遼寧省葫蘆島市第八高級(jí)中學(xué)2023學(xué)年化學(xué)高二下期末聯(lián)考試題（含解析）

1、2023學(xué)年高二下學(xué)期化學(xué)期末模擬測(cè)試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、下列實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)合理且能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖茿檢驗(yàn)乙炔發(fā)生加成反應(yīng)：將電石制得的氣體直接通入溴水，溴水褪色B提純含少量苯酚的苯：加入氫氧化鈉溶液，振蕩后靜置分液，并除去有機(jī)相的水C制備少量乙酸乙酯：向乙醇中緩慢加入濃硫

2、酸和冰醋酸，用NaOH溶液吸收乙酸乙酯，除去乙醇和乙酸D驗(yàn)證有機(jī)物X是否含有醛基：向1 mL 1的NaOH溶液中加入2 mL 2%的CuSO4溶液，振蕩后再加入0.5 mL有機(jī)物X，加熱煮沸2、某酯A的分子式為C5H10O2，已知AE有如圖轉(zhuǎn)化關(guān)系，且C、E均能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則A的結(jié)構(gòu)可能有()A2種B3種C4種D5種3、據(jù)本草綱目記載：“生熟銅皆有青，即是銅之精華，大者即空綠，以次空青也。銅青則是銅器上綠色者，淘洗用之。”生成“銅青”的反應(yīng)原理為A化學(xué)腐蝕B吸氧腐蝕C析氫腐蝕D銅與空氣中的成分直接發(fā)生化合反應(yīng)4、下列屬于酸性氧化物的是ASiO2BCOCCaODH2SO45、朱自清在荷塘月色中

3、寫道：“薄薄的青霧浮起在荷塘里月光是隔了樹(shù)照過(guò)來(lái)的，高處叢生的灌木，落下參差的斑駁黑影”在這段美文中包含的化學(xué)知識(shí)正確的是( )A荷塘上方的薄霧是水蒸汽B“大漠孤煙直”中的孤煙成分和這種薄霧的成分相同C薄霧中的微粒直徑大約是2.5pMD月光通過(guò)薄霧產(chǎn)生了丁達(dá)爾效應(yīng)6、某有機(jī)物的分子式為C11H14O2，結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式中含有一個(gè)苯環(huán)且苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，與NaHCO3反應(yīng)有氣體生成，則該有機(jī)物的結(jié)構(gòu)共有（不含立體異構(gòu)）A9種B10種C11種D12種7、氧化還原反應(yīng)中，水的作用可以是氧化劑、還原劑、既是氧化劑又是還原劑、既非氧化劑又非還原劑等。下列反應(yīng)與Br2SO22H2O= H2SO42HBr相比較

4、，水的作用不相同的是()2Na2O22H2O= 4NaOHO24Fe(OH)2O22H2O= 4Fe(OH)32F22H2O= 4HFO22Al2NaOH2H2O= 2NaAlO23H2ABCD8、取未知濃度的硫酸、鹽酸和醋酸各25.00mL，分別用0.10mol/L的NaOH溶液或0.10mol/L的稀氨水滴定得到下圖曲線。下列說(shuō)法正確的是A由圖可知曲線c為NaOH滴定硫酸B由圖可知硫酸的物質(zhì)的量濃變大于鹽酸的物質(zhì)的量濃度C曲線b、c的滴定實(shí)驗(yàn)可用酚酞做指示劑D由圖可知滴定前醋酸的物質(zhì)的量濃度為0.060mol/L9、某溶液X呈無(wú)色，且僅可能含有Ba2、Na、NH4+、H、Cl、I、SO32

5、-、SO42-八種離子中的幾種（不考慮水的電離），溶液中各離子濃度均為0.1molL1，向該溶液中滴加少量新制氯水，所得溶液仍為無(wú)色。下列關(guān)于溶液X的分析中不正確的是（）A肯定不含ClB肯定不含HC肯定不含NH4+D肯定含有SO32-10、已知氧化性Fe3+Cu2+，向物質(zhì)的量濃度均為1mol/L的Fe2(SO4)3、CuSO4的1L混合液中加入a mol鐵粉，充分反應(yīng)后，下列說(shuō)法正確的是A當(dāng)a1時(shí)，發(fā)生的反應(yīng)為Fe+Cu2+Fe2+CuB當(dāng)固體有剩余時(shí)，溶液中一定存在Fe2+、Fe3+離子C當(dāng)1a2時(shí)，溶液中 n(Fe2+)(2+a)molD若有固體剩余，則固體中一定有鐵，可能有銅11、下列

6、各項(xiàng)敘述正確的是氯水、氨水、水玻璃、王水、福爾馬林、淀粉均為混合物含有氧元素的化合物一定是氧化物CO2、N2O5、SiO2均為酸性氧化物，Na2O、MgO為堿性氧化物C60、C70、金剛石、石墨之間互為同素異形體強(qiáng)電解質(zhì)溶液的導(dǎo)電能力不一定強(qiáng)在熔化狀態(tài)下能導(dǎo)電的純凈物為離子化合物A B C D12、用如圖裝置制取表中的四種干燥、純凈的氣體（圖中鐵架臺(tái)、鐵夾、加熱及氣體收集裝置均已略去；必要時(shí)可以加熱；a、b、c、d表示相應(yīng)儀器中加入的試劑）其中正確的是選項(xiàng)氣體abcdACO2鹽酸CaCO3飽和Na2CO3溶液濃硫酸BCl2濃鹽酸MnO2NaOH溶液濃硫酸CNH3飽和NH4Cl溶液消石灰H2O固

7、體NaOHDNO稀硝酸銅屑H2O濃硫酸AABBCCDD13、下列描述中正確的是AClO3的空間構(gòu)型為平面三角形BSF6的中心原子有6對(duì)成鍵電子對(duì)，無(wú)孤電子對(duì)CBF3和PCl3的中心原子均為sp2雜化DBeCl2和SnCl2的空間構(gòu)型均為直線形14、化學(xué)學(xué)習(xí)中常用類推方法，下列類推正確的是()ACO2為直線形分子，B固態(tài)CS2是分子晶體，固態(tài)CNCl3中N原子是sp3雜化，DAl(OH)15、最近羅格斯大學(xué)研究人員利用電催化技術(shù)高效率將CO2轉(zhuǎn)化為X和Y（如下圖）， X、Y可用作制備塑料、粘合劑和藥品的前體等。下列說(shuō)法正確的是 A圖中能量轉(zhuǎn)換方式只有2種BX、Y分子中所含的官能團(tuán)相同CX、Y均是

8、電解時(shí)的陽(yáng)極產(chǎn)物DCO2資源化利用有利于解決大氣中CO2濃度增加導(dǎo)致的環(huán)境問(wèn)題16、用石墨作電極電解CuSO4溶液，通電一段時(shí)間后，欲使電解液恢復(fù)到起始狀態(tài)，應(yīng)向溶液中加入適量的 （ ）ACuSO4BH2OCCuODCuSO45H2O17、下列有關(guān)說(shuō)法不正確的是ACH4、SF6、二氯乙烯（反式）、H2O2都是含極性鍵的非極性分子B在分子晶體中一定不存在離子鍵，而在離子晶體中可能存在共價(jià)鍵C酸性：H2CO3H3PO4HNO3 c(HCOO-)C當(dāng)兩者恰好中和時(shí)，溶液pH = 7D滴加過(guò)程中n(HCOOH)與n(HCOO-)之和保持不變20、在下列化學(xué)反應(yīng)中，既有離子鍵、極性鍵、非極性鍵斷裂，又有

