【物理】高考物理一輪復(fù)習(xí)專題三牛頓運(yùn)動定律(專業(yè)版)課件

高考物理

(北京市選考專用)專題三牛頓運(yùn)動定律高考物理(北京市選考專用)專題三牛頓運(yùn)動定律1.(2021北京理綜,20,6分)國際單位制(縮寫SI)定義了米(m)、秒(s)等7個根本單位,其他單位均

可由物理關(guān)系導(dǎo)出。例如,由m和s可以導(dǎo)出速度單位m·s-1。歷史上,曾用“米原器〞定義米,用

平均太陽日定義秒。但是,以實物或其運(yùn)動來定義根本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的

影響,而采用物理常量來定義那么可防止這種困擾。1967年用銫-133原子基態(tài)的兩個超精細(xì)能

級間的躍遷輻射的頻率Δν=9192631770Hz定義s;1983年用真空中的光速c=299792458m·s-1

定義m。2021年第26屆國際計量大會決定,7個根本單位全部用根本物理常量來定義(對應(yīng)關(guān)

系如圖,例如,s對應(yīng)Δν,m對應(yīng)c)。新SI自2021年5月20日(國際計量日)正式實施,這將對科學(xué)和

技術(shù)開展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響。以下選項不正確的選項是?()A.7個根本單位全部用物理常量定義,保證了根本單位的穩(wěn)定性B.用真空中的光速c(m·s-1)定義m,因為長度l與速度v存在l=vt,而s已定義C.用根本電荷e(C)定義安培(A),因為電荷量q與電流I存在I=q/t,而s已定義D.因為普朗克常量h(J·s)的單位中沒有kg,所以無法用它來定義質(zhì)量單位考點一牛頓運(yùn)動定律的理解和簡單應(yīng)用五年高考A組自主命題·北京卷題組精品ppt1.(2021北京理綜,20,6分)國際單位制(縮寫SI)定2答案

D此題考查了國際單位制中的根本單位及導(dǎo)出單位,利用單位的定義方法及導(dǎo)出方

法考查了學(xué)生的理解能力、推理能力,表達(dá)了科學(xué)本質(zhì)、科學(xué)態(tài)度等素養(yǎng)要求,滲透了關(guān)注社

會開展、科技進(jìn)步等價值觀念。由于物理常量與環(huán)境和測量方式等因素?zé)o關(guān),故用來定義根本單位時也不受環(huán)境、測量方式

等因素的影響,A正確。由題意可知,t、ν的單位已定義,真空中光速c、根本電荷e、普朗克常

量h均為根本物理常量,故可分別用l=vt、I=q/t、hν=mc2來定義長度單位m、電流單位A及質(zhì)量

單位kg,B、C正確,D錯誤。精品ppt答案

D此題考查了國際單位制中的根本單位及導(dǎo)出單位,32.(2021北京理綜,19,6分)伽利略創(chuàng)造的把實驗、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法,有力地促

進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識的開展。利用如以以下圖的裝置做如下實驗:小球從左側(cè)斜面上的O點由靜

止釋放后沿斜面向下運(yùn)動,并沿右側(cè)斜面上升。斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材

料時,小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3。根據(jù)三次實驗結(jié)果的比照,可以得

到的最直接的結(jié)論是?()

A.如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚cO點等高的位置B.如果小球不受力,它將一直保持勻速運(yùn)動或靜止?fàn)顟B(tài)C.如果小球受到力的作用,它的運(yùn)動狀態(tài)將發(fā)生改變D.小球受到的力一定時,質(zhì)量越大,它的加速度越小精品ppt2.(2021北京理綜,19,6分)伽利略創(chuàng)造的把實驗、假設(shè)4答案

A根據(jù)實驗結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚cO點等高的

位置,A項正確。而小球不受力時狀態(tài)不變,小球受力時狀態(tài)發(fā)生變化,是在假設(shè)和邏輯推理下

得出的結(jié)論,不是實驗直接得出的結(jié)論,所以B和C選項錯誤。而D項不是本實驗所說明的問題,

故錯誤?？疾辄c牛頓運(yùn)動定律。思路點撥此題也可從能量守恒的角度分析:假設(shè)斜面光滑,那么沒有機(jī)械能的損失,小球必上升到

與O點等高處。精品ppt答案

A根據(jù)實驗結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光53.(2021北京理綜,18,6分)“蹦極〞就是跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)等處,從幾十

米高處跳下的一種極限運(yùn)動。某人做蹦極運(yùn)動,所受繩子拉力F的大小隨時間t變化的情況如

圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運(yùn)動,重力加速度為g。據(jù)圖可知,此人在蹦極過程

中最大加速度約為

?()A.g

B.2g

C.3g

D.4g答案

B“蹦極〞運(yùn)動的最終結(jié)果是人懸在空中處于靜止?fàn)顟B(tài),此時繩的拉力等于人的重

力,由圖可知,繩子拉力最終趨于恒定時等于重力,即?F0=mg,那么F0=?mg。當(dāng)繩子拉力最大時,人處于最低點且合力最大,故加速度也最大,此時F最大=?F0=3mg,方向豎直向上,由ma=F最大-mg=3mg-mg=2mg得最大加速度為2g,故B正確。精品ppt3.(2021北京理綜,18,6分)“蹦極〞就是跳躍者把一端64.(2021課標(biāo)Ⅰ,15,6分)如圖,輕彈簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物塊P,系統(tǒng)處于靜止?fàn)?/p>

態(tài)?，F(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上,使其向上做勻加速直線運(yùn)動。以x表示P離開靜止位置

的位移,在彈簧恢復(fù)原長前,以下表示F和x之間關(guān)系的圖像可能正確的選項是?()B組統(tǒng)一命題·課標(biāo)卷題組精品ppt4.(2021課標(biāo)Ⅰ,15,6分)如圖,輕彈簧的下端固定在水7答案

A此題考查胡克定律、共點力的平衡及牛頓第二定律。設(shè)系統(tǒng)靜止時彈簧壓縮量為

x0,由胡克定律和平衡條件得mg=kx0。力F作用在P上后,物塊受重力、彈力和F,向上做勻加速

直線運(yùn)動,由牛頓第二定律得,F+k(x0-x)-mg=ma。聯(lián)立以上兩式得F=kx+ma,所以F-x圖像中圖

線是一條不過原點的傾斜直線,故A正確。易錯點撥注意胡克定律中形變量的含義胡克定律中的形變量指的是壓縮量或伸長量。此題中x表示P離開靜止位置的位移,此時的形

變量為x0-x而不是x。精品ppt答案

A此題考查胡克定律、共點力的平衡及牛頓第二定律85.(2021課標(biāo)Ⅰ,18,6分)(多項選擇)一質(zhì)點做勻速直線運(yùn)動?，F(xiàn)對其施加一恒力,且原來作用在質(zhì)點

上的力不發(fā)生改變,那么?()A.質(zhì)點速度的方向總是與該恒力的方向相同B.質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C.質(zhì)點加速度的方向總是與該恒力的方向相同D.質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變答案

BC由題意知此恒力即質(zhì)點所受合外力,假設(shè)原速度與該恒力在一條直線上,那么質(zhì)點做

勻變速直線運(yùn)動,質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變的;原速度與該恒力不在一條直線上,

