑塊，B和C是質量可調的砝碼，不計繩和滑輪的質量及它們之間的摩擦，裝置水平放置實驗中該同學在砝碼總質量（mmm0）保持不變的條件下，改變m和m的大小，測出不同m下系統(tǒng)的加速度，然后通過實驗數據的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數（1）該同學手中有電磁打點計時器、紙帶、質量已

10、知且可隨意組合的砝碼若干、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細線，為了完成本實驗，得到所要測量的物理量，還應有（ ）A秒表 B毫米刻度尺C天平D低壓交流電源（2）實驗中，該同學得到一條較為理想的紙帶，如圖所示，從清晰的O點開始，每隔4個點取一計數點（中間4個點沒畫出），分別記為A、B、C、D、E、F，各計數點到O點的距離為OA1.61 cm，OB4.02 cm，OC7.26 cm，OD11.30 cm，OE16.14 cm，OF21.80 cm，打點計時器打點頻率為50 Hz，則由此紙帶可得到打E點時滑塊的速度v_m/s，此次實驗滑塊的加速度a_m/s2.（結果均保留兩位有效數字）（3）在實驗數據

11、處理中，該同學以m為橫軸，以系統(tǒng)的加速度a為縱軸，繪制了如圖所示的實驗圖線，結合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數_.（g取10 m/s2）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，用兩根輕繩系住一個質量為m=1kg的小球，兩根繩子的另一端分別固定于豎直轉動軸的A、B兩處，上面繩長l=2m，兩繩拉直時與軸的夾角分別為30和45，當球隨轉軸轉動而以角速度=3rad/s做勻速圓周運動時兩繩均處于繃直狀態(tài)求：此時繩的拉力的大?。ㄒ阎?，要求結果保留根號）16、（12分）一不可伸長的足夠長的輕質細繩跨過滑輪后一端連接了一勁度系數k=1000N/m的輕質彈簧，兩端分

12、別懸掛質量為m1=2kg和m2=0.5kg的物體A和B，如圖所示。若滑輪質量忽略不計，滑輪轉動時與繩之間無相對滑動，不計滑輪與軸之間的摩擦。開始時用手抓住物體B保持靜止，然后放開B，讓AB一起從靜止開始加速，忽略彈簧長度變化后產生的往復振動，重力加速度g取10m/s2求：(1)釋放物體B前，AB保持靜止時彈簧的伸長量；(2)釋放物體B后，AB一起運動的加速度及此時彈簧的伸長量。17、（12分）一隧道限速36km/h。一列火車長100m，以72km/h的速度行駛，駛至距隧道50m處開始做勻減速運動，以不高于限速的速度勻速通過隧道。若隧道長200m。求：(1)火車做勻減速運動的最小加速度；(2)火

13、車全部通過隧道的最短時間。參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】根據先求出前兩個力的合力范圍，如果第三個力在這兩個力的范圍內，則三力平衡，合力為零。若不在兩個力的合力范圍內，則合力不能為零，不能保持平衡；A和的合力范圍為，在合力范圍之內，則三個力合力能為零，物體能平衡；故A不符合題意；B和的合力范圍為，在合力范圍之內，則三個力合力能為零，物體能平衡；故B不符合題意；C和的合力范圍為，在合力范圍之內，則三個力合力能為零，物體能平衡；故C不符合題意；D和的合力范圍為，不在合力范圍之內，則三個力合力不可能為零，物體能平衡；故D符合

14、題意。故選D。2、A【解析】飛來的方向為正方向，則羽毛球在這段時間內的加速度為故A正確，BCD錯誤。故選A。3、A【解析】根據受力分析比較拉力和推力的大小，再通過W=Fscos，比較做功的大小根據動能定理分析動能的增量關系【詳解】由題意可知，兩個力的大小相等，且與位移間的夾角相等，由W=Fscos，可知兩力做功一定相等；故A正確由于F1對物體有向下壓的效果，而F2是向上提的效果，故可知A物體受到的摩擦力要大于B受到的摩擦力，故摩擦力對A做功要多；故B錯誤由上知，外力對物體做的總功不等，根據動能定理得知物體動能的增量不同，合外力對A做功較少，A的動能增量較小，故CD錯誤故選A【點睛】本題考查動能

15、定理及功的計算，要注意正確進行受力分析，根據功的公式分析力做功情況即可4、C【解析】力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，故A錯誤；根據牛頓第二定律F=ma，可知加速度的方向與合力的方向相同，故B錯誤；根據牛頓第三定律，作用力和反作用力總是同時產生，同時消失，故C正確；慣性的大小由質量決定，與速度無關，故D錯誤；選C.5、D【解析】物體做勻變速直線運動，加速度為4m/s2，速度變化量為4m/s，故AB錯誤，物體在某秒末和前秒初相差2s，則速度的變化量為8m/s故C錯誤加速度等于單位時間內的速度變化量，所以物體速度的改變與這段時間的比值一定是4m/s2故D正確故選D6、A【解析】