9、離子鍵、極性鍵、非極性鍵形成的是A2Na2O+2H2O=4NaOHBMg3N26H2O3Mg(OH)22NH3C2Na2O22H2O4NaOHO2DNH4ClNaOHNaClNH3H2O21、從海水資源中提取下列物質(zhì)，不用化學(xué)方法可能得到的是（ ）AMgBBr2CI2DNaCl22、在一定溫度下，可逆反應(yīng)A(g)2B(g)2C(g)達(dá)到平衡的標(biāo)志是()AC的生成速率與C分解的速率相等B單位時(shí)間內(nèi)生成nmol A，同時(shí)生成2nmol BC單位時(shí)間內(nèi)消耗nmol A，同時(shí)生成2nmol CDB的生成速率與C分解的速率相等二、非選擇題(共84分)23、（14分）已知乙烯能發(fā)生以下轉(zhuǎn)化：（1）乙烯的結(jié)

10、構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)。（2）C中官能團(tuán)的名稱：_ D中官能團(tuán)的名稱：_。（3）物質(zhì)B可以被直接氧化為D，需要加入的試劑是_。（4）的反應(yīng)類型_。（5）寫出的化學(xué)方程式_。寫出的化學(xué)方程式_。24、（12分）現(xiàn)有七種元素A、B、C、D、E、F、G，其中A、B、C為三個(gè)不同周期的短周期元素，E、F、G為第四周期元素。請(qǐng)根據(jù)下列相關(guān)信息，回答問(wèn)題。 A元素的核外電子數(shù)和電子層數(shù)相等，也是宇宙中最豐富的元素B元素原子的核外p電子數(shù)與s電子數(shù)相等C基態(tài)原子的價(jià)電子排布為nsn-1npn+1D的能層數(shù)與C相同，且電負(fù)性比C大E元素的主族序數(shù)與周期數(shù)的差為1，且第一電離能比同周期相鄰兩種元素都大F是前四周期中電負(fù)性最

11、小的元素G在周期表的第五列 (1)C基態(tài)原子中能量最高的電子，其電子云在空間有_個(gè)方向，原子軌道呈_形，C簡(jiǎn)單離子核外有_種運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不同的電子。(2)一般情況下，同種物質(zhì)為固態(tài)時(shí)密度大于其液態(tài)，但固態(tài)A2B的密度比其液態(tài)時(shí)小，原因是_；A2B2難溶于CS2，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由：_。(3)G位于_族_區(qū)，它的一種氧化物常用于工業(yè)生產(chǎn)硫酸的催化劑，已知G在該氧化物中的化合價(jià)等于其價(jià)電子數(shù)，則該氧化物的化學(xué)式為_(kāi)；F晶體的空間堆積方式為_(kāi)。(4)ED3分子的VSEPR模型名稱為_(kāi)，其中E原子的雜化軌道類型為_(kāi)。25、（12分）I硼位于A族，三鹵化硼是物質(zhì)結(jié)構(gòu)化學(xué)的研究熱點(diǎn)，也是重要的化工原料。三氯化硼(B

12、Cl3)可用于制取乙硼烷(B2H6)，也可作有機(jī)合成的催化劑。查閱資料：BCl3的沸點(diǎn)為12.5 ，熔點(diǎn)為107.3 ；2B6HCl2BCl33H2；硼與鋁的性質(zhì)相似，也能與氫氧化鈉溶液反應(yīng)。設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)：某同學(xué)設(shè)計(jì)如圖所示裝置利用氯氣和單質(zhì)硼反應(yīng)制備三氯化硼：請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）常溫下，高錳酸鉀固體粉末與濃鹽酸發(fā)生的反應(yīng)可替代A裝置中的反應(yīng)，而且不需要加熱，兩個(gè)反應(yīng)的產(chǎn)物中錳的價(jià)態(tài)相同。寫出高錳酸鉀固體粉末與濃鹽酸反應(yīng)的離子方式：_ 。（2）E裝置的作用是_。如果拆去B裝置，可能的后果是_。（3）三氯化硼遇水劇烈反應(yīng)生成硼酸(H3BO3)和白霧，寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式：_；（4）為了順利完成實(shí)

13、驗(yàn)，正確的操作是_(填序號(hào)).先點(diǎn)燃A處酒精燈，后點(diǎn)燃D處酒精燈先點(diǎn)燃D處酒精燈，后點(diǎn)燃A處酒精燈同時(shí)點(diǎn)燃A、D處酒精燈（5）請(qǐng)你補(bǔ)充完整下面的簡(jiǎn)易實(shí)驗(yàn)，以驗(yàn)證制得的產(chǎn)品中是否含有硼粉：取少量樣品于試管中，滴加濃_（填化學(xué)式）溶液，若有氣泡產(chǎn)生，則樣品中含有硼粉；若無(wú)氣泡產(chǎn)生，則樣品中無(wú)硼粉。II.實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有3種酸堿指示劑，其pH的變色范圍如下：甲基橙：3.14.4石蕊：5.08.0酚酞：8.210.0用0.1000 molL1 NaOH溶液滴定未知濃度的CH3COOH溶液，反應(yīng)恰好完全時(shí)，下列敘述正確的是 _A溶液呈中性，可選用甲基橙或酚酞作指示劑B溶液呈中性，只能選用石蕊作指示劑C溶液呈堿

14、性，可選用甲基橙或酚酞作指示劑D溶液呈堿性，只能選用酚酞作指示劑（6）使用酸堿中和滴定的方法，用0.01 moL/L鹽酸滴定錐形瓶中未知濃度的NaOH溶液，下列操作能夠使測(cè)定結(jié)果偏高的是_A用量筒量取濃鹽酸配制0.01 mol/L稀鹽酸時(shí)，量筒用蒸餾水洗凈后未經(jīng)干燥直接量取濃鹽酸B配制稀鹽酸定容時(shí)，俯視容量瓶刻度線C滴定結(jié)束時(shí)，讀數(shù)后發(fā)現(xiàn)滴定管下端尖嘴處懸掛有一滴液滴D滴定過(guò)程中用少量蒸餾水將錐形瓶?jī)?nèi)壁附著的鹽酸沖下26、（10分）碘化鈉用作甲狀腺腫瘤防治劑、祛痰劑和利尿劑等. 實(shí)驗(yàn)室用NaOH、單質(zhì)碘和水合肼(N2H4H2O)為原料可制備碘化鈉。資料顯示：水合肼有還原性，能消除水中溶解的氧氣

15、；NaIO3是一種氧化劑.回答下列問(wèn)題：(1)水合肼的制備有關(guān)反應(yīng)原理為: NaClO+2NH3 = N2H4H2O+NaCl用下圖裝置制取水合肼，其連接順序?yàn)開(kāi)(按氣流方向，用小寫字母表示).開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，先向氧化鈣中滴加濃氨水，一段時(shí)間后再向B的三口燒瓶中滴加 NaClO溶液.滴加 NaClO溶液時(shí)不能過(guò)快的理由_。(2)碘化鈉的制備i.向三口燒瓶中加入8.4gNaOH及30mL水，攪拌、冷卻，加入25.4g碘單質(zhì)，開(kāi)動(dòng)磁力攪拌器，保持6070至反應(yīng)充分；ii.繼續(xù)加入稍過(guò)量的N2H4H2O(水合肼)，還原NaIO和NaIO3，得NaI溶液粗品，同時(shí)釋放一種空氣中的氣體；iii.向上述反應(yīng)液

16、中加入1.0g活性炭，煮沸半小時(shí)，然后將溶液與活性炭分離；iv.將步驟iii分離出的溶液蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過(guò)濾、洗滌、干燥，得產(chǎn)品24.0g.步驟i反應(yīng)完全的現(xiàn)象是_。步驟ii中IO3-參與反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)。步驟iii “將溶液與活性炭分離”的方法是_。本次實(shí)驗(yàn)產(chǎn)率為_(kāi)，實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，水合肼實(shí)際用量比理論值偏高，可能的原因是_。某同學(xué)檢驗(yàn)產(chǎn)品NaI中是否混有NaIO3雜質(zhì). 取少量固體樣品于試管中，加水溶解，滴加少量淀粉液后再滴加適量稀硫酸，片刻后溶液變藍(lán). 得出NaI中含有NaIO3雜質(zhì). 請(qǐng)?jiān)u價(jià)該實(shí)驗(yàn)結(jié)論的合理性:_(填寫“合理”或“不合理”)，_(若認(rèn)為合理寫出離子方程式，若認(rèn)為不合理