那么質(zhì)點做勻變速曲線運(yùn)動,速度與恒力間夾角逐漸減小,質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量是不變

的,但速率的變化量是變化的,A、D項錯誤,B項正確;由牛頓第二定律知,質(zhì)點加速度的方向總

與該恒力方向相同,C項正確。精品ppt5.(2021課標(biāo)Ⅰ,18,6分)(多項選擇)一質(zhì)點做勻速直9考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用A組自主命題·北京卷題組1.(2021北京理綜,18,6分)應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深

入。例如平伸手掌托起物體,由靜止開始豎直向上運(yùn)動,直至將物體拋出。對此現(xiàn)象分析正確

的是?()A.手托物體向上運(yùn)動的過程中,物體始終處于超重狀態(tài)B.手托物體向上運(yùn)動的過程中,物體始終處于失重狀態(tài)C.在物體離開手的瞬間,物體的加速度大于重力加速度D.在物體離開手的瞬間,手的加速度大于重力加速度答案

D物體由靜止開始向上運(yùn)動時,物體和手掌先一起加速向上,物體處于超重狀態(tài),之后

物體和手掌別離前,應(yīng)減速向上,物體處于失重狀態(tài),故A、B均錯誤。當(dāng)物體和手別離時,二者

速度相同,又因均做減速運(yùn)動,故別離條件為a手>a物,別離瞬間物體的加速度等于重力加速度,那么

手的加速度大于重力加速度,選項D正確,C錯誤。考查點超重和失重。思路點撥

分析出物體運(yùn)動的加速度方向是解此題的關(guān)鍵。超重時物體具有向上的加速度,

失重時物體具有向下的加速度。精品ppt考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用A組自主命題·北京卷題組1102.(2021課標(biāo)Ⅲ,20,6分)(多項選擇)如圖(a),物塊和木板疊放在實驗臺上,物塊用一不可伸長的細(xì)繩與

固定在實驗臺上的力傳感器相連,細(xì)繩水平。t=0時,木板開始受到水平外力F的作用,在t=4s時

撤去外力。細(xì)繩對物塊的拉力f隨時間t變化的關(guān)系如圖(b)所示,木板的速度v與時間t的關(guān)系如

圖(c)所示。木板與實驗臺之間的摩擦可以忽略。重力加速度取10m/s2。由題給數(shù)據(jù)可以得

出?()圖(a)圖(b)圖(c)B組統(tǒng)一命題·課標(biāo)卷題組精品ppt2.(2021課標(biāo)Ⅲ,20,6分)(多項選擇)如圖(a),物11A.木板的質(zhì)量為1kgB.2s~4s內(nèi),力F的大小為0.4NC.0~2s內(nèi),力F的大小保持不變D.物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.2答案

AB此題考查牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用,表達(dá)了物理學(xué)科科學(xué)推理的核心素養(yǎng)。分析知木板受到的摩擦力f'=f。0~2s,木板靜止,F=f',F逐漸增大,所以C錯誤。4s~5s,木板加速

度大小a2=?m/s2=0.2m/s2,對木板受力分析,f'=ma2=0.2N,得m=1kg,所以A正確。2s~4s,對木板有F-f'=ma1,F=f'+ma1=0.2N+1×?N=0.4N,所以B正確。由于無法確定物塊的質(zhì)量,那么盡管知道滑動摩擦力大小,仍無法確定物塊與木板間的動摩擦因數(shù),故D錯誤。思路分析

以木板為研究對象,通過f-t與v-t圖像對相應(yīng)過程進(jìn)行受力分析、運(yùn)動分析,列方程解出相應(yīng)的問題。精品pptA.木板的質(zhì)量為1kg答案

AB此題考查牛頓運(yùn)動定123.(2021課標(biāo)Ⅰ,20,6分,0.677)(多項選擇)如圖(a),一物塊在t=0時刻滑上一固定斜面,其運(yùn)動的v-t圖線

如圖(b)所示。假設(shè)重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為量,那么可求出?()A.斜面的傾角B.物塊的質(zhì)量C.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)D.物塊沿斜面向上滑行的最大高度答案

ACD

設(shè)物塊的質(zhì)量為m、斜面的傾角為θ,物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ,物塊沿斜

面上滑和下滑時的加速度大小分別為a1和a2,根據(jù)牛頓第二定律有:mgsinθ+μmgcosθ=ma1,mg

sinθ-μmgcosθ=ma2。再結(jié)合v-t圖線斜率的物理意義有:a1=

,a2=

。由上述四式可見,無法求出m,可以求出θ、μ,故B錯,A、C均正確。0~t1時間內(nèi)的v-t圖線與橫軸包圍的面積大小等于物

塊沿斜面上滑的最大距離,θ已求出,故可以求出物塊上滑的最大高度,故D正確。精品ppt3.(2021課標(biāo)Ⅰ,20,6分,0.677)(多項選擇)如134.(2021課標(biāo)Ⅲ,25,20分)如圖,兩個滑塊A和B的質(zhì)量分別為mA=1kg和mB=5kg,放在靜止于水平

地面上的木板的兩端,兩者與木板間的動摩擦因數(shù)均為μ1=0.5;木板的質(zhì)量為m=4kg,與地面間

的動摩擦因數(shù)為μ2=0.1。某時刻A、B兩滑塊開始相向滑動,初速度大小均為v0=3m/s。A、B相

遇時,A與木板恰好相對靜止。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,取重力加速度大小g=10m/s2。求(1)B與木板相對靜止時,木板的速度大小;(2)A、B開始運(yùn)動時,兩者之間的距離。

精品ppt4.(2021課標(biāo)Ⅲ,25,20分)如圖,兩個滑塊A和B的質(zhì)14答案(1)1m/s(2)1.9m解析此題考查直線運(yùn)動和牛頓定律。(1)滑塊A和B在木板上滑動時,木板也在地面上滑動。設(shè)A、B和木板所受的摩擦力大小分別

為f1、f2和f3,A和B相對于地面的加速度大小分別為aA和aB,木板相對于地面的加速度大小為a1。

在滑塊B與木板到達(dá)共同速度前有f1=μ1mAg?①f2=μ1mBg?②f3=μ2(m+mA+mB)g?③由牛頓第二定律得f1=mAaA?④f2=mBaB?⑤f2-f1-f3=ma1?⑥設(shè)在t1時刻,B與木板到達(dá)共同速度,其大小為v1。由運(yùn)動學(xué)公式有v1=v0-aBt1?⑦精品ppt答案(1)1m/s(2)1.9m精品ppt15v1=a1t1?⑧聯(lián)立①②③④⑤⑥⑦⑧式,代入數(shù)據(jù)得v1=1m/s⑨(2)在t1時間間隔內(nèi),B相對于地面移動的距離為sB=v0t1-?aB??⑩設(shè)在B與木板到達(dá)共同速度v1后,木板的加速度大小為a2。對于B與木板組成的體系,由牛頓第