16、選取終點到起點方向為正方向，則運動員百米賽跑的位移為-100m，時間為12.5s，則根據平均速度的定義：負號表示平均速度的方向為負方向，A正確，BCD錯誤。故選A。7、BD【解析】由速度圖象的斜率求出物體的加速度大小兩圖加速度大小不同，無法判斷物體不受水平拉力是哪個圖象根據牛頓第二定律分別對a、b兩種情況列方程求解拉力大小【詳解】由速度圖象的斜率等于物體的加速度可知，兩圖表示的加速度大小不同，拉力方向與滑動摩擦力方向可能相反，也可能相同，設拉力大小為F由圖讀出加速度大小分別為，若物體受水平拉力時的速度圖象是a時，拉力與速度方向相同，拉力應小于摩擦力，根據牛頓第二定律得 f-F=maa，f=ma

17、b，解得F=0.1Nf=0.2N若物體受水平拉力時的速度圖象是b時，拉力與速度方向相反，拉力與摩擦力方向相同，根據牛頓第二定律得 f+F=mab，f=maa，解得F=0.1Nf=0.1N故選BD【點睛】本題首先掌握速度圖象的斜率等于加速度，其次要考慮拉力可能與速度方向相同，也可能與速度方向相反兩種情況，不能簡單認為拉力一定與速度方向相反或相同8、BC【解析】A剛釋放的瞬間，小球的瞬時加速度豎直向下，繩子中的拉力一定小于重力，A錯誤；B當拉物塊的繩子與直桿垂直時，小球下降的距離最大，根據幾何關系知B正確；CD如圖所示將小物塊的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，沿繩子方向的分速度等于小球的速度，

18、根據平行四邊形定則知，小物塊在D處的速度與小球的速度之比為v：v1 = 2：1C正確、D錯誤。故選BC?！久麕燑c睛】解決本題的關鍵知道兩物體組成的系統(tǒng)，只有重力做功，機械能守恒。以及知道物塊與O1之間的距離最小時，小球下降的高度最大，知道物塊沿繩子方向的分速度等于小球的速度。9、BD【解析】力學中的基本物理量有質量、時間、長度，所以對應基本單位是kg，s，mA.由F=ma推導知1N=1kgm/s2，所以N是導出單位，故A錯誤BD.根據以上分析可知，s、kg是基本單位，故BD正確C.由 可知，1J=1Nm，所以J是導出單位，故C錯誤10、AC【解析】AD、若開始時，Fmgsin，木塊相對斜面有向

19、下的運動趨勢，靜摩擦力沿斜面向上，由平衡條件得：F+f=Gsin，可見，F逐漸增大時，f變小，當F=mgsin時，f=0；即摩擦力方向不變，大小可以是零故A正確D錯誤B、由于木塊始終處于靜止狀態(tài)，所以合外力保持為零故B錯誤C、根據平衡條件得：木塊受到斜面的支持力N=mgcos，可見N保持不變，故C正確11、AD【解析】在小球下落的開始階段，小球做自由落體運動，加速度為g；接觸彈簧后，開始時重力大于彈力，加速度方向向下，隨著小球的不斷下降，彈力逐漸變大，故小球做加速度減小的加速運動，某時刻加速度可減小到零，此時速度最大；小球繼續(xù)下落時，彈力大于重力，加速度方向變?yōu)橄蛏?，且加速度逐漸變大，直到速度

20、減小到零，到達最低點，由對稱知識可知，到達最低點的加速度大于g，故AD正確，BC錯誤。故選AD。12、BC【解析】根據x=at2得加速度為：，故C正確，D錯誤；B點的瞬時速度等于AC段的平均速度為：，則C點的速度為；vC=vB+at=4+12m/s=6m/s，A點的速度為：vA=vB-at=4-12m/s=2m/s，故B正確，A錯誤故選BC二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .均勻 .線性 .遠小于小車和小車中砝碼的質量之和 . .24.1 .47.3 .1.16 . .【解析】（1）1平衡摩擦力的標準為小車可以勻速運動，打點計時器打出的紙帶點跡間隔均勻；2根據牛頓第二定律解

21、得故與m成線性關系；（2）（i）3 設小車的質量為M，小吊盤和盤中物塊的質量為m，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象，根據牛頓第二定律有解得以M為研究對象，根據牛頓第二定律有當時有，即只有時才可以認為繩對小車的拉力大小等于小吊盤和盤中物塊的重力，所以為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應該遠小于小車和砝碼的總質量。（）4設紙帶上三個相鄰計數點的間距為s1、s2、s3，由勻變速直線運動的推論得即解得56圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=24.1mm，s3=47.3mm；7 由此求得加速度的大?。ǎ?9設小車質量為M，小車受到外力為F，由牛頓第二定律有解得所以圖象的斜