17、說(shuō)明理由).27、（12分）甲同學(xué)利用下圖所示裝置在實(shí)驗(yàn)室制備乙酸乙酯。（1）實(shí)驗(yàn)中飽和Na2CO3溶液的作用是_。某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，在飽和Na2CO3溶液中滴加2滴酚酞溶液。實(shí)驗(yàn)結(jié)束，取下試管B振蕩，紅色褪去。為探究褪色的原因，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)。編號(hào)實(shí)驗(yàn)操作充分振蕩、靜置充分振蕩、靜置充分振蕩、靜置、分液。取下層溶液，加入飽和Na2CO3溶液現(xiàn)象上層液體變薄，冒氣泡，下層溶液紅色褪去上層液體不變薄，無(wú)氣泡，下層溶液紅色褪去（2）試管中產(chǎn)生氣泡的原因是（用化學(xué)方程式解釋）_。（3）對(duì)比實(shí)驗(yàn)和可得出的結(jié)論是_。（4）針對(duì)實(shí)驗(yàn)中現(xiàn)象，乙同學(xué)提出猜想：酚酞更易溶于乙酸乙酯。實(shí)驗(yàn)中觀察到_，證實(shí)乙的猜想正確。2

18、8、（14分） 化學(xué)一一選修3物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)釩和鎳及其化合物是重要合金材料和催化劑，其儲(chǔ)氨合金可作為一種新型鋅離子電池的負(fù)極材料，該電池以Zn(Cl3SO3)2為電解質(zhì)，以有缺陷的陽(yáng)離子型ZnMn2O4為電極，成功獲得了穩(wěn)定的大功率電流。(1)基態(tài)釩原子的核外電子排布式為_(kāi)，其排布時(shí)能量最高電子所占據(jù)能級(jí)的原子軌道有_個(gè)伸展方向。(2)VO2+可與多種物質(zhì)形成配合物，與氧同周期且第一電離能比氧大的主族元素有_(寫元素符號(hào))。(3)鎳形成的配離子Ni(NH3)62+、Ni(CN)42-中，NH3分子的空間構(gòu)型為_(kāi)，與CN-互為等電體的一種分子的化學(xué)式為_(kāi)。(4)三氟甲磺酸(CF3SO3H)是一種

19、有機(jī)強(qiáng)酸，結(jié)構(gòu)式如圖1所示，通常以CS2、IF3、H2O2等為主要原料來(lái)制取。H2O2分子中O原子的雜化方式為_(kāi)。三氟甲磺酸能與碘苯反應(yīng)生成三氟甲磺酸苯酯和碘化氫。1個(gè)三氟甲磺酸苯酯分子中含有鍵的數(shù)目為_(kāi)。(5)硫化鋅晶體的構(gòu)型有多種，其中一種硫化鋅的晶胞如圖2所示，該晶胞中S2-的配位數(shù)為_(kāi)。(6)鑭鎳合金是重要儲(chǔ)氫材料，其儲(chǔ)氫后的晶胞如圖3所示。儲(chǔ)氫前該鑭鎳合金的化學(xué)式為_(kāi)。該鑭鎳合金儲(chǔ)氫后氫氣的密度為_(kāi)(用NA表示阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值)gcm-3。29、（10分）甲醇是一種可再生能源，具有開(kāi)發(fā)和應(yīng)用的廣闊前景，工業(yè)上采用如下反應(yīng)合成甲醇：CO(g)+2H2(g) CH3OH(g)（1）分

20、析該反應(yīng)并回答下列問(wèn)題：該反應(yīng)的平衡常數(shù)表達(dá)式為K=_。 下列選項(xiàng)能判斷該反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)的依據(jù)有_（填序號(hào)）。A2v（正）(H2)= v（逆）(CO)B一定條件下，單位時(shí)間內(nèi)消耗2molH2的同時(shí)生成 1mol CH3OH C恒溫、恒容時(shí)，容器內(nèi)的壓強(qiáng)不再變化 D恒溫、恒容時(shí)，容器內(nèi)混合氣體的密度不再變化E混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量不隨時(shí)間而變化（2）下圖是該反應(yīng)在不同溫度下CO轉(zhuǎn)化率隨時(shí)間的變化曲線：該反應(yīng)的H_0（填“”、“”、“”或“=”）。（3）某溫度下，將2 mol CO和6 mol H2充入2L的密閉容器中，充分反應(yīng)，達(dá)到平衡后，測(cè)得c(CO) 0.2 molL，則CO的轉(zhuǎn)化率為

21、_。 （4）已知在常溫常壓下： 2CH3OH(l) 3O2(g) 2CO2(g) 4H2O(g) H11275.6 kJmol 2CO (g)+ O2(g) 2CO2(g) H2566.0 kJmol H2O(g) H2O(l) H344.0 kJmol寫出甲醇不完全燃燒生成一氧化碳和液態(tài)水的熱化學(xué)方程式_。（5）2009年10月，中國(guó)科學(xué)院長(zhǎng)春應(yīng)用化學(xué)研究所在甲醇燃料電池技術(shù)方面獲得新突破，組裝出了自呼吸電池及主動(dòng)式電堆。甲醇燃料電池的工作原理如圖所示。該電池工作時(shí)，b口通入的物質(zhì)為_(kāi)（填 化學(xué)式，下同），c 口通入的物質(zhì)為_(kāi)。 該電池正極的電極反應(yīng)式為_(kāi)。2023學(xué)年模擬測(cè)試卷參考答案（含

22、詳細(xì)解析）一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、B【答案解析】A.用電石制得的氣體中含有乙炔，還混有硫化氫氣體， 硫化氫可與溴水發(fā)生氧化還原反應(yīng)而使溴水褪色，故A 錯(cuò)誤；B. 苯酚能和氫氧化鈉溶液反應(yīng)，生成的苯酚鈉能溶于水，苯不溶于水也不能和氫氧化鈉溶液反應(yīng)，用分液的方法即可分開(kāi)，所以B正確；C.乙酸乙酯能和氫氧化鈉溶液反應(yīng)，故C錯(cuò)誤；D.新制氫氧化銅懸濁液檢驗(yàn)醛基時(shí)，必須是在堿性條件下,該實(shí)驗(yàn)中硫酸銅過(guò)量，導(dǎo)致NaOH和硫酸銅混合溶液不是堿性,所以實(shí)驗(yàn)不成功,故D錯(cuò)誤;答案：B。2、A【答案解析】根據(jù)題意可知A屬于飽和一元羧酸與飽和一元醇形成的酯，故可先分析C5H

23、10O2可能的結(jié)構(gòu)：HCOOC4H9、CH3COOC3H7、CH3CH2COOC2H5、C3H7COOCH3。的水解產(chǎn)物中含有HCOOH，能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，符合題意，的另一水解產(chǎn)物為C4H9OH，結(jié)構(gòu)共有4種，其中能夠發(fā)生催化氧化生成醛的只有兩種；水解產(chǎn)物中分別含有：CH3COOH、CH3CH2COOH和C3H7COOH，均不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，故被排除。所以符合題意的只有兩種，故選A?！敬鸢更c(diǎn)睛】本題考查有機(jī)物的推斷，題目難度不大，本題注意題給信息，為解答該題的關(guān)鍵，特別是DE，為易錯(cuò)點(diǎn)，答題時(shí)注意體會(huì)。3、D【答案解析】銅在空氣中長(zhǎng)時(shí)間放置，會(huì)與空氣中氧氣、二氧化碳、水反應(yīng)生成堿式碳酸銅Cu2(