二定律有f1+f3=(mB+m)a2??由①②④⑤式知,aA=aB;再由⑦⑧式知,B與木板到達(dá)共同速度時,A的速度大小也為v1,但運(yùn)動方

向與木板相反。由題意知,A和B相遇時,A與木板的速度相同,設(shè)其大小為v2。設(shè)A的速度大小

從v1變到v2所用的時間為t2,那么由運(yùn)動學(xué)公式,對木板有v2=v1-a2t2??對A有v2=-v1+aAt2??精品pptv1=a1t1?⑧精品ppt16在t2時間間隔內(nèi),B(以及木板)相對地面移動的距離為s1=v1t2-

a2

在(t1+t2)時間間隔內(nèi),A相對地面移動的距離為sA=v0(t1+t2)-

aA(t1+t2)2

A和B相遇時,A與木板的速度也恰好相同。因此A和B開始運(yùn)動時,兩者之間的距離為s0=sA+s1+sB

聯(lián)立以上各式,并代入數(shù)據(jù)得s0=1.9m

(也可用如圖的速度-時間圖線求解)

精品ppt在t2時間間隔內(nèi),B(以及木板)相對地面移動的距離為精品pp17審題指導(dǎo)如何建立物理情景,構(gòu)建解題路徑①首先分別計算出B與板、A與板、板與地面間的滑動摩擦力大小,判斷出A、B及木板的運(yùn)動

情況。②把握好幾個運(yùn)動節(jié)點。③由各自加速度大小可以判斷出B與木板首先到達(dá)共速,此后B與木板共同運(yùn)動。④A與木板存在相對運(yùn)動,且A運(yùn)動過程中加速度始終不變。⑤木板先加速后減速,存在兩個過程。精品ppt審題指導(dǎo)如何建立物理情景,構(gòu)建解題路徑精品ppt185.(2021天津理綜,8,6分)(多項選擇)我國高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平。和諧號動車組是由動車和拖

車編組而成,提供動力的車廂叫動車,不提供動力的車廂叫拖車。假設(shè)動車組各車廂質(zhì)量均相

等,動車的額定功率都相同,動車組在水平直軌道上運(yùn)行過程中阻力與車重成正比。某列動車

組由8節(jié)車廂組成,其中第1、5節(jié)車廂為動車,其余為拖車,那么該動車組?()

A.啟動時乘客受到車廂作用力的方向與車運(yùn)動的方向相反B.做勻加速運(yùn)動時,第5、6節(jié)與第6、7節(jié)車廂間的作用力之比為3∶2C.進(jìn)站時從關(guān)閉發(fā)動機(jī)到停下來滑行的距離與關(guān)閉發(fā)動機(jī)時的速度成正比D.與改為4節(jié)動車帶4節(jié)拖車的動車組最大速度之比為1∶2C組教師專用題組精品ppt5.(2021天津理綜,8,6分)(多項選擇)我國高鐵技術(shù)處19答案

BD啟動時,乘客與車一起做加速運(yùn)動,由牛頓第二定律可知,乘客受到車廂作用力的

方向與車運(yùn)動方向相同,選項A錯誤;對6、7、8節(jié)車廂水平方向受力分析,如圖甲所示

甲由牛頓第二定律可得:F1-3kmg=3ma;對7、8節(jié)車廂水平方向受力分析,如圖乙所示

乙由牛頓第二定律可得F2-2kmg=2ma,兩方程聯(lián)立可得

=

,選項B正確;動車組進(jìn)站時,做勻減速直線運(yùn)動,由速度位移公式可得x=

,即x與v2成正比,選項C錯誤;由功率定義和牛頓第二定律可得:精品ppt答案

BD啟動時,乘客與車一起做加速運(yùn)動,由牛頓第二20第一種情況動車組的最大速度為v1,

-8kmg=0,第二種情況動車組的最大速度為v2,

-8kmg=0,兩方程聯(lián)立可得

=

,選項D正確。審題指導(dǎo)在解答選項D時,理解“最大速度〞的含義是解答關(guān)鍵,速度最大時,動車組受到的

合外力為零。動車組問題為連接體問題,合理選取研究對象,可以有效減少計算量。評析此題考查功率、牛頓第二定律、速度位移公式、受力分析等知識點,意在考查考生的

理解能力和綜合分析能力。精品ppt第一種情況動車組的最大速度為v1,?-8kmg=0,審題指導(dǎo)216.(2021課標(biāo)Ⅱ,20,6分,0.45)(多項選擇)在一東西向的水平直鐵軌上,停放著一列已用掛鉤連接好的

車廂。當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時,連接某兩相鄰車廂的掛鉤

P和Q間的拉力大小為F;當(dāng)機(jī)車在西邊拉著車廂以大小為?a的加速度向西行駛時,P和Q間的拉力大小仍為F。不計車廂與鐵軌間的摩擦,每節(jié)車廂質(zhì)量相同,那么這列車廂的節(jié)數(shù)可能為

?()A.8

B.10

C.15

D.18答案

BC如以以下圖,假設(shè)掛鉤P、Q東邊有x節(jié)車廂,西邊有y節(jié)車廂,每節(jié)車廂質(zhì)量為m。當(dāng)

向東行駛時,以y節(jié)車廂為研究對象,那么有F=mya;當(dāng)向西行駛時,以x節(jié)車廂為研究對象,那么有F=

?mxa,聯(lián)立兩式有y=?x。可見,列車車廂總節(jié)數(shù)N=x+y=?x,設(shè)x=3n(n=1,2,3,…),那么N=5n,故可知選項B、C正確。

精品ppt6.(2021課標(biāo)Ⅱ,20,6分,0.45)(多項選擇)在一227.(2021課標(biāo)Ⅰ,25,20分)一長木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物塊;在木板右方有

一墻壁,木板右端與墻壁的距離為4.5m,如圖(a)所示。t=0時刻開始,小物塊與木板一起以共同

速度向右運(yùn)動,直至t=1s時木板與墻壁碰撞(碰撞時間極短)。碰撞前后木板速度大小不變,方

向相反;運(yùn)動過程中小物塊始終未離開木板。碰撞后1s時間內(nèi)小物塊的v-t圖線如圖(b)所

示。木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍,重力加速度大小g取10m/s2。求(1)木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2;(2)木板的最小長度;(3)木板右端離墻壁的最終距離。

精品ppt7.(2021課標(biāo)Ⅰ,25,20分)一長木板置于粗糙水平地面23答案(1)0.10.4(2)6.0m(3)6.5m解析(1)規(guī)定向右為正方向。木板與墻壁相碰前,小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動,設(shè)加

速度為a1,小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M。由牛頓第二定律有-μ1(m+M)g=(m+M)a1

①由圖(b)可知,木板與墻壁碰前瞬間的速度v1=4m/s,由運(yùn)動學(xué)公式得v1=v0+a1t1

②s0=v0t1+

a1

③式中,t1=1s,s0=4.5m是木板與墻壁碰前瞬間的位移,v0是小物塊和木板開始運(yùn)動時的速度。聯(lián)立①②③式并結(jié)合題給條件得μ1=0.1

