2022年廣西高中學業(yè)水平模擬物理樣卷

廣西學業(yè)水平模擬物理樣卷（一）一、單選題（本大題共16小題，每題3分，合計48分．每題只有一種選項是對的的．請將對的答案的序號填入下面的答題表中）1．有關功與否為矢量，下列說法對的的是（）A．力是矢量，功也是矢量B．由于功沒有方向性，因此功是標量C．力和位移都是矢量，功也一定是矢量D．由于功有正功和負功，因此功是矢量2．如圖所示，一帶負電的離子束沿圖中箭頭方向通過兩磁極間時，它受的洛倫茲力方向（）A．向上 B．向下 C．向N極 D．向S極3．某學校田徑運動場跑道示意圖如圖所示，A點是所有跑步項目的起跑點，也是400m賽跑的終點，B點是100m賽跑的終點．在校運會中，甲同窗參與了100m賽跑，乙同窗參與了400m賽跑，則（）A．甲、乙的位移相等 B．乙的位移最大C．甲、乙的路程相等 D．乙的路程最大4．如圖所示，用一種水平力F去推放在水平地面上的講臺，講臺靜止不動，這時講臺受力的個數(shù)是（）A．1個 B．2個 C．3個 D．4個5．右圖為某電場中的一條電場線，可以鑒定（）A．該電場一定是勻強電場B．A點與B點的電場強度方向相似C．電荷在B點所受電場力比在A點大D．電荷在B點所受電場力比在A點小6．做勻速圓周運動的物體在運動過程中保持不變的物理量是（）A．速度 B．加速度 C．動能 D．合外力7．有關垂直于磁場方向的通電直導線所受磁場作用力的方向，對的的說法是（）A．跟磁場方向垂直，跟電流方向平行B．跟電流方向垂直，跟磁場方向平行C．既跟磁場方向垂直，又跟電流方向垂直D．既不跟磁場方向垂直，又不跟電流方向垂直8．一種物體以一定的初速度水平拋出，經時間t，豎直方向速度大小為v，則t為（）A． B． C． D．9．如圖所示，勁度系數(shù)為k、原長為L的彈簧，一端固定于O點，另一端與小球相連．開始時小球靜止在光滑水平面上的A點；當用力F將小球向右拉使彈簧伸長x時，小球靜止于B點，則此時彈簧的彈力為（）A．kx B．k（x+L） C．k（L﹣x） D．以上都不對10．地球同步衛(wèi)星“靜止”在赤道上空的某一點，它繞地球的運營周期與地球的自轉周期相似．設地球同步衛(wèi)星運營的角速度為ω1，地球自轉的角速度為ω2，則ω1和ω2的關系是（）A．ω1＞ω2 B．ω1=ω2 C．ω1＜ω2 D．無法擬定11．如圖所示，兩個質量不等的小球從不同高度同步自由下落，不計空氣阻力．有關兩小球的下落運動，下列說法對的的是（）A．位移相似 B．下落時間相似 C．加速度相似 D．落地速度相似12．有關角速度和線速度，下列說法對的的是（）A．半徑一定，角速度與線速度成反比B．半徑一定，角速度與線速度成正比C．線速度一定，角速度與半徑成正比D．線速度一定，角速度與半徑成反比13．有關做勻速圓周運動物體的向心力，下列說法對的的是（）A．向心力不變B．向心力一定是重力C．向心力為其所受的合外力D．向心加速度決定向心力的大小14．如圖所示，用閃光燈照相的措施記錄某同窗的運動狀況，若設定向右的方向為正方向，則下圖象能大體描述該同窗運動狀況的是（）A． B． C． D．15．一種圓球形薄殼容器所受重力為G，用一細線懸掛起來，如圖所示．目前容器里裝滿水，若在容器底部有一種小閥門，當小閥門打開讓水慢慢流出，在此過程中，系統(tǒng)（涉及容器和水）的重心位置（）A．慢慢下降 B．慢慢上升 C．先下降后上升 D．先上升后下降16．物體在粗糙的水平面上運動，其位移﹣﹣時間圖象如圖所示．已知沿運動方向上的作用力為F，物體在運動過程中受到的滑動摩擦力為f，由圖象可知（）A．F＞f B．F＜fC．F=f D．不能擬定F與f關系二、雙項選擇題（本大題共8小題，每題4分，合計24分．每題有兩個選項是對的的，所有選對得4分，只選一種且對的得2分，有錯選不得分．其中，21A、22A為《物理（選修1-1）》試題，21B、22B為《物理（選修3-1）》試題，A、B兩組試題任選一組作答．如果兩組題都作答，按照所選做的第一組題計分．）17．有關力、運動狀態(tài)及慣性，下列說法對的的是（）A．力是維持物體運動的因素B．