24、OH)2CO3，反應(yīng)方程式為：2Cu+O2+H2O+CO2=Cu2(OH)2CO3，該反應(yīng)為化合反應(yīng)，故合理選項(xiàng)是D。4、A【答案解析】分析：本題考查的是酸性氧化物的判斷，掌握定義即可解答。詳解：酸性氧化物指與堿反應(yīng)生成鹽和水的氧化物。A.二氧化硅能與氫氧化鈉反應(yīng)生成硅酸鈉和水，是酸性氧化物，故正確；B.一氧化碳和酸或堿都不反應(yīng)，故錯(cuò)誤；C.氧化鈣和堿不反應(yīng)，能與酸反應(yīng)生成鹽和水，是堿性氧化物，故錯(cuò)誤；D.5、D【答案解析】霧、云、煙等是常見(jiàn)的氣溶膠，水蒸汽擴(kuò)散到空氣中形成的氣溶膠，煙是固體小顆粒擴(kuò)散到空氣中形成的氣溶膠?！绢}目詳解】A項(xiàng)、荷塘上方的薄霧是水蒸汽擴(kuò)散到空氣中形成的氣溶膠，故A錯(cuò)

25、誤；B項(xiàng)、孤煙是固體小顆粒擴(kuò)散到空氣中形成的氣溶膠，與薄霧的成分不相同，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)、薄霧是氣溶膠，分散質(zhì)的直徑在1nm100nm之間，2.5 pM遠(yuǎn)大于膠體粒子的直徑，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)、薄霧是氣溶膠，月光通過(guò)時(shí)會(huì)產(chǎn)生丁達(dá)爾效應(yīng)，故D正確；故選D。【答案點(diǎn)睛】本題考查膠體，注意膠體的本質(zhì)特征，明確膠體的性質(zhì)是解答關(guān)鍵。6、D【答案解析】根據(jù)題意，該有機(jī)物分子含有2個(gè)氧原子，能與NaHCO3反應(yīng)生成氣體，說(shuō)明其結(jié)構(gòu)中含1個(gè)羧基，可看作C4H10被一個(gè)苯環(huán)和一個(gè)羧基取代，實(shí)際為丁烷的二元取代物，因此可以以丁烷為思維模型，丁烷的結(jié)構(gòu)有CH3CH2CH2CH3和CH(CH3)3兩種；然后在此基礎(chǔ)上考慮

26、其中的兩個(gè)氫原子被苯環(huán)和羧基取代，這樣正丁烷的二元取代物有8種，異丁烷的二元取代物有4種，得出分子式為C11H14O2的有機(jī)物共有12種，答案選D?！敬鸢更c(diǎn)睛】掌握有機(jī)物官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)特點(diǎn)是解答的關(guān)鍵，注意一元取代物和二元取代物同分異構(gòu)體的判斷方法，尤其是二元取代物或多取代產(chǎn)物同分異構(gòu)體數(shù)目的判斷是解答的關(guān)鍵，對(duì)于二元取代物同分異構(gòu)體的數(shù)目判斷，可固定一個(gè)取代基的位置，再移動(dòng)另一取代基的位置以確定同分異構(gòu)體的數(shù)目。7、C【答案解析】分析：Br2SO22H2O=H2SO42HBr中水既非氧化劑又非還原劑；詳解：中水既非氧化劑又非還原劑；中水既非氧化劑又非還原劑；中水為還原劑，中水為氧化劑；綜

27、上所述，中水的作用與Br2SO22H2O=H2SO42HBr中水的作用不相同，故本題正確答案為C。8、D【答案解析】分析：本題考查的是酸堿混合的定性判斷和計(jì)算，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析、計(jì)算能力的考查，注意把握題目圖像的分析和弱電解質(zhì)的電離特點(diǎn)，難度中等。詳解：A.由圖像可知加入氫氧化鈉或氨水時(shí)，a的pH在開(kāi)始階段變化較大，應(yīng)為堿滴定弱酸的變化曲線，則b、c為硫酸鹽酸的滴定曲線，由于濃度未知，則不能確定b、c，故錯(cuò)誤；B.硫酸、鹽酸都為強(qiáng)酸，題中縱坐標(biāo)為pH，不能確定濃度的大小，故錯(cuò)誤；C.如用氨水中和，滴定終點(diǎn)時(shí)溶液呈現(xiàn)酸性，應(yīng)用甲基橙為指示劑，故錯(cuò)誤；D.開(kāi)始時(shí)醋酸的pH為3，氫離子濃

28、度為0.001mol/L，滴定終點(diǎn)時(shí)消耗氫氧化鈉的體積為15mL，則有c0.025=0.100.015，解c=0.06mol/L，故正確。故選D。點(diǎn)睛：由圖像可知加入氫氧化鈉或氨水時(shí)，a的pH在開(kāi)始階段變化較大，因?yàn)閴A滴定弱酸的變化曲線，則b、c為硫酸和鹽酸的滴定曲線，由于濃度未知，則不能確定b、c，若用氨水滴定硫酸和鹽酸，則滴定終點(diǎn)為酸性，應(yīng)用甲基橙做指示劑，結(jié)合消耗氫氧化鈉的體積計(jì)算醋酸的濃度即可。9、C【答案解析】某溶液X呈無(wú)色，且僅可能含有Ba2+、Na+、NH4+、H+、Cl-、SO32-、SO42-七種離子中的幾種(不考慮水的電離)，根據(jù)離子共存，Ba2+與SO32-、SO42-不

29、能同時(shí)存在，H+與SO32-不能同時(shí)存在。向該溶液中滴加少量新制氯水，所得溶液仍為無(wú)色，說(shuō)明氯水中的氯氣發(fā)生了反應(yīng)，說(shuō)明X中一定含有SO32-，則不存在Ba2+和H+；溶液中各離子濃度均為0.1mol/L，為了滿足電荷守恒，必須含有Na+、NH4+，由于沒(méi)有其他陽(yáng)離子存在，則一定沒(méi)有Cl-和SO42-。A. 根據(jù)上述分析，溶液中肯定不含Cl-，故A正確；B. 根據(jù)上述分析，肯定不含H+，故B正確；C. 根據(jù)上述分析，肯定含NH4+，故C錯(cuò)誤；D. 根據(jù)上述分析，肯定含有SO32-，故D正確；故選C。10、C【答案解析】物質(zhì)的量濃度均為1mol/L的Fe2(SO4)3、CuSO4的1L混合液中含

30、有Fe3+的物質(zhì)的量為1mol/L1L2=2mol，Cu2+的物質(zhì)的量為1mol/L1L=1mol，因氧化性Fe3+Cu2+，加入鐵粉后，鐵先與Fe3+反應(yīng)，F(xiàn)e3+完全反應(yīng)后，鐵再與Cu2+反應(yīng)。據(jù)此分析解答?！绢}目詳解】A加入鐵粉后，鐵先與Fe3+反應(yīng)，混合溶液中Fe3+的物質(zhì)的量為1mol/L1L2=2mol，根據(jù)2Fe3+Fe=3Fe2+，當(dāng)a1時(shí)，F(xiàn)e粉只能將Fe3+還原，不能發(fā)生Fe+Cu2+Fe2+Cu的反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B當(dāng)固體有剩余時(shí)，說(shuō)明鐵與Fe3+完全反應(yīng)后，鐵還與Cu2+反應(yīng)，因此溶液中一定不存在Fe3+離子，故B錯(cuò)誤；C當(dāng)1a2時(shí)，F(xiàn)e3+全部被還原，還發(fā)生了Fe+Cu