④在木板與墻壁碰撞后,木板以-v1的初速度向左做勻變速運(yùn)動,小物塊以v1的初速度向右做勻變

速運(yùn)動。設(shè)小物塊的加速度為a2,由牛頓第二定律有-μ2mg=ma2

⑤由圖(b)可得精品ppt答案(1)0.10.4(2)6.0m(3)6.524a2=??⑥式中,t2=2s,v2=0,聯(lián)立⑤⑥式并結(jié)合題給條件得μ2=0.4?⑦(2)設(shè)碰撞后木板的加速度為a3,經(jīng)過時間Δt,木板和小物塊剛好具有共同速度v3。由牛頓第二

定律及運(yùn)動學(xué)公式得μ2mg+μ1(M+m)g=Ma3?⑧v3=-v1+a3Δt?⑨v3=v1+a2Δt?⑩碰撞后至木板和小物塊剛好到達(dá)共同速度的過程中,木板的位移為s1=?Δt??小物塊的位移為s2=?Δt??小物塊相對木板的位移為精品ppta2=??⑥精品ppt25Δs=s2-s1

聯(lián)立⑥⑧⑨⑩

式,并代入數(shù)據(jù)得Δs=6.0m

因為運(yùn)動過程中小物塊沒有脫離木板,所以木板的最小長度應(yīng)為6.0m。(3)在小物塊和木板具有共同速度后,兩者向左做勻變速運(yùn)動直至停止,設(shè)加速度為a4,此過程中

小物塊和木板運(yùn)動的位移為s3。由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式得μ1(m+M)g=(m+M)a4

0-

=2a4s3

碰后木板運(yùn)動的位移為s=s1+s3

聯(lián)立⑥⑧⑨⑩

式,并代入數(shù)據(jù)得s=-6.5m

木板右端離墻壁的最終距離為6.5m。精品pptΔs=s2-s1??精品ppt268.(2021課標(biāo)Ⅱ,25,20分,0.204)下暴雨時,有時會發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害。某地有一

傾角為θ=37°(sin37°=?)的山坡C,上面有一質(zhì)量為m的石板B,其上下外表與斜坡平行;B上有一碎石堆A(含有大量泥土),A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài),如以以下圖。假設(shè)某次暴雨中,A浸透雨水后總

質(zhì)量也為m(可視為質(zhì)量不變的滑塊),在極短時間內(nèi),A、B間的動摩擦因數(shù)μ1減小為?,B、C間的動摩擦因數(shù)μ2減小為0.5,A、B開始運(yùn)動,此時刻為計時起點;在第2s末,B的上外表突然變?yōu)?/p>

光滑,μ2保持不變。A開始運(yùn)動時,A離B下邊緣的距離l=27m,C足夠長。設(shè)最大靜摩擦力

等于滑動摩擦力。取重力加速度大小g=10m/s2。求:

(1)在0~2s時間內(nèi)A和B加速度的大小;(2)A在B上總的運(yùn)動時間。答案(1)3m/s21m/s2(2)4s精品ppt8.(2021課標(biāo)Ⅱ,25,20分,0.204)下暴雨時,有27解析(1)在0~2s時間內(nèi),A和B的受力如以以下圖,其中f1、N1是A與B之間的摩擦力和正壓力的大

小,f2、N2是B與C之間的摩擦力和正壓力的大小,方向如以以下圖。由滑動摩擦力公式和力的平

衡條件得

f1=μ1N1?①N1=mgcosθ?②f2=μ2N2?③N2=N1+mgcosθ?④規(guī)定沿斜面向下為正方向。設(shè)A和B的加速度分別為a1和a2,由牛頓第二定律得精品ppt解析(1)在0~2s時間內(nèi),A和B的受力如以以下圖,其中28mgsinθ-f1=ma1?⑤mgsinθ-f2+f1=ma2?⑥聯(lián)立①②③④⑤⑥式,并代入題給條件得a1=3m/s2?⑦a2=1m/s2?⑧(2)在t1=2s時,設(shè)A和B的速度分別為v1和v2,那么v1=a1t1=6m/s⑨v2=a2t1=2m/s⑩t>t1時,設(shè)A和B的加速度分別為a1'和a2'。此時A與B之間的摩擦力為零,同理可得a1'=6m/s2??a2'=-2m/s2??即B做減速運(yùn)動。設(shè)經(jīng)過時間t2,B的速度減為零,那么有v2+a2't2=0??聯(lián)立???式得精品pptmgsinθ-f1=ma1?⑤精品ppt29t2=1s?在t1+t2時間內(nèi),A相對于B運(yùn)動的距離為s=?-?=12m<27m?此后B靜止不動,A繼續(xù)在B上滑動。設(shè)再經(jīng)過時間t3后A離開B,那么有l(wèi)-s=(v1+a1't2)t3+?a1'???可得t3=1s(另一解不合題意,舍去)??設(shè)A在B上總的運(yùn)動時間為t總,有t總=t1+t2+t3=4s?(利用下面的速度圖線求解,正確的,參照上述答案及評分參考給分。)精品pptt2=1s?精品ppt309.(2021課標(biāo)Ⅱ,24,13分)2021年10月,奧地利極限運(yùn)發(fā)動菲利克斯·鮑姆加特納乘氣球升至約39km的高空后跳下,經(jīng)過4分20秒到達(dá)距地面約1.5km高度處,翻開降落傘并成功落地,打破了跳

傘運(yùn)動的多項世界紀(jì)錄。取重力加速度的大小g=10m/s2。(1)假設(shè)忽略空氣阻力,求該運(yùn)發(fā)動從靜止開始下落至1.5km高度處所需的時間及其在此處速度

的大小;(2)實際上,物體在空氣中運(yùn)動時會受到空氣的阻力,高速運(yùn)動時所受阻力的大小可近似表示為

f=kv2,其中v為速率,k為阻力系數(shù),其數(shù)值與物體的形狀、橫截面積及空氣密度有關(guān)。該運(yùn)

發(fā)動在某段時間內(nèi)高速下落的v-t圖像如以以下圖。假設(shè)該運(yùn)發(fā)動和所帶裝備的總質(zhì)量m=100kg,

試估算該運(yùn)發(fā)動在到達(dá)最大速度時所受阻力的阻力系數(shù)。(結(jié)果保存1位有效數(shù)字)精品ppt9.(2021課標(biāo)Ⅱ,24,13分)2021年10月,奧地利31答案(1)87s8.7×102m/s(2)0.008kg/m解析(1)設(shè)該運(yùn)發(fā)動從開始自由下落至1.5km高度處的時間為t,下落距離為s,在1.5km高度

處的速度大小為v。根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有v=gt?①s=?gt2?②根據(jù)題意有s=3.9×104m-1.5×103m=3.75×104m③聯(lián)立①②③式得t=87s④v=8.7×102m/s⑤(2)該運(yùn)發(fā)動到達(dá)最大速度vmax時,加速度為零,根據(jù)牛頓第二定律有mg=k??⑥由所給的v-t圖像可讀出vmax≈360m/s⑦由⑥⑦式得k=0.008kg/m⑧精品ppt答案(1)87s8.7×102m/s(2)0.0032考點一牛頓運(yùn)動定律的理解和簡單應(yīng)用三年模擬A組2021—2021年高考模擬·考點根底題組1.(2021北京四中期中,14)伽利略對自由落體運(yùn)動的研究,是科學(xué)實驗和邏輯思維的完美結(jié)合,