力是變化物體運動狀態(tài)的因素C．物體的質量越大，慣性越大D．物體的速度越大，慣性越大18．有關加速度與速度的關系，下列說法對的的是（）A．加速度增大，速度一定增大B．加速度減小，速度也許增大C．加速度不變，速度一定不變D．加速度為零，速度不一定為零19．在下列幾種運動中，物體機械能守恒的是（）A．汽車剎車時的運動B．小球做自由落體運動C．滑塊沿光滑斜面下滑D．跳傘運動員在降落傘打開后勻速下落20．如圖為繞太陽運轉的各行星軌道示意圖，假設圖中各行星只受太陽引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法對的的是（）A．各行星運營的線速度相似B．各行星運營的角速度相似C．離太陽越近的行星運營周期越小D．離太陽越近的行星向心加速度越大21．如圖所示的狀況都是線框在磁場中做切割磁感線運動，其中線框中有感應電流的是（）A． B． C． D．22．移動通信誕生于19世紀末，發(fā)展到20世紀中葉后來個人移動電話逐漸普及，如圖所示．下列有關移動電話功能的判斷對的的是（）A．移動電話可以發(fā)射電磁波B．移動電話可以接受電磁波C．移動電話只是一種電磁波發(fā)射器D．移動電話只是一種電磁波接受器23．在如圖所示的電路中，當變阻器R的阻值增長時，下列有關通過電源的電流和路端電壓的說法對的的是（）A．通過電源的電流I將減小 B．不會影響電源的電流的變化C．路端電壓將增大 D．路端電壓將減小24．由電容器電容的定義式C=可知（）A．若電容器不帶電，則電容C為零B．電容C與電容器所帶電荷量Q成正比C．電容C與所帶電荷量Q多少無關D．電容在數(shù)值上等于使兩板間的電壓增長1V時所需增長的電荷量三、實驗與探究（每1小問4分，合計8分）25．用如圖所示的裝置做“探究彈力與彈簧伸長量的關系”實驗，下列說法對的的是（）A．要記錄彈簧的伸長及所掛鉤碼的質量B．為減小實驗誤差，應多測幾組數(shù)據(jù)C．每次增長的鉤碼數(shù)量必須相等D．通過實驗可知，在彈性限度內，彈力與彈簧的長度成正比26．實驗中常用的電磁打點計時器及電火花計時器使用的是電源（選填“直流”或“交流”），在用打點計時器“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”時，打點計時器所用電源的頻率為50Hz，如圖所示是實驗中得到的一條紙帶，舍去前面比較密集的點，從0點開始將每5個點取做1個計數(shù)點，量得s1=1.20cm，s2=2.60cm，s3=4.00cm，那么兩個計數(shù)點之間的時間間隔了T=s；小車的加速度a=m/s2；第2點的瞬時速度υ2=m/s．（成果保存兩位有效數(shù)字）四、計算與探究（本大題共3個小題，第27、28題每題5分，第29題10分，合計20分）27．如圖所示，光滑斜面頂端距地面高為2.5m，斜面傾角為30°，現(xiàn)將一物塊（可視為質點）從斜面頂端由靜止釋放，重力加速度g取10m/s2．求：（1）物塊在斜面上滑行時的加速度大小．（2）物塊在斜面上滑行的時間．28．已知地球同步衛(wèi)星的軌道是圓形的，軌道半徑為r，周期為T，引力常量為G0，求：（1）衛(wèi)星運動的速率v0；（2）地球的質量M．29．如圖所示，AB是光滑的弧形軌道，BC是距地面高為H=0.80m的光滑水平軌道．現(xiàn)將一小球從頂點A由靜止釋放，小球最后落在地面上的P點．已知A點距軌道高為h=0.45m，重力加速度g取10m/s2．求：（1）小球通過C點時的速度大?。?）小球落點P與C點間的水平距離．（3）已知小球質量為0.10kg，求小球達到P點時的動能．