31、2+Fe2+Cu的反應(yīng)，反應(yīng)后鐵完全反應(yīng)，根據(jù)鐵元素守恒，可得溶液中n(Fe2+)=(2+a)mol，故C正確；D若有固體剩余，說(shuō)明鐵與Fe3+完全反應(yīng)后，鐵還與Cu2+反應(yīng)，F(xiàn)e+Cu2+Fe2+Cu，則固體中一定有銅，當(dāng)鐵粉過(guò)量時(shí)，還會(huì)含有鐵，故D錯(cuò)誤；答案選C?！敬鸢更c(diǎn)睛】根據(jù)氧化性或還原性判斷反應(yīng)的先后順序是解題的關(guān)鍵。本題的易錯(cuò)點(diǎn)為B，只要有固體剩余，剩余的固體中一定含有銅或鐵，因此一定沒(méi)有Fe3+存在。11、A【答案解析】分析：含有多種成分的物質(zhì)為混合物；氧化物一定含氧，且只含有兩種元素；能夠與堿反應(yīng)生成鹽和水的氧化物為酸性氧化物，能夠與酸反應(yīng)生成鹽和水的氧化物為堿性氧化物；由同一

32、種元素組成的不同性質(zhì)的單質(zhì)之間互稱同素異形體；電解質(zhì)溶液的導(dǎo)電能力與溶液中自由移動(dòng)的離子濃度大小及離子所帶電荷多少有關(guān)，與電解質(zhì)強(qiáng)弱沒(méi)有必然的聯(lián)系；在熔化狀態(tài)下能導(dǎo)電物質(zhì)有離子化合物，還有金屬單質(zhì)。詳解：氯水、氨水、水玻璃、福爾馬林、福爾馬林、淀粉都是混合物，正確；氧化物指由氧元素和另一種元素組成的化合物，含有氧元素的化合物不一定是氧化物，如Na2CO3、NaOH等含氧元素但不是氧化物，錯(cuò)誤；CO2、N2O5、SiO2均為酸性氧化物，Na2O、MgO為堿性氧化物，正確；C60、C70、金剛石、石墨是碳元素形成的不同的單質(zhì)，相互間互為同素異形體，正確；強(qiáng)電解質(zhì)的稀溶液中離子物質(zhì)的量濃度較小，導(dǎo)電

33、能力不強(qiáng)，正確；離子化合物中含陰、陽(yáng)離子，在熔融狀態(tài)下陰、陽(yáng)離子自由移動(dòng)，離子化合物在熔融狀態(tài)下能導(dǎo)電，但是金屬單質(zhì)在熔融狀態(tài)下也能導(dǎo)電，不屬于離子化合物，錯(cuò)誤；正確的有，正確選項(xiàng)A。點(diǎn)睛：電解質(zhì)不一定導(dǎo)電，比如：氯化鈉固體；導(dǎo)電的也不一定為電解質(zhì)，比如：氯化鈉溶液、鹽酸、金屬銅、石墨等。 12、D【答案解析】A、二氧化碳?xì)怏w中混有的雜質(zhì)是氯化氫氣體除去氯化氫氣體用飽和碳酸氫鈉溶液，不能用碳酸鈉溶液，因?yàn)樘妓徕c溶液會(huì)吸收二氧化碳，A錯(cuò)誤；B、制取的氯氣中常含有氯化氫氣體但是不能用氫氧化鈉溶液除雜因?yàn)槁葰鈺?huì)與氫氧化鈉反應(yīng)，B錯(cuò)誤；C、除去氨氣中的雜質(zhì)氣體不能用水因?yàn)榘睔鈽O易溶于水，C錯(cuò)誤；D、一

34、氧化氮難溶于水，可以用水除去其中的二氧化氮或硝酸，再用濃硫酸干燥即可得到純凈的一氧化氮?dú)怏w，正確。答案選D。13、B【答案解析】A先求出中心原子的價(jià)層電子對(duì)數(shù)，再判斷微粒構(gòu)型；BSF6中硫原子最外層有6個(gè)電子，和氟原子之間有6對(duì)完全相同的成鍵電子對(duì)；C先求出中心原子的價(jià)層電子對(duì)數(shù)，再判斷雜化類型；D先求出中心原子的價(jià)層電子對(duì)數(shù)，再判斷微粒構(gòu)型?！绢}目詳解】AClO3中Cl的價(jià)層電子對(duì)數(shù)=3+（7+1-23）/2=4，含有一個(gè)孤電子對(duì)，則離子的空間構(gòu)型為三角錐形，A錯(cuò)誤；BSF6中S-F含有一個(gè)成鍵電子對(duì)，硫原子最外層有6個(gè)電子，和氟原子之間有6對(duì)完全相同的成鍵電子對(duì)，所以SF6中含有6個(gè)S-F

35、鍵，則分子中有6對(duì)完全相同的成鍵電子對(duì)，B正確； CBF3中B的價(jià)層電子對(duì)數(shù)=3+（3-13）/2=3，中心原子為sp2雜化；PCl3中P的價(jià)層電子對(duì)數(shù)=3+（5-13）/2=4，所以中心原子均為sp3雜化，C錯(cuò)誤；DBeCl2中Be的價(jià)層電子對(duì)數(shù)=2+（2-12）/2=2，為直線形；SnCl2中Sn的價(jià)層電子對(duì)數(shù)=2+（4-12）/2=3，空間構(gòu)型為V形，D錯(cuò)誤。答案選B?！敬鸢更c(diǎn)睛】本題考查分子的構(gòu)型、原子雜化方式判斷等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查基本理論，難點(diǎn)是判斷原子雜化方式，知道孤電子對(duì)個(gè)數(shù)的計(jì)算方法，為易錯(cuò)點(diǎn)，題目難度中等。14、D【答案解析】分析：A項(xiàng)，SO2為V形分子；B項(xiàng)，SiO2屬于原

36、子晶體；C項(xiàng)，BCl3中B原子為sp2雜化；D項(xiàng)，Al（OH）3和Be（OH）2都屬于兩性氫氧化物，都能溶于NaOH溶液。詳解：A項(xiàng)，CO2中中心原子C上的孤電子對(duì)數(shù)為12（4-22）=0，鍵電子對(duì)數(shù)為2，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為0+2=2，VSEPR模型為直線形，由于C上沒(méi)有孤電子對(duì)，CO2為直線形分子，SO2中中心原子S上的孤電子對(duì)數(shù)為12（6-22）=1，鍵電子對(duì)數(shù)為2，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為1+2=3，VSEPR模型為平面三角形，由于S上有一對(duì)孤電子對(duì)，SO2為V形分子，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)，固體CS2是分子晶體，固體SiO2屬于原子晶體，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，NCl3中中心原子N上的孤電子對(duì)數(shù)為12（5-31）=

37、1，鍵電子對(duì)數(shù)為3，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為1+3=4，NCl3中N為sp3雜化，BCl3中中心原子B上的孤電子對(duì)數(shù)為12（3-31）=0，鍵電子對(duì)數(shù)為3，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為0+3=3，BCl3中B為sp2雜化，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D項(xiàng)，Be和Al在元素周期表中處于對(duì)角線，根據(jù)“對(duì)角線規(guī)則”，Be（OH）2與Al（OH）3性質(zhì)相似，兩者都屬于兩性氫氧化物，都能溶于NaOH溶液，Al（OH）3、Be（OH）2與NaOH溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式分別為Al（OH）3+NaOH=NaAlO2+2H2O、Be（OH）2+2NaOH=Na點(diǎn)睛：本題考查分子的立體構(gòu)型、雜化方式的判斷、晶體類型的判斷、對(duì)角線規(guī)則的應(yīng)用。判斷分子的立體構(gòu)