圖可大致表示其實驗和思維的過程。讓小球由傾角為θ的光滑斜面滑下,然后在不同的θ時分

別進(jìn)行屢次實驗,最后推理出自由落體運(yùn)動是一種勻加速直線運(yùn)動。對這一過程的分析,以下

說法中不正確的選項是?()A.采用圖甲的斜面實驗,可“沖淡〞重力的作用,使時間更容易測量B.讓不同質(zhì)量的球沿相同斜面下滑,可證實小球均做加速度相同的勻變速運(yùn)動C.伽利略通過實驗直接測量了物體自由下落的位移與時間的平方的關(guān)系D.圖甲是實驗現(xiàn)象,圖丁的情景是經(jīng)過合理的外推得到的結(jié)論精品ppt考點一牛頓運(yùn)動定律的理解和簡單應(yīng)用三年模擬A組202133答案

C伽利略的時代無法直接測定瞬時速度,所以也就無法直接得到速度的變化規(guī)律。

但是伽利略通過數(shù)學(xué)運(yùn)算得出結(jié)論:如果物體初速度為零,且速度隨時間均勻變化,即v∝t,那么

它通過的位移與所用時間的二次方成正比,即x∝t2,這樣只要測出物體通過不同位移所用的時

間,就可以驗證這個物體的速度是否隨時間均勻變化。由于伽利略時代靠滴水計時,不能測量

自由落體運(yùn)動所用的時間。伽利略采用了一個巧妙的方法,用來“沖淡〞重力的作用,他讓銅

球沿阻力很小的斜面下滑,由于小球沿斜面下滑時加速度比它豎直下落的加速度小得多,所用

時間長得多,所以容易測量,所以A正確。讓不同質(zhì)量的球沿相同斜面下滑,可證實小球均做加

速度相同的勻變速運(yùn)動,故B正確。圖甲、乙、丙均是實驗現(xiàn)象,圖丁所示的情景是經(jīng)過合理

的外推得到的結(jié)論,故D正確。應(yīng)選C。思路點撥

伽利略對自由落體運(yùn)動的研究方法是實驗結(jié)論的合理外推。精品ppt答案

C伽利略的時代無法直接測定瞬時速度,所以也就無342.(2021北京豐臺二模,18)如以以下圖,滑塊A以一定的初速度從粗糙斜面體B的底端沿斜面向上

滑,然后又返回,整個過程中斜面體B與地面之間沒有相對滑動。那么滑塊向上滑和向下滑的

兩個過程中?()

A.滑塊向上滑動的加速度等于向下滑動的加速度B.滑塊向上滑動的時間等于向下滑動的時間C.斜面體B受地面的支持力大小始終等于A與B的重力之和D.滑塊上滑過程中損失的機(jī)械能等于下滑過程中損失的機(jī)械能精品ppt2.(2021北京豐臺二模,18)如以以下圖,滑塊A以一定的35答案

D滑塊上滑時,受重力G、斜面的支持力N和沿斜面向下的摩擦力,由牛頓第二定律可

得其加速度大小a上=?。下滑時,受重力G、支持力N和沿斜面向上的摩擦力,由牛頓第二定律可得其加速度大小a下=?,a上>a下,又滑塊沿斜面上滑的位移等于沿斜面下滑的位移,由x=?at2可得t上<t下,A、B錯誤。因為滑塊有沿斜面向下的加速度,此加速度有豎直向下的分加速度,滑塊處于失重狀態(tài),那么斜面體B受地面的支持力大小小于A與B的

重力之和,C項錯誤。滑塊上滑過程中損失的機(jī)械能ΔE機(jī)上=Q熱上=f上x上,下滑過程中損失的機(jī)械

能ΔE機(jī)下=Q熱下=f下x下,因f上=f下,x上=x下,那么ΔE機(jī)上=ΔE機(jī)下,D項正確。解題關(guān)鍵

對滑塊正確受力分析求加速度,并結(jié)合位移公式x=?at2比較運(yùn)動時間。斜面體B受地面的支持力也是斜面體和滑塊組成的整體受到的支持力,由超、失重條件可以比較支持力與重力大小。ΔE機(jī)=Q熱=fx。精品ppt答案

D滑塊上滑時,受重力G、斜面的支持力N和沿斜面363.(2021北京朝陽期中)電梯內(nèi)有一個質(zhì)量為m的物體,用細(xì)線懸掛在電梯的天花板上。當(dāng)

地的重力加速度為g,當(dāng)電梯以?g的加速度豎直向下做勻加速直線運(yùn)動時,細(xì)線對物體拉力的大小為?()A.?mg

B.?mg

C.?mg

D.mg答案

B對物體受力分析如以以下圖。由牛頓第二定律有ma=mg-Ta=?g,那么T=?mg,故此題選B。精品ppt3.(2021北京朝陽期中)電梯內(nèi)有一個質(zhì)量為m的物體,用細(xì)374.(2021北京石景山期末,4)如以以下圖,一直桿固定在小車上,直桿的頂端固定著一小球。當(dāng)小車

向右做勻加速運(yùn)動時,直桿對小球作用力的方向可能沿圖中的?()A.OA方向

B.OB方向C.OC方向

D.OD方向答案

C小球和小車一起向右勻加速運(yùn)動,小球受重力和直桿對它的作用力,所受合外力水

平向右。當(dāng)直桿對小球作用力的方向沿OC方向時,該作用力可產(chǎn)生豎直向上的分力與重力平

衡,還可以產(chǎn)生向右的分力提供加速度,應(yīng)選C。精品ppt4.(2021北京石景山期末,4)如以以下圖,一直桿固定在小385.(2021北京朝陽期中,17)如以以下圖,一個滑雪運(yùn)發(fā)動,質(zhì)量m=75kg,以v0=2.0m/s的初速度沿山

坡勻加速滑下,山坡的傾角θ=30°,在t=5.0s的時間內(nèi)滑下的路程x=60m。取重力加速度g=10m/s2。求:(1)滑雪運(yùn)發(fā)動加速度a的大小;(2)滑雪運(yùn)發(fā)動受到阻力f的大小。答案(1)4.0m/s2(2)75N解析(1)因為x=v0t+?at2所以a=4.0m/s2?(3分)(2)分析運(yùn)發(fā)動的受力情況,根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ-f=ma所以f=75N(3分)思路分析選研究對象→受力分析→正交分解→列平衡方程或牛頓第二定律方程。精品ppt5.(2021北京朝陽期中,17)如以以下圖,一個滑雪運(yùn)發(fā)動39考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用1.(2021北京通州期中,8)如以以下圖,在彈簧測力計下掛一重物,重力為G,用手提著彈簧測力計沿豎直方向由靜止開始向上運(yùn)動再到靜止。在此過程中,以下說法正確的選項是?()A.彈簧測力計的示數(shù)一直大于GB.彈簧測力計的示數(shù)一直等于GC.先出現(xiàn)失重現(xiàn)象后出現(xiàn)超重現(xiàn)象D.先出現(xiàn)超重現(xiàn)象后出現(xiàn)失重現(xiàn)象答案