廣西學業(yè)水平模擬物理樣卷（一）參照答案與試題解析一、單選題（本大題共16小題，每題3分，合計48分．每題只有一種選項是對的的．請將對的答案的序號填入下面的答題表中）1．有關功與否為矢量，下列說法對的的是（）A．力是矢量，功也是矢量B．由于功沒有方向性，因此功是標量C．力和位移都是矢量，功也一定是矢量D．由于功有正功和負功，因此功是矢量【考點】功的計算；矢量和標量．【專項】定性思想；推理法；功的計算專項．【分析】即有大小又有方向的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、動量等都是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標量，如路程、時間、質量、功等都是標量【解答】解：A、力是矢量，功是標量，故A錯誤；B、功沒有方向，故功是標量，故B對的；C、力和位移是矢量，但功是標量，故C錯誤；D、功是標量，當力對物體做正功表達該力為動力，當力對物體做負功表達該力為阻力，故D錯誤故選：B【點評】本題是一種基本題目，就是看學生對矢量和標量的掌握2．如圖所示，一帶負電的離子束沿圖中箭頭方向通過兩磁極間時，它受的洛倫茲力方向（）A．向上 B．向下 C．向N極 D．向S極【考點】左手定則；洛侖茲力．【分析】帶電粒子在磁場中運動時受到洛倫茲力方向根據(jù)左手定則判斷，由磁感線方向擬定手心方向，由電荷運動方向擬定四指指向，由大拇指指向來判斷洛倫茲力的方向．【解答】解：由圖可知，磁場方向從N極指向S極，根據(jù)左手定則可知，讓四指指向與正電荷運動方向相似，讓磁感線穿過手心，根據(jù)大拇指的指向即可判斷出洛倫茲力的方向，由此可知負電的離子束所受的洛倫茲力的方向向下，故B對的，ACD錯誤．故選：B．【點評】本題考察基本定則的運用能力．運用左手判斷洛倫茲力方向時，要注意四指指向正電荷的運動方向或負電荷運動的反方向．3．某學校田徑運動場跑道示意圖如圖所示，A點是所有跑步項目的起跑點，也是400m賽跑的終點，B點是100m賽跑的終點．在校運會中，甲同窗參與了100m賽跑，乙同窗參與了400m賽跑，則（）A．甲、乙的位移相等 B．乙的位移最大C．甲、乙的路程相等 D．乙的路程最大【考點】位移與路程．【分析】位移是指從初位置到末位置的有向線段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物體所通過的途徑的長度，路程是標量，只有大小，沒有方向．【解答】解：由題意可知，400m的比賽中，起點和終點相似，因此在400m的比賽中位移的大小是零，而在100m的比賽中，做的是直線運動，位移的大小就是100m，因此甲的位移為100m，乙的位移是零，因此AB都錯誤．路程是指物體所通過的途徑的長度，因此在100m、400m的比賽中，路程最大的是400m，故乙的路程大；故C錯誤，D對的；故選：D【點評】本題就是對位移和路程的考察，掌握住位移和路程的概念就能比較它們的大小關系．4．如圖所示，用一種水平力F去推放在水平地面上的講臺，講臺靜止不動，這時講臺受力的個數(shù)是（）A．1個 B．2個 C．3個 D．4個【考點】物體的彈性和彈力；靜摩擦力和最大靜摩擦力．【專項】共點力作用下物體平衡專項．【分析】對講臺受力分析，按重力、彈力、摩擦力的順序依次進行分析，即可找出物體受到的所有力．【解答】解：物體一定受到重力的作用，由于和桌面有互相的擠壓，故一定受支持力；由于有推力的存在，則物體有向右的運動趨勢，則講臺受到向左的靜摩擦力；故物體受四個力；故選：D．【點評】本題屬于受力分析中的簡樸題目，只要能按規(guī)定進行分析即可順利求解；注意不要漏掉摩擦力．5．右圖為某電場中的一條電場線，可以鑒定（）A．該電場一定是勻強電場B．A點與B點的電場強度方向相似C．電荷在B點所受電場力比在A點大D．電荷在B點所受電場力比在A點小【考點】電場線；電場強度．【專項】電場力與電勢的性質專項．【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢減少，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小．當電場力做正功時，電勢能減小，當電場力做負功時，電勢能增長．【解答】解：A、由于只有一條電場線，不能判斷電場線的疏密狀況，也就不能判斷電場強度的狀況，因此A錯誤；B、根據(jù)沿電場線的切線方向是該點的場強方向，因此A點與B點的電場強度方向相似，因此B對的；C、由于不懂得場強大小，也就不懂得電場力的大小，因此CD錯誤；故選：B．