38、型和中心原子的雜化方式都可能用價(jià)層電子對(duì)互斥理論，當(dāng)中心原子上沒(méi)有孤電子對(duì)時(shí)，分子的立體構(gòu)型與VSEPR模型一致，當(dāng)中心原子上有孤電子對(duì)時(shí)，分子的立體構(gòu)型與VSEPR模型不一致；雜化軌道只用于形成鍵和容納孤電子對(duì)。15、D【答案解析】A.根據(jù)圖示可知，能量轉(zhuǎn)換方式有風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能、太陽(yáng)能轉(zhuǎn)化為電能、電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能三種，A錯(cuò)誤；B.X含有的官能團(tuán)是羰基、醛基；Y中含有的官能團(tuán)是碳碳雙鍵、醚鍵、羥基，所含官能團(tuán)種類不同，B錯(cuò)誤；C.反應(yīng)物CO2中的C元素化合價(jià)是+4價(jià)，在X中C元素化合價(jià)是0價(jià)，在Y中C元素化合價(jià)為+價(jià)，元素的化合價(jià)降低，因此是陰極產(chǎn)生的還原產(chǎn)物，C錯(cuò)誤；D.CO2發(fā)生反應(yīng)轉(zhuǎn)化為

39、X、Y后，實(shí)現(xiàn)了物質(zhì)的資源化利用，降低了大氣中CO2的含量，因此解決大氣中CO2濃度增加導(dǎo)致的環(huán)境問(wèn)題，D正確；故合理選項(xiàng)是D。16、C【答案解析】用石墨電極電解硫酸銅溶液一段時(shí)間，陽(yáng)極發(fā)生氧化反應(yīng)得到氧氣，陰極發(fā)生還原反應(yīng)得到銅，電解總方程式為2CuSO4+2H2O2Cu+O2+2H2SO4，因此補(bǔ)充氧化銅或者碳酸銅即可使電解液恢復(fù)到起始狀態(tài)，答案選C?！敬鸢更c(diǎn)睛】該題的關(guān)鍵是明確電解的工作原理，特別是電解產(chǎn)物的判斷和守恒法的應(yīng)用。17、A【答案解析】A. H2O2是極性分子，“三點(diǎn)確定一面”，該分子的兩個(gè)H原子位于兩個(gè)不同的平面上，導(dǎo)致該分子的正負(fù)電荷中心不能重合，所以H2O2是極性分子，

40、A錯(cuò)誤；B. 分子晶體一定不存在離子鍵，離子晶體中可能存在共價(jià)鍵，比如Na2O2、NH4Cl，B正確；C. 元素的非金屬性：CPNCl，所以這四種元素的最高價(jià)含氧酸的酸性依次增強(qiáng)，C正確；D. CO含有10個(gè)價(jià)電子，NO+也含有10個(gè)價(jià)電子，它們都是N2的等電子體，故其電子式為，D正確；故合理選項(xiàng)為A。18、B【答案解析】標(biāo)準(zhǔn)狀況下，5.6LO2的物質(zhì)的量是0.25mol；N2、CO和C2H4的摩爾質(zhì)量都是28g/mol；鹽酸是液體，不能利用VVm 計(jì)算物質(zhì)的量；Na被完全氧化生成Na2O2【題目詳解】標(biāo)準(zhǔn)狀況下，5.6LO2的物質(zhì)的量是0.25mol，含有電子數(shù)是0.25mol16NA=4N

41、A ，常溫常壓下，5.6LO2的物質(zhì)的量不是0.25mol，故A錯(cuò)誤；N2、CO和C2H4的摩爾質(zhì)量都是28g/mol，根據(jù)極值法，28gN2、CO和C2H4的混合氣體的物質(zhì)的量是1mol，分子總數(shù)為NA，故B正確；鹽酸是液體，不能利用VVm 計(jì)算物質(zhì)的量，故C錯(cuò)誤；Na被完全氧化生成Na2O2，鈉元素化合價(jià)由0升高為+1，1molNa被完全氧化生成Na19、D【答案解析】A.HCOOH溶液中水的電離被抑制，向HCOOH溶液中加氨水時(shí)，HCOOH濃度逐漸減小，HCOOH對(duì)水的抑制作用減弱，水的電離程度逐漸增大，隨后生成的HCOONH4的水解反應(yīng)，也促進(jìn)水的電離，繼續(xù)加過(guò)量的氨水，氨水電離的OH

42、-使水的電離平衡左移，水的電離程度減小，所以整個(gè)過(guò)程中水的電離程度先增大后減小，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B. 當(dāng)加入10mL NH3H2O時(shí)，HCOOH+NH3H2O=HCOONH4+H2O，恰好反應(yīng)，所得溶液是HCOONH4溶液，溶液中存在水解平衡：HCOO-+H2OHCOOH+OH-，NH4+H2O NH3H2O+H+，因HCOOH比NH3H2O電離常數(shù)大，NH4+的水解程度比HCOO-大，所以c(NH4+)c(OH-)，溶液顯酸性，pH7，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.向HCOOH溶液中加氨水，HCOOH的初始物質(zhì)的量沒(méi)有變，根據(jù)物料守恒，滴加過(guò)程中n(HCOOH)+n(HCOO-)=0.01L0.1mol/L=0.

43、001mol，D項(xiàng)正確；答案選D?！敬鸢更c(diǎn)睛】HCOONH4屬于弱酸弱堿鹽，在溶液中弱酸陰離子和弱堿陽(yáng)離子都發(fā)生水解， HCOOH的電離常數(shù)大，電離常數(shù)越大酸性越強(qiáng)，根據(jù)“誰(shuí)強(qiáng)顯誰(shuí)性”，所以HCOONH4溶液顯酸性。20、C【答案解析】化學(xué)反應(yīng)的實(shí)質(zhì)是舊化學(xué)鍵的斷裂和新化學(xué)鍵的形成。有離子鍵、極性鍵、非極性鍵斷裂，說(shuō)的是反應(yīng)物含有離子鍵、極性鍵、非極性鍵，有離子鍵、極性鍵、非極性鍵形成，說(shuō)的是生成物含有離子鍵、極性鍵、非極性鍵?！绢}目詳解】A反應(yīng)物中Na2O由離子鍵構(gòu)成，水由極性鍵構(gòu)成，反應(yīng)物不含非極性鍵，生成物NaOH含離子鍵和極性鍵，生成物不含非極性鍵，A錯(cuò)誤；B反應(yīng)物中Mg3N2由離子鍵

44、構(gòu)成，水由極性共價(jià)鍵構(gòu)成，反應(yīng)物中不含非極性鍵，生成物中氫氧化鎂含離子鍵和極性鍵，氨氣含極性鍵，生成物不含非極性鍵，B錯(cuò)誤；C反應(yīng)物中Na2O2含有離子鍵和非極性鍵，H2O含極性鍵，生成物中NaOH含有離子鍵和極性鍵，O2含非極性鍵，C正確；D反應(yīng)物中NH4Cl含有離子鍵和極性鍵，NaOH中含離子鍵和極性鍵，生成物中NaCl由離子鍵構(gòu)成，氨氣由極性鍵構(gòu)成，水由極性鍵構(gòu)成，生成物沒(méi)有非極性鍵，D錯(cuò)誤。答案選C。21、D【答案解析】根據(jù)從海水制備物質(zhì)的原理可知，氯化鈉含量比較高，可利用蒸發(fā)原理得到，金屬單質(zhì)與非金屬單質(zhì)需要利用化學(xué)反應(yīng)來(lái)制取?！绢}目詳解】A項(xiàng)、從海水中獲得單質(zhì)鎂，需要首先從海水中獲