D當(dāng)向上加速時,加速度向上,處于超重狀態(tài),彈簧測力計的示數(shù)大于G,當(dāng)向上減速時,

加速度方向向下,處于失重狀態(tài),彈簧測力計的示數(shù)小于G,應(yīng)選項D正確,選項A、B、C錯誤。解題關(guān)鍵此題考查了超重和失重的條件。示數(shù)大于物重,說明超重,具有向上的加速度,向上

的加速運(yùn)動和向下的減速運(yùn)動中加速度都向上;示數(shù)小于物重,說明失重,具有向下的加速度,

向上的減速運(yùn)動和向下的加速運(yùn)動中加速度都向下。精品ppt考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用1.(2021北京通州期中,8402.(2021北京牛欄山一中期中,5)如以以下圖,小芳在體重計上完成下蹲動作,以下反映體重計示數(shù)

隨時間變化的F-t圖像可能正確的選項是?()

精品ppt2.(2021北京牛欄山一中期中,5)如以以下圖,小芳在體重41答案

C對人的運(yùn)動過程分析可知,人下蹲的過程可以分成兩段:人在加速下蹲的過程中,有

向下的加速度,處于失重狀態(tài),此時人對傳感器的壓力小于人的重力的大小;在減速下蹲的過程

中,加速度方向向上,處于超重狀態(tài),此時人對傳感器的壓力大于人的重力的大小。A、B、D

錯誤,C正確。易錯警示此題主要考查了對超重、失重現(xiàn)象的理解,人處于超重或失重狀態(tài)時,人的重力并

沒變,只是對支持物的壓力變了。精品ppt答案

C對人的運(yùn)動過程分析可知,人下蹲的過程可以分成423.(2021北京朝陽二模,16)如以以下圖,A、B兩物塊的質(zhì)量分別為m和M,把它們靠在一起從光滑

斜面的頂端由靜止開始下滑。斜面的傾角為θ,斜面始終保持靜止。那么在此過程中,物塊A

對物塊B的作用力為?()A.0

B.MgsinθC.mgsinθ

D.(M-m)gsinθ答案

A

斜面光滑,將A、B看做一個整體,加速度為gsinθ,單獨(dú)分析A或B,如果A、B間有作

用力,那么A或B的加速度不是gsinθ,所以A選項正確?？疾辄c受力分析、整體法、隔離法。精品ppt3.(2021北京朝陽二模,16)如以以下圖,A、B兩物塊的434.(2021北京西城二模,18)一種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重。一個可乘十多個人的

環(huán)形座艙套裝在豎直柱子上,由升降機(jī)送上幾十米的高處,然后讓座艙自由落下。落到一定位

置時,制動系統(tǒng)啟動,座艙做減速運(yùn)動,到地面時剛好停下。在上述過程中,關(guān)于座艙中的人所

處的狀態(tài),以下判斷正確的選項是?()A.在座艙自由下落的過程中人處于超重狀態(tài)B.在座艙減速運(yùn)動的過程中人處于超重狀態(tài)C.在座艙整個運(yùn)動過程中人都處于失重狀態(tài)D.在座艙整個運(yùn)動過程中人都處于超重狀態(tài)答案

B由題意知座艙先做自由落體運(yùn)動(加速度等于g,方向向下)再減速下降(加速度方向

向上),所以人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài)。解題關(guān)鍵

超重、失重的概念及條件。精品ppt4.(2021北京西城二模,18)一種巨型娛樂器械可以使人體445.(2021北京四中期中,13)如以以下圖,輕彈簧左端固定在豎直墻上,右端與木塊B相連,木塊A緊靠

木塊B放置,A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)分別為μA、μB,且μA>μB。用水平力F向左壓A,使彈簧

被壓縮,系統(tǒng)保持靜止。撤去F后,A、B向右運(yùn)動并最終別離。以下判斷正確的選項是?()

A.A、B別離時,彈簧長度一定等于原長B.A、B別離時,彈簧長度一定大于原長C.A、B別離時,彈簧長度一定小于原長D.A、B別離后極短時間內(nèi),A的加速度大于B的加速度精品ppt5.(2021北京四中期中,13)如以以下圖,輕彈簧左端固定45答案

B當(dāng)A、B間無相互作用且加速度相等時,兩物體分開,設(shè)A、B別離時彈簧處于伸長狀

態(tài)且彈力為T,根據(jù)牛頓第二定律,對B:T+μBmBg=mBaB,得aB=?+μBg;對A:μAmAg=mAaA,得aA=μAg;由于μA>μB,aA=aB,得T=mB(μA-μB)g>0,假設(shè)成立,故A、C錯誤,B正確。A、B別離后極短時間內(nèi),根

據(jù)牛頓第二定律,對B:T+μBmBg=mBaB,T增大,加速度增大;對A:μAmAg=mAaA,加速度不變,所以A、B

別離后極短時間內(nèi),A的加速度小于B的加速度,故D錯誤。解題關(guān)鍵

解此題的關(guān)鍵是明確A、B兩木塊別離時的條件是它們之間的彈力為零、加速度

相等,然后分別對A、B受力分析并結(jié)合牛頓第二定律分析求解。精品ppt答案

B當(dāng)A、B間無相互作用且加速度相等時,兩物體分466.(2021北京民大附中月考,8)(多項選擇)如以以下圖,A、B兩個皮帶輪被緊繃的傳送皮帶包裹,傳送皮

帶與水平面的夾角為θ,在電動機(jī)的帶動下,可利用傳送皮帶傳送貨物。皮帶輪與皮帶之

間無相對滑動,皮帶輪不轉(zhuǎn)動時,某物體從皮帶頂端由靜止開始下滑到皮帶底端所用的時間

是t,那么?()

A.當(dāng)皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動時,該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定等于tB.當(dāng)皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動時,該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定小于tC.當(dāng)皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動時,該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間可能等于tD.當(dāng)皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動時,該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定小于t精品ppt6.(2021北京民大附中月考,8)(多項選擇)如以以下圖,47答案

AD皮帶輪不轉(zhuǎn)動時,物體所受摩擦力方向沿皮帶向上,物體下滑的加速度a=gsinθ-μgcosθ,當(dāng)皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動時,物體相對皮帶的運(yùn)動方向向下,摩擦力方向仍沿皮帶向上,

物體下滑的加速度仍是a=gsinθ-μgcosθ,物體下滑到底端所用時間仍是t,A正確、B錯誤。當(dāng)

皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動時,初始階段物體相對皮帶的運(yùn)動方向向上,所受摩擦力方向沿皮帶向

下,加速度a'=gsinθ+μgcosθ>a,此狀態(tài)可能一直持續(xù)到物體下滑到底端,也可能在加速到與皮

帶的速度相等后物體再以加速度a=gsinθ-μgcosθ下滑,故物體下滑通過同樣大的位移所用的

時間更少,C錯誤、D正確。精品ppt答案

AD皮帶輪不轉(zhuǎn)動時,物體所受摩擦力方向沿皮帶向487.(2021北京石景山期末,15)如以以下圖,一質(zhì)量m=2kg的木箱靜止在粗糙水平面上。從t=0開始,

木箱受到F=10N、與水平面的夾角為θ=37°的恒定拉力,沿水平面勻加速運(yùn)動。木箱與

水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

(1)畫出木箱受力的示意圖;(2)求木箱的加速度a的大小;(3)求0~2s時間內(nèi),木箱位移x的大小。答案(1)見解析(2)2.6m/s2(3)5.2m精品ppt7.(2021北京石景山期末,15)如以以下圖,一質(zhì)量m=249解析