【點評】根據(jù)電場力做功的狀況來分析電荷的電勢能的變化這是在電場這一部分常用的措施，因此一定要掌握住電場力做正功時，電勢能減小，電場力做負功時，電勢能增長這個結論．6．做勻速圓周運動的物體在運動過程中保持不變的物理量是（）A．速度 B．加速度 C．動能 D．合外力【考點】線速度、角速度和周期、轉速．【專項】勻速圓周運動專項．【分析】運用勻速圓周運動的特點即可求解，勻速圓周運動的特點是：線速度的大小不變，方向時刻變化，向心加速度、向心力的方向始終指向圓心．【解答】解：勻速圓周運動過程中，線速度大小不變，方向變化，向心加速度大小不變，方向始終指向圓心，向心力大小不變，方向始終指向圓心，動能（標量）不變．故ABD錯誤，C對的．故選：C．【點評】解決本題的核心懂得勻速圓周運動的特點，即線速度、向心加速度、向心力是矢量．7．有關垂直于磁場方向的通電直導線所受磁場作用力的方向，對的的說法是（）A．跟磁場方向垂直，跟電流方向平行B．跟電流方向垂直，跟磁場方向平行C．既跟磁場方向垂直，又跟電流方向垂直D．既不跟磁場方向垂直，又不跟電流方向垂直【考點】左手定則．【分析】左手定則的內容：伸開左手，使拇指與其他四指垂直，并且與手掌在同一種平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是安培力的方向【解答】解：根據(jù)左手定則的內容知與磁場方向垂直的通電直導線，它受到的磁場作用力與電流方向垂直，與磁場方向垂直．故C對的，A、B、D錯誤．故選C．【點評】解決本題的核心掌握左手定則鑒定安培力的方向：伸開左手，使拇指與其他四指垂直，并且與手掌在同一種平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是安培力的方向．8．一種物體以一定的初速度水平拋出，經時間t，豎直方向速度大小為v，則t為（）A． B． C． D．【考點】平拋運動．【專項】定量思想；合成分解法；平拋運動專項．【分析】物體做的是平拋運動，平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直分速度v，結合速度時間公式求出物體運動的時間．【解答】解：平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)自由落體運動的速度公式v=gt得：t=．故A對的，B、C、D錯誤．故選：A【點評】解決本題的核心懂得平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式進行求解．9．如圖所示，勁度系數(shù)為k、原長為L的彈簧，一端固定于O點，另一端與小球相連．開始時小球靜止在光滑水平面上的A點；當用力F將小球向右拉使彈簧伸長x時，小球靜止于B點，則此時彈簧的彈力為（）A．kx B．k（x+L） C．k（L﹣x） D．以上都不對【考點】胡克定律．【專項】定性思想；推理法；彈力的存在及方向的鑒定專項．【分析】球靜止時在圖中A位置，彈簧的彈力為0，當用力F將小球向右拉使彈簧伸長x時，根據(jù)胡克定律求出此時彈簧的彈力【解答】解：由題，球靜止時在圖中A位置，此時彈簧伸長的長度0．當用力F將小球向右拉使彈簧伸長x時，根據(jù)胡克定律F=kx得：則此時彈簧的彈力為kx故選：A【點評】本題是應用胡克定律對兩種狀況分別研究得到的，也可以用變化量求解：△F=k△x，△x=x，彈簧彈力的增量為kx，則第二種狀況彈力為G+kx10．地球同步衛(wèi)星“靜止”在赤道上空的某一點，它繞地球的運營周期與地球的自轉周期相似．設地球同步衛(wèi)星運營的角速度為ω1，地球自轉的角速度為ω2，則ω1和ω2的關系是（）A．ω1＞ω2 B．ω1=ω2 C．ω1＜ω2 D．無法擬定【考點】同步衛(wèi)星．【專項】人造衛(wèi)星問題．【分析】地球同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉的角速度相似，相對于地球靜止．