45、得氯化鎂，然后再去電解熔融狀態(tài)的氯化鎂而得到鎂，涉及化學(xué)變化，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)、從海水中獲得單質(zhì)溴，通過(guò)氯氣將溴離子氧化為溴單質(zhì)，涉及化學(xué)變化，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)、從海帶中獲得單質(zhì)碘，通過(guò)氧化劑將碘離子氧化為碘單質(zhì)，涉及化學(xué)變化，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)、海水中氯化鈉含量比較高，把海水用太陽(yáng)暴曬，蒸發(fā)水分后即得食鹽，不需要化學(xué)變化就能夠從海水中獲得，故D正確。故選D?！敬鸢更c(diǎn)睛】本題考查了從海水中獲取化合物和單質(zhì)的方法，熟悉物質(zhì)的存在及物質(zhì)的性質(zhì)是解答本題的關(guān)鍵。22、A【答案解析】A. C的生成速率與C分解的速率相等，說(shuō)明正逆反應(yīng)速率相等，故達(dá)到平衡狀態(tài)，A項(xiàng)正確；B. 單位時(shí)間內(nèi)生成nmol A，同時(shí)生成

46、2nmol B，二者均為逆反應(yīng)速率，不能說(shuō)明平衡狀態(tài)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C. 單位時(shí)間內(nèi)消耗nmol A，同時(shí)生成2nmol C，二者均為正反應(yīng)速率，不能說(shuō)明平衡狀態(tài)，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D. B的生成速率與C分解的速率相等，二者均為逆反應(yīng)速率，不能說(shuō)明平衡狀態(tài)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。答案選A。二、非選擇題(共84分)23、CH2=CH2 醛基 羧基 酸性KMnO4溶液或酸性K2Cr2O7溶液 酯化反應(yīng)（或取代反應(yīng)） 2CH3CH2OHO2 2CH3CHO2H2O CH3CH2COOH+CH3CH2OHCH3CH2COOC2H5+H2O 【答案解析】乙烯在催化劑作用下與水發(fā)生加成反應(yīng)生成B為乙醇，乙醇在銅的催化下與氧氣發(fā)生

47、氧化反應(yīng)生成C為乙醛，乙醇與乙酸在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸乙酯，故D為乙酸，據(jù)此分析解答?！绢}目詳解】乙烯在催化劑作用下與水發(fā)生加成反應(yīng)生成B為乙醇，乙醇在銅的催化下與氧氣發(fā)生氧化反應(yīng)生成C為乙醛，乙醇與乙酸在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸乙酯，故D為乙酸。（1）乙烯的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為CH2=CH2；（2）C為乙醛，官能團(tuán)的名稱為醛基；D為乙酸，官能團(tuán)的名稱為羧基；（3）物質(zhì)B乙醇可以被直接被酸性KMnO4溶液或酸性K2Cr2O7溶液氧化為D乙酸，故需要加入的試劑是KMnO4溶液或酸性K2Cr2O7溶液；（4）是乙醇和乙酸在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)，也屬于取代反應(yīng)生成乙酸乙酯，反應(yīng)類型為酯

48、化反應(yīng)（或取代反應(yīng)）；（5）反應(yīng)是乙醇在銅的催化下與氧氣發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙醛和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為2CH3CH2OHO2 2CH3CHO2H2O；反應(yīng)是乙醇與乙酸在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸乙酯和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為CH3CH2COOH+CH3CH2OHCH3CH2COOC2H5+H2O。24、3 啞鈴 18 冰中的水分子間有氫鍵，使水分子之間間隙增大，密度變小 因?yàn)镠2O2為極性分子，而CS2為非極性溶劑，根據(jù)“相似相溶”規(guī)律，H2O2難溶于CS2 B d V2O5 體心立方堆積 四面體形 sp3 【答案解析】A、B、C、D為短周期主族元素，其中A、B、C為三個(gè)不同周期的短周期元素

49、，E、F、G為第四周期元素，A元素的核外電子數(shù)和電子層數(shù)相等，也是宇宙中最豐富的元素，則A為H元素；B元素原子的核外p電子數(shù)與s電子數(shù)相等，則B是C元素；C基態(tài)原子的價(jià)電子排布為nsn-1npn+1，由s軌道電子數(shù)目為2,可知，n=3，則C為S元素；D的能層數(shù)與C相同，且電負(fù)性比C大，則D為Cl元素；E元素的主族序數(shù)與周期數(shù)的差為1，且第一電離能比同周期相鄰兩種元素都大，則E是As元素；F是前四周期中電負(fù)性最小的元素，則F是K元素；G在周期表的第五列，說(shuō)明G位于周期表第四周期B族，則G為V元素?！绢}目詳解】(1)C為S元素，S基態(tài)原子核外電子排布式為1s22s22p63s23p4，能量最高的電

50、子處于2p能級(jí)，電子云在空間有3個(gè)方向，原子軌道呈啞鈴形或紡錘形；S2離子核外電子排布式為1s22s22p63s23p6，由保利不相容原理可知，離子核外有18種運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不同的電子，故答案為：3；啞鈴；18；(2)A2B為H2O，冰中的H2O分子間有氫鍵，使水分子之間間隙增大，密度變小，故答案為：冰中的水分子間有氫鍵，使水分子之間間隙增大，密度變?。籄2B2為H2O2，H2O2為極性分子，CS2為結(jié)構(gòu)對(duì)稱的非極性分子，難溶于CS2，由相似相溶原理可知，極性分子H2O2難溶于非極性分子CS2，故答案為：因?yàn)镠2O2為極性分子，而CS2為非極性溶劑，根據(jù)“相似相溶”規(guī)律，H2O2難溶于CS2；(3)

51、G為V元素，價(jià)電子排布式為3d34s2，位于周期表第四周期B族，d區(qū)；由氧化物中的化合價(jià)等于其價(jià)電子數(shù)可知五氧化二釩的化學(xué)式為V2O5；F為K元素，K晶體的空間堆積方式為體心立方堆積，故答案為：B；d；V2O5；體心立方堆積；(4)ED3分子為AsCl3，AsCl3分子中As原子的價(jià)層電子對(duì)數(shù)為4，則VSEPR模型名稱為四面體形，As原子的雜化軌道類型為sp3，故答案為：四面體形；sp3?！敬鸢更c(diǎn)睛】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，涉注意依據(jù)題給信息推斷元素，結(jié)合核外電子排布規(guī)律、雜化方式與空間構(gòu)型判斷、元素周期表、晶體結(jié)構(gòu)和相似相溶原理等分析是解題的關(guān)鍵。25、2MnO4- + 10Cl- +16H

52、+ =2Mn2+ +8H2O+5Cl2冷卻和收集三氯化硼硼粉遇氯化氫反應(yīng)，產(chǎn)生氫氣，加熱條件下氫氣和氯氣的混合氣體易爆炸BCl3 + 3H2O= H3BO3 + 3HClNaOHDA C【答案解析】（1）在A裝置中用高錳酸鉀固體粉末與濃鹽酸發(fā)生反應(yīng)可以制取氯氣，反應(yīng)的方程式為：2MnO4- + 10Cl- +16H+ =2Mn2+ +8H2O+5Cl2；（2）由于濃鹽酸有揮發(fā)性，所以在氯氣中含有HCl氣體，用飽和NaCl溶液除去HCl雜質(zhì)，用濃硫酸進(jìn)行干燥，在D中發(fā)生反應(yīng)：3Cl2 +2B2BCl3 ；在 E裝置的作用是冷卻和收集三氯化硼；如果拆去B裝置，可能會(huì)發(fā)生反應(yīng)2B6HCl2BCl3

53、3H2 ，在D中加熱氫氣與氯氣的混合氣體，易發(fā)生爆炸；（3）三氯化硼遇水劇烈反應(yīng)生成硼酸(H3BO3 )和白霧，該反應(yīng)的化學(xué)方程式是BCl3 3H2O=H3 BO3 3HCl；因此在實(shí)驗(yàn)室保存三氯化硼的注意事項(xiàng)要密封保存，防止受潮水解；（4）先點(diǎn)燃A處酒精燈，待整套裝置中都充滿Cl2 后再點(diǎn)燃D處酒精燈，使之發(fā)生反應(yīng)，故正確。若先點(diǎn)燃D處酒精燈，這時(shí)B就與裝置中的空氣發(fā)生反應(yīng)得到B2O3 ，再點(diǎn)燃A處酒精燈也不能產(chǎn)生BCl3了，故錯(cuò)誤。同時(shí)點(diǎn)燃A、D處酒精燈也會(huì)導(dǎo)致產(chǎn)生B2O3 ，影響制備BCl3，故錯(cuò)誤，答案選；（5）由于B的性質(zhì)與Al相似，既能與強(qiáng)酸反應(yīng)，也能與強(qiáng)堿反應(yīng)放出氫氣，所以取少量