(1)木箱受力如以以下圖?(3分)(2)豎直方向:FN+Fsinθ-mg=0?(1分)水平方向:Fcosθ-f=ma?(1分)摩擦力f=μFN解得加速度a=2.6m/s2?(1分)(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動規(guī)律,x=?at2?(1分)解得x=5.2m(1分)易錯警示此題計算f時,有些學(xué)生算成f=μmg,導(dǎo)致錯誤。精品ppt解析

(1)木箱受力如以以下圖?(3分)解得x=5.250一、選擇題〔每題6分，共48分〕B組2021—2021年高考模擬·專題綜合題組(時間：45分鐘分值：70分)1.(2021北京民大附中月考)伽利略在研究力和運(yùn)動的關(guān)系的時候,用兩個對接的斜面,一個斜

面固定,讓小球從斜面上滾下,又滾上另一個傾角可以改變的斜面,斜面傾角逐漸改變至零,如

圖所示。伽利略設(shè)計這個實驗是為了說明?()

A.如果沒有摩擦,小球?qū)⑦\(yùn)動到與釋放時相同的高度B.如果沒有摩擦,物體運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒C.物體做勻速直線運(yùn)動并不需要力來維持D.如果物體不受到力,就不會運(yùn)動答案

C伽利略通過理想斜面實驗推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動的原因〞的觀

點,說明了物體做勻速直線運(yùn)動并不需要力來維持,因此選C。精品ppt一、選擇題〔每題6分，共48分〕B組2021—2021年512.(2021北京海淀二模,19)應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加深入有

趣。有一塊橡皮靜止于平整的水平桌面上,現(xiàn)用手指沿水平方向推橡皮,橡皮將由靜止開始運(yùn)

動,并且在離開手指后還會在桌面上滑行一段距離才停止運(yùn)動。關(guān)于橡皮從靜止到離開手指

的運(yùn)動過程,以下說法中正確的選項是?()A.橡皮離開手指瞬間加速度為零B.橡皮離開手指前一直做加速運(yùn)動C.水平推力越大,橡皮受到的摩擦力越大D.橡皮一定在與手指別離之前出現(xiàn)最大速度答案

D對橡皮受力分析,橡皮離開手指前水平方向受到向前的推力和向后的摩擦力。橡

皮離開手指的過程中,與手指間彈力不斷減小,當(dāng)減小到零時,兩者沒有相互作用力,開始脫

離。離開手指瞬間,還有摩擦力,加速度不為零,A錯。離開手指前,橡皮先加速、后減速,當(dāng)推

力等于摩擦力時速度達(dá)最大值,B錯,D對?；瑒幽Σ亮=μmg與外力無關(guān),C錯?？疾辄c

生活現(xiàn)象與物理知識的結(jié)合、受力分析、牛頓第二定律。解題關(guān)鍵

注意找到臨界狀態(tài),兩者之間的相互作用力為零是兩者剛要脫離的臨界條件。精品ppt2.(2021北京海淀二模,19)應(yīng)用物理知識分析生活中的常523.(2021北京延慶一模,18)蹦極是一項富有挑戰(zhàn)性的運(yùn)動,運(yùn)發(fā)動將彈性繩的一端系在身上,另

一端固定在高處,然后運(yùn)發(fā)動從高處跳下,如以以下圖。圖中a點是彈性繩自然下垂時繩下端的

位置,c點是運(yùn)發(fā)動所到達(dá)的最低點。在運(yùn)發(fā)動從a點到c點的運(yùn)動過程中,忽略空氣阻力,以下

說法正確的選項是?()A.運(yùn)發(fā)動的速度一直增大B.運(yùn)發(fā)動的加速度始終減小C.運(yùn)發(fā)動始終處于失重狀態(tài)D.運(yùn)發(fā)動克服彈力做的功大于重力對運(yùn)發(fā)動做的功答案

D在彈性繩從原長到達(dá)最低點的過程中,開始階段,運(yùn)發(fā)動的重力大于繩的拉力,運(yùn)動

員做加速運(yùn)動,加速度隨繩子的拉力的增大而減小,后來繩的拉力大于運(yùn)發(fā)動的重力,運(yùn)發(fā)動受

到的合力向上,加速度隨拉力的增大而增大,那么運(yùn)發(fā)動從a點下落到c點的過程中加速度先減小

后增加,速度先增加后減小,選項A、B錯誤。運(yùn)發(fā)動有減速的過程,加速度向上,是超重,選項C

錯誤。運(yùn)發(fā)動克服彈力做的功等于重力勢能的變化量和動能變化量之和,選項D正確。精品ppt3.(2021北京延慶一模,18)蹦極是一項富有挑戰(zhàn)性的運(yùn)動534.(2021北京海淀期中,5)(多項選擇)如以以下圖,在上端開口的飲料瓶的側(cè)面戳一個小孔,瓶中灌水,手持飲料瓶靜止時,小孔有水噴出。假設(shè)飲料瓶在以下運(yùn)動中,沒有發(fā)生轉(zhuǎn)動且忽略空氣阻力,小孔不再向外噴水的是?()A.自由下落B.飲料瓶被水平拋出后的運(yùn)動過程中C.飲料瓶被豎直向上拋出后的運(yùn)動過程中D.手持飲料瓶向上加速運(yùn)動的過程中答案

ABC飲料瓶沒有發(fā)生轉(zhuǎn)動且忽略空氣阻力時,在空中只受重力,整體的加速度為g,處

于完全失重狀態(tài),水和瓶之間沒有壓力,水不會噴出。假設(shè)手持飲料瓶向上加速,水具有向上的加

速度,處于超重狀態(tài),水會從小孔噴出。知識拓展假設(shè)飲料瓶被拋出后,瓶和水之間存在壓力,那么水的加速度小于g,瓶的加速度大于g,二者別離,直至二者間沒有壓力,到達(dá)a=g后一起運(yùn)動,這就是完全失重,物體好似不受重力一樣。精品ppt4.(2021北京海淀期中,5)(多項選擇)如以以下圖,在上545.(2021北京朝陽期中)如以以下圖,水平傳送帶在電動機(jī)帶動下始終保持以速度v勻速運(yùn)動,某時

刻質(zhì)量為m的物塊無初速地放在傳送帶的左端,經(jīng)過一段時間物塊能與傳送帶保持相對靜

止。物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ。假設(shè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,對于物塊放上傳送帶