【解答】解：地球同步衛(wèi)星的周期與地球自轉的周期相似有?=可知，角速度相似故選B【點評】本題核心抓住地球同步衛(wèi)星的條件：角速度、周期與地球自轉的角速度和周期相似．11．如圖所示，兩個質量不等的小球從不同高度同步自由下落，不計空氣阻力．有關兩小球的下落運動，下列說法對的的是（）A．位移相似 B．下落時間相似 C．加速度相似 D．落地速度相似【考點】自由落體運動．【專項】自由落體運動專項．【分析】兩小球都做自由落體運動，加速度都為g，由圖可知，下落的位移不等，則下落的時間和落地速度都不等．【解答】解：A、由圖可知，下落的位移不等，故A錯誤；B、兩小球都做自由落體運動，加速度都為g，根據(jù)t=，可知，高度不同，下落時間不等，故B錯誤，C對的；D、根據(jù)v=gt可知，下落時間不等，則落地速度不等，故D錯誤．故選：C【點評】本題考察了自由落體基本規(guī)律的直接應用，懂得自由落體運動的加速度為g，運動時間由高度決定，難度不大，屬于基本題．12．有關角速度和線速度，下列說法對的的是（）A．半徑一定，角速度與線速度成反比B．半徑一定，角速度與線速度成正比C．線速度一定，角速度與半徑成正比D．線速度一定，角速度與半徑成反比【考點】線速度、角速度和周期、轉速．【專項】勻速圓周運動專項．【分析】根據(jù)線速度的定義和角速度的定義以及角度的定義得出線速度、角速度之間的關系，由此展開討論即可．【解答】解：A、半徑一定期，由v=Rω知，線速度的大小與角速度成正比，故A錯誤B、半徑一定期，由v=Rω知，線速度的大小與角速度成正比，故B對的；C、D、線速度一定，由v=Rω知，角速度大小與半徑成反比，故C錯誤，D對的．故選：BD．【點評】掌握線速度、半徑、角速度間的關系是解決本題的核心，屬于基本題．13．有關做勻速圓周運動物體的向心力，下列說法對的的是（）A．向心力不變B．向心力一定是重力C．向心力為其所受的合外力D．向心加速度決定向心力的大小【考點】向心力．【專項】定性思想；推理法；牛頓第二定律在圓周運動中的應用．【分析】做勻速圓周運動的物體要受到指向圓心的向心力的作用，從而產生指向圓心的向心加速度，向心加速度只變化物體的速度的方向不變化速度的大小．【解答】解：A、做勻速圓周運動的物體受到的向心力指向圓心，方向不斷變化，故A錯誤；B、向心力是效果力，不一定就是重力，故B錯誤；C、做勻速圓周運動的物體，合力指向圓心，提供向心力，故C對的；D、根據(jù)牛頓第二定律可知，是合外力的大小決定加速度的大小，故D錯誤；故選：C【點評】勻速圓周運動要注意，其中的勻速只是指速度的大小不變，合力作為向心力始終指向圓心，合力的方向也是時刻在變化的．此外要注意是合外力的大小決定加速度的大小，因果關系不能顛倒．14．如圖所示，用閃光燈照相的措施記錄某同窗的運動狀況，若設定向右的方向為正方向，則下圖象能大體描述該同窗運動狀況的是（）A． B． C． D．【考點】勻變速直線運動的圖像．【專項】運動學中的圖像專項．【分析】從圖片看出，此人向左運動，頻閃照相每次拍照的時間間隔相似，根據(jù)相鄰位置位移的變化，分析人的運動狀況，再選擇速度圖象．【解答】解：從圖片看出，此人向左運動，速度始終為負．在運動過程中，相鄰位置的距離先逐漸減小后逐漸增大，因頻閃照相每次拍照的時間間隔相似，因此可知人的速度先減小后增大，能大體反映該同窗運動狀況的速度﹣﹣時間圖象是A．故選A【點評】本題考察分析實際問題的能力．分析物體的運動狀況，找出運動狀況與速度圖象相應關系是核心．15．一種圓球形薄殼容器所受重力為G，用一細線懸掛起來，如圖所示．目前容器里裝滿水，若在容器底部有一種小閥門，當小閥門打開讓水慢慢流出，在此過程中，系統(tǒng)（涉及容器和水）的重心位置（）A．慢慢下降 B．慢慢上升 C．先下降后上升 D．先上升后下降【考點】重心．【分析】注意重心的位置與物體的質量分布和形狀有關，在水從閥門不斷流出的過程中，球殼連球殼內中水的整體的重心將先下降，當水流完后，重心又上升．【解答】解：裝滿水的球殼和水整體的重心在球心，隨著水從閥門不斷流出，重心位置不斷下降，當水將近流完后，重心又上升，最后處在球心，故重心的位置先下降后上升．