54、樣品于試管中，滴加濃NaOH溶液，若有氣泡產(chǎn)生，則樣品中含有硼粉；II.A、NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反應(yīng)恰好完全時(shí)，生成了CH3COONa，CH3COONa水解溶液呈堿性，應(yīng)選擇堿性范圍內(nèi)變色的指示劑，即酚酞，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反應(yīng)恰好完全時(shí)，生成了CH3COONa，CH3COONa水解溶液呈堿性，應(yīng)選擇堿性范圍內(nèi)變色的指示劑，即酚酞，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反應(yīng)恰好完全時(shí)，生成了CH3COONa，CH3COONa水解溶液呈堿性，應(yīng)選擇堿性范圍內(nèi)變色的指示劑，即酚酞，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反應(yīng)恰好完

55、全時(shí)，生成了CH3COONa，CH3COONa水解溶液呈堿性，應(yīng)選擇堿性范圍內(nèi)變色的指示劑，即酚酞，選項(xiàng)D正確；答案選D；（6）A、用量筒量取濃鹽酸配制0.01 mol/L稀鹽酸時(shí)，量筒用蒸餾水洗凈后未經(jīng)干燥直接量取濃鹽酸，則濃鹽酸被稀釋，所配鹽酸濃度偏低，滴定時(shí)消耗的鹽酸體積偏大，測(cè)得氫氧化鈉的濃度偏高；B、配制稀鹽酸定容時(shí)，俯視容量瓶刻度線，則所加蒸餾水偏少，鹽酸濃度偏高，滴定時(shí)消耗的鹽酸體積偏小，測(cè)得氫氧化鈉的濃度偏低；C、滴定結(jié)束時(shí)，讀數(shù)后發(fā)現(xiàn)滴定管下端尖嘴處懸掛有一滴液滴，則消耗鹽酸體積偏大，所測(cè)氫氧化鈉溶液濃度偏高；D、滴定過(guò)程中用少量蒸餾水將錐形瓶?jī)?nèi)壁附著的鹽酸沖下，不影響滴定結(jié)

56、果。答案選AC。26、f a b c d e(ab順序可互換） 過(guò)快滴加NaClO溶液，過(guò)量的NaClO溶液氧化水合肼，降低產(chǎn)率 無(wú)固體殘留且溶液呈無(wú)色（答出溶液呈無(wú)色即給分） 2IO3-+3N2H4H2O=3N2+2I-+9H2O 趁熱過(guò)濾或過(guò)濾 80% 水合胼能與水中的溶解氧反應(yīng) 不合理 可能是I- 在酸性環(huán)境中被O2氧化成I2而使淀粉變藍(lán) 【答案解析】(1)水合肼的制備原理為：NaClO+2NH3N2H4H2O+NaCl，利用裝置D制備氨氣，裝置A為安全瓶，防止溶液倒吸，氣體通入裝置B滴入次氯酸鈉溶液發(fā)生反應(yīng)生成水合肼，剩余氨氣需要用裝置C吸收；(2)加入氫氧化鈉，碘和氫氧化鈉發(fā)生反應(yīng)：

57、3I2+6NaOH=5NaI+NaIO3+3H2O，加入水合肼得到氮?dú)馀cNaI，得到的NaI溶液經(jīng)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶可得到NaI；由碘單質(zhì)計(jì)算生成的NaI與NaIO3，再由NaIO3計(jì)算與N2H4H2O反應(yīng)所得的NaI，由此計(jì)算得到理論生成的NaI，再計(jì)算產(chǎn)率可得；NaIO3能夠氧化碘化鉀，空氣中氧氣也能夠氧化碘離子生成碘單質(zhì)。據(jù)此分析解答?！绢}目詳解】(1)水合肼的制備原理為：NaClO+2NH3N2H4H2O+NaCl，利用裝置D制備氨氣，通過(guò)裝置A安全瓶，防止溶液倒吸，氣體通入裝置B滴入次氯酸鈉溶液發(fā)生反應(yīng)生成水合肼，剩余氨氣需要用裝置C吸收，倒扣在水面的漏斗可以防止倒吸，按氣流方向其連

58、接順序?yàn)椋篺abcde，故答案為fabcde；開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，先向氧化鈣中滴加濃氨水，生成氨氣一段時(shí)間后再向B的三口燒瓶中滴加 NaClO溶液反應(yīng)生成水合肼，水合肼有還原性，滴加NaClO溶液時(shí)不能過(guò)快的理由：過(guò)快滴加NaClO溶液，過(guò)量的NaClO溶液氧化水和肼，降低產(chǎn)率，故答案為過(guò)快滴加NaClO溶液，過(guò)量的NaClO溶液氧化水和肼，降低產(chǎn)率；(2)步驟ii中碘單質(zhì)生成NaI、NaIO3，反應(yīng)完全時(shí)現(xiàn)象為無(wú)固體殘留且溶液接近無(wú)色，故答案為無(wú)固體殘留且溶液接近無(wú)色；步驟iiiN2H4H2O還原NalO3的化學(xué)方程式為：3N2H4H2O+2NaIO3=2NaI+3N2+9H2O，離子方程式為：3N

59、2H4H2O+2IO3-=2I-+3N2+9H2O，故答案為3N2H4H2O+2IO3-=2I-+3N2+9H2O；活性炭具有吸附性，能脫色，通過(guò)趁熱過(guò)濾將活性炭與碘化鈉溶液分離，故答案為趁熱過(guò)濾；8.2gNaOH與25.4g單質(zhì)碘反應(yīng)，氫氧化鈉過(guò)量，碘單質(zhì)反應(yīng)完全，碘和氫氧化鈉發(fā)生反應(yīng)：3I2+6NaOH=5NaI+NaIO3+3H2O，則生成的NaI的質(zhì)量為：5150g/mol=25g，生成的NaIO3與N2H4H2O反應(yīng)所得的NaI，反應(yīng)為3N2H4H2O+2NaIO3=2NaI+3N2+9H2O，則6I22NaIO32NaI，該步生成的NaI質(zhì)量為：2150g/mol=5g，故理論上生

60、成的NaI為25g+5g=30g，實(shí)驗(yàn)成品率為100%=80%，實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，水合肼實(shí)際用量比理論值偏高是因?yàn)樗想履芘c水中的溶解氧反應(yīng)，故答案為80%；水合肼能與水中的溶解氧反應(yīng)；取少量固體樣品于試管中，加水溶解，滴加少量淀粉液后再滴加適量稀硫酸，片刻后溶液變藍(lán)，說(shuō)明生成碘單質(zhì)，可能是NaIO3氧化碘化鉀反應(yīng)生成，也可能是空氣中氧氣氧化碘離子生成碘單質(zhì)，不能得出NaI中含有NaIO3雜質(zhì)，故答案為不合理；可能是I-在酸性環(huán)境中被氧氣氧化成I2而使淀粉變藍(lán)?！敬鸢更c(diǎn)睛】本題考查了物質(zhì)制備方案設(shè)計(jì)，主要考查了化學(xué)方程式的書(shū)寫、實(shí)驗(yàn)方案評(píng)價(jià)、氧化還原反應(yīng)、產(chǎn)率計(jì)算等。本題的難點(diǎn)為，要注意理清反應(yīng)過(guò)程。