故C對的．故選：C．【點評】本題考核對實際物體重心位置的分析能力，注意理解重心與質量分布的關系，不能覺得重心位置就始終下降．16．物體在粗糙的水平面上運動，其位移﹣﹣時間圖象如圖所示．已知沿運動方向上的作用力為F，物體在運動過程中受到的滑動摩擦力為f，由圖象可知（）A．F＞f B．F＜fC．F=f D．不能擬定F與f關系【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系；摩擦力的判斷與計算．【專項】直線運動規(guī)律專項．【分析】通過位移時間圖線得出物體的運動狀況，通過對物體受力分析，判斷出作用力F與滑動摩擦力大?。治鰰r要抓住位移圖象的斜率等于速度．【解答】解：從圖線可以看出，x﹣t圖象的斜率不變，闡明物體的速度不變，物體做勻速直線運動，合力為零，物體在水平方向受到作用力F和滑動摩擦力f，根據(jù)平衡條件可知這兩個力必然大小相等，方向相反，則F=f．故C對的，A、B、D錯誤．故選：C．【點評】本題屬于基本力學題，核心能根據(jù)位移圖象的斜率判斷出物體的運動狀態(tài)，懂得勻速直線運動和靜止都是平衡狀態(tài)．物體處在平衡狀態(tài)時，合力等于零．二、雙項選擇題（本大題共8小題，每題4分，合計24分．每題有兩個選項是對的的，所有選對得4分，只選一種且對的得2分，有錯選不得分．其中，21A、22A為《物理（選修1-1）》試題，21B、22B為《物理（選修3-1）》試題，A、B兩組試題任選一組作答．如果兩組題都作答，按照所選做的第一組題計分．）17．有關力、運動狀態(tài)及慣性，下列說法對的的是（）A．力是維持物體運動的因素B．力是變化物體運動狀態(tài)的因素C．物體的質量越大，慣性越大D．物體的速度越大，慣性越大【考點】慣性．【分析】力是變化物體運動狀態(tài)的因素，不是維持物體運動的因素；慣性是物體的固有屬性，物體慣性的大小與物體的運動狀態(tài)無關，只與其質量大小有關，質量越大，慣性越大．【解答】解：A、B、根據(jù)伽利略抱負斜面實驗研究成果得知：力不是維持物體運動的因素，而是變化物體運動狀態(tài)的因素，故A錯誤，B對的．C、D質量是物體慣性大小的唯一量度，與速度無關，物體的質量越大，慣性越大，故C對的，D錯誤．故選：BC．【點評】對于力和運動的關系，可結合牛頓第一定律、伽利略抱負斜面實驗等等加深理解．要懂得質量是物體慣性大小的唯一量度，與速度無關．18．有關加速度與速度的關系，下列說法對的的是（）A．加速度增大，速度一定增大B．加速度減小，速度也許增大C．加速度不變，速度一定不變D．加速度為零，速度不一定為零【考點】加速度．【專項】直線運動規(guī)律專項．【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．【解答】解：A、加速度增大的物體，如果加速度方向與速度方向相反，那么速度就會減小，即速度減小得越來越快，故A錯誤；B、加速度減小，如果加速度方向與速度方向相似，那么速度就會增大，故B對的；C、物體有加速度，加速度不變，速度一定變化，例如平拋運動，故C錯誤；D、加速度為零，速度不一定為零，例如做勻速直線運動的物體，加速度為零，故D對的；故選：BD．【點評】把握加速度的定義式a=中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關系是解決此類問題的核心，是對的理解加速度的定義的基本．19．在下列幾種運動中，物體機械能守恒的是（）A．汽車剎車時的運動B．小球做自由落體運動C．滑塊沿光滑斜面下滑D．跳傘運動員在降落傘打開后勻速下落【考點】機械能守恒定律．【分析】根據(jù)機械能守恒的條件分析答題，只有重力或只有彈力做功，機械能守恒．【解答】解：A、汽車剎車時要克服阻力做功，機械能減少，機械能不守恒，故A錯誤；B、小球做自由落體運動，只有重力做功，機械能守恒，故B對的；C、滑塊沿光滑斜面下滑，只有重力做功，機械能守恒，故C對的；D、跳傘運動員在降落傘打開后勻速下落，動能不變，重力勢能減少，機械能減少，機械能不守恒，故D錯誤；故選：BC．【點評】本題考察了判斷機械能與否守恒，懂得機械能守恒的條件即可對的解題．20．如圖為繞太陽運轉的各行星軌道示意圖，假設圖中各行星只受太陽引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法對的的是（）A．各行星運營的線速度相似B．各行星運營的角速度相似C．離太陽越近的行星運營周期越小D．離太陽越近的行星向心加速度越大【考點】萬有引力定律及其應用．【專項】萬有引力定律的應用專項．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關系，從而進行比較．【解答】解：根據(jù)=得，向心加速度a=，線速度v=，角速度ω=，周期T=，知各行星的線速度、角速度不等；離太遠越近，軌道半徑越小，周期越小，向心加速度越大．故C、D對的，A、B錯誤．故選：CD．【點評】解決本題的核心掌握萬有引力提供向心力這一理論，懂得線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關系．21．如圖所示的狀況都是線框在磁場中做切割磁感線運動，其中線框中有感應電流的是（）A． B． C． D．【考點】感應電流的產生條件．【分析】根據(jù)感應電流產生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．然后結合圖中線圈的位移與線圈則磁通量的變化狀況鑒定與否能產生感應電流．【解答】解：A、當線圈做垂直于勻強磁場的磁感線的平行運動時，磁通量始終不發(fā)生變化，無感應電流，故A錯誤；B、當線圈從磁場中穿出時，磁通量減小，能產生感應電流，故B對的；C、當線圈做垂直于磁場方向，由較弱的磁場進入較強的磁場中時，磁通量增大，能產生感應電流，故C對的；D、當線圈在圖示的位置垂直于磁感線的運動時，磁通量始終不變，無感應電流，故D錯誤．故選：BC．【點評】本題考察了產生感應電流條件的靈活應用，注意把握磁通量與否變化這一主線條件，不要受其他因素的干擾．22．移動通信誕生于19世紀末，發(fā)展到20世紀中葉后來個人移動電話逐漸普及，如圖所示．下列有關移動電話功能的判斷對的的是（）A．移動電話可以發(fā)射電磁波B．移動電話可以接受電磁波C．移動電話只是一種電磁波發(fā)射器D．移動電話只是一種電磁波接受器【考點】電磁波的發(fā)射、傳播和接受．【專項】定性思想；推理法；光的衍射、偏振和電磁本性專項．【分析】移動電話能將我們的聲音信息用電磁波發(fā)射到空中，同步它也能在空中捕獲電磁波，得到對方發(fā)言的信息．【解答】解：由于移動電話能將我們的聲音信息用電磁波發(fā)射到空中，同步它也能在空中捕獲電磁波，得到對方發(fā)言的信息．因此移動電話的聲音信息由空間的電磁波來傳遞，移動電話既能發(fā)射電磁波，也能接受電磁波．故選：AB．【點評】本題需要掌握移動電話的電信號通過電磁波進行傳遞，懂得移動電話既是無線電的發(fā)射臺，又是無線電的接受臺．23．在如圖所示的電路中，當變阻器R的阻值增長時，下列有關通過電源的電流和路端電壓的說法對的的是（）A．通過電源的電流I將減小 B．不會影響電源的電流的變化C．路端電壓將增大 D．路端電壓將減小【考點】閉合電路的歐姆定律；路端電壓與負載的關系．【專項】恒定電流專項．【分析】當變阻器R的阻值增長時，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流的變化，判斷內電壓的變化，得到路端電壓的變化狀況．【解答】解：A、B、圖中變阻器R與電阻R0串聯(lián)，當變阻器R的阻值增長時，外電路的總電阻增長，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知通過電源的電流I將減小，故A對的，B錯誤；C、D、根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓為：U=E﹣Ir，由于電流I減小，故路端電壓增大，故C對的，D錯誤；故選：AC．【點評】對于電路的動態(tài)分析問題，一般按照“局部→整體→局部”的順序進行分析．也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷路端電壓的變化．24．由電容器電容的定義式C=可知（）A．若電容器不帶電，則電容C為零B．電容C與電容器所帶電荷量Q成正比C．電容C與所帶電荷量Q多少無關D．電容在數(shù)值上等于使兩板間的電壓增長1V時所需增長的電荷量【考點】電容．【專項】電容器專項．【分析】電容的大小由自身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無關．【解答】解：電容的大小由自身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無關．電容器不帶電，電容沒變．故A、B錯誤，C對的．由C==，因此電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電壓增長1V時所需增長的電荷量．故D對的．故選：CD．【點評】電容的定義采用的是比值定義法，要注意明確電容與電量及兩板間的電壓無關．三、實驗與探究（每1小問4分，合計8分）25．用如圖所示的裝置做“探究彈力與彈簧伸長量的關系”實驗，下列說法對的的是（）A．要記錄彈簧的伸長及所掛鉤碼的質量B．為減小實驗誤差，應多測幾組數(shù)據(jù)C．每次增長的鉤碼數(shù)量必須相等D．通過實驗可知，在彈性限度內，彈力與彈簧的長度成正比【考點】探究彈力和彈簧伸長的關系．【專項】實驗題；定性思想；推理法；彈力的存在及方向的鑒定專項．【分析】在《摸索彈力和彈簧伸長的關系》實驗中，彈簧的彈力與行變量的關系滿足F=kx，其中k由彈簧自身決定；運用實驗操作過程的注意事項分析即可【解答】解：A、彈簧被拉伸時，要記錄彈簧的伸長及所掛鉤碼的質量，以便研究力與型變量的關系，故A對的．B、為減小實驗誤差，應多測幾組數(shù)據(jù)．故B對的．C、每次增長的鉤碼數(shù)量不必相等，故C錯誤．D、在彈性限度內，彈力與形變量成正比；故D錯誤，故選：AB【點評】本題核心明的確驗原理，可以根據(jù)胡克定律列式求解；能運用F﹣L圖象分析求解是核心，注意橫坐標的截距為彈簧的原長，斜率表達彈簧的勁度系數(shù)26．實驗中常用的電磁打點計時器及電火花計時器使用的是交流電源（選填“直流”或“交流”），在用打點計時器“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”時，打點計時器所用電源的頻率為50Hz，如圖所示是實驗中得到的一條紙帶，舍去前面比較密集的點，從0點開始將每5個點取做1個計數(shù)點，量得s1=1.20cm，s2=2.60cm，s3=4.00cm，那么兩個計數(shù)點之間的時間間隔了T=0.1s；小車的加速度a=1.4m/s2；第2點的瞬時速度υ2=0.33m/s．（成果保存兩位有效數(shù)字）【考點】測定勻變速直線運動的加速度．【專項】實驗題；直線運動規(guī)律專項．【分析】理解打點計算器的工作原理，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大?。窘獯稹拷猓簩嶒炛谐Ｓ玫碾姶糯螯c計時器及電火花計時器使用的是交流電源．從0點開始將每5個點取做1個計數(shù)點，因此相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s．根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a===1.4m/s2；根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大?。畍2===0.33m/s故答案為：交流，0.1，1.4，0.33【點評】要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推