到物塊與傳送帶相對靜止的過程,以下說法中正確的選項是?()A.物塊所受摩擦力的方向水平向左B.物塊運(yùn)動的時間為

C.物塊相對地面的位移大小為

D.物塊相對傳送帶的位移大小為

精品ppt5.(2021北京朝陽期中)如以以下圖,水平傳送帶在電動機(jī)帶55答案

D物塊在傳送帶上向右加速的過程中,所受摩擦力的方向水平向右,故A項錯誤;由牛

頓第二定律知物塊加速過程的加速度大小a=

=μg,故物塊相對傳送帶運(yùn)動的時間t=

=

,故B項錯誤;物塊與傳送帶相對運(yùn)動過程中,物塊相對地面的位移s1=

at2=

,故C項錯誤;物塊與傳送帶相對運(yùn)動過程中,傳送帶相對地面的位移s2=vt=

,故物塊相對傳送帶的位移大小Δs=s2-s1=

,D項正確。精品ppt答案

D物塊在傳送帶上向右加速的過程中,所受摩擦力的566.(2021北京豐臺期末,12)圖甲是某人站在接有傳感器的平板上做下蹲、起跳和回落動作的示

意圖,圖中的小黑點表示人的重心。圖乙是平板所受壓力隨時間變化的圖像,取重力加速度g=

10m/s2。根據(jù)圖像分析可知?()

甲乙A.人的重力可由b點讀出,約為300NB.b到c的過程中,人先處于超重狀態(tài)再處于失重狀態(tài)C.人在雙腳離開平板的過程中,重力的沖量約為360N·sD.人在b點對應(yīng)時刻的加速度大于在c點對應(yīng)時刻的加速度精品ppt6.(2021北京豐臺期末,12)圖甲是某人站在接有傳感器的57答案

C開始時人處于平衡狀態(tài),人對傳感器的壓力是900N,人的重力也是900N,故A錯誤;

b到c的過程中,人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài),故B錯誤;雙腳離開平板的過程中歷時0.4s,

那么重力的沖量約為900×0.4=360N·s,那么C正確;b點彈力與重力的差值要小于c點彈力與重力的

差值,那么b點的加速度要小于c點的加速度,那么D錯誤。思路點撥失重狀態(tài):當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時,就說物體處于失重狀態(tài),此時有向下的加速度。超重狀態(tài):當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時,就說物體處于超重狀態(tài),此時有向上的加速度。開始時人對傳感器的壓力等于其重力。人下蹲過程分別有失重和超重兩個過程,先是加速下降失重,到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重,起立也是如此。解題關(guān)鍵此題考查物理知識與生活的聯(lián)系,注意細(xì)致分析物理過程,仔細(xì)觀察速度的變化情

況,與超重、失重的概念聯(lián)系起來加以識別。精品ppt答案

C開始時人處于平衡狀態(tài),人對傳感器的壓力是90587.(2021北京東城一模,18)某裝置的結(jié)構(gòu)如以以下圖:在外殼的基板上固定一個螺栓,螺栓上有一

頂端焊有鋼球的彈簧,螺栓、彈簧、鋼球及外殼都是電的良導(dǎo)體。在靜止?fàn)顟B(tài)下,鋼球和外殼

呈斷開狀態(tài)不會導(dǎo)通,當(dāng)受到?jīng)_擊,鋼球產(chǎn)生運(yùn)動與外殼接通,便可觸發(fā)執(zhí)行電路(未畫出),使報

警器等元件開始工作。假設(shè)此裝置由靜止從高處墜落,重力加速度用g表示,以下說法正確的選項是

?()A.開始下落的瞬間,鋼球的加速度為gB.開始下落的瞬間,外殼的加速度為gC.在執(zhí)行電路被接通前,鋼球的加速度方向可能向上D.在執(zhí)行電路被接通前,外殼的加速度可能小于g精品ppt7.(2021北京東城一模,18)某裝置的結(jié)構(gòu)如以以下圖:在59答案

D開始下落瞬間,彈簧彈力不變,鋼球的加速度a=0,外殼的加速度a'=?g>g,故A、B錯。執(zhí)行電路被接通前,球和外殼未接觸,開始時彈力等于重力,彈簧被壓縮,后來假設(shè)彈

簧仍被壓縮,那么形變量會變小,那么鋼球所受合力向下,加速度a<g,假設(shè)彈簧被拉伸,那么鋼球所受合力

向下,加速度a>g,故C錯,D正確。思路分析

確定研究對象,進(jìn)行受力分析。精品ppt答案

D開始下落瞬間,彈簧彈力不變,鋼球的加速度a=608.(2021北京東城期末,11)如圖甲所示,傾斜的傳送帶正以恒定速率v1沿順時針方向轉(zhuǎn)動,傳送

帶的傾角為37°。一物塊以初速度v0從傳送帶的底部沖上傳送帶并沿傳送帶向上運(yùn)動,其運(yùn)動

的v-t圖像如圖乙所示,物塊到傳送帶頂端時速度恰好為零,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2,

那么?()A.由圖乙可知,0~1s內(nèi)物塊受到的摩擦力大于1~2s內(nèi)的摩擦力B.摩擦力方向一直與物塊運(yùn)動的方向相反C.物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為?D.傳送帶底端到頂端的距離為11m精品ppt8.(2021北京東城期末,11)如圖甲所示,傾斜的傳送帶正61答案

C由乙圖可知在0~1s內(nèi)物塊的速度大于傳送帶的速度,物塊所受摩擦力的方向沿斜

面向下,與物塊運(yùn)動的方向相反;1~2s內(nèi),物塊的速度小于傳送帶的速度,物塊所受摩擦力的方

向沿斜面向上,與物塊運(yùn)動的方向相同,由于物塊對傳送帶的壓力不變,根據(jù)摩擦力公式f=μFN

可知兩段時間內(nèi)摩擦力大小相等,應(yīng)選項A、B錯誤。在0~1s內(nèi)物塊的加速度大小為a=?=?m/s2=-8m/s2,根據(jù)牛頓第二定律得,-(mgsin37°+μmgcos37°)=ma,解得μ=?,故C正確;物塊上升的位移大小等于圖線與橫坐標(biāo)軸所包圍的面積大小,x=?×1m+?m=10m,所以傳送帶底端到頂端的距離為10m,故D錯誤。解題關(guān)鍵理清物體在整個過程中的運(yùn)動規(guī)律,結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行求解。精品ppt答案

C由乙圖可知在0~1s內(nèi)物塊的速度大于傳送帶629.(10分)(2021北京海淀期中,13)商場工作人員推著質(zhì)量m=20kg的貨箱沿水平地面滑行。假設(shè)

用力F1=100N沿水平方向推貨箱,貨箱恰好做勻速直線運(yùn)動;現(xiàn)改用F2=120N水平推力把貨箱

從靜止開始推動。(g取10m/s2)(1)求貨箱與地面之間的動摩擦因數(shù);(2)F2作用在貨箱上時,求貨箱運(yùn)動的加速度大小;(3)在F2作用下,貨箱運(yùn)動4.0s時撤掉推力,求貨箱從靜止開始運(yùn)動的總位移大小。二、非選擇題〔共25分〕答案(1)0.5(2)1.0m/s2(3)9.6m精品ppt9.(10分)(2021北京海淀期中,13)商場工作人員推著63解析(1)貨箱在水平推力F1的作用下做勻速直線運(yùn)動,由平衡條件有F1-μmg=0那么μ=?=?=0.5(2)貨箱在水平推力F2的作用下做勻加速直線運(yùn)動,由牛頓第二定律有F2-μmg=ma那么a=?=?m/s2=1.0m/s2(3)設(shè)在F2作用下貨箱的位移為x1,撤掉推力時貨箱速度為v,撤掉推力后貨箱加速度為a1、移動

的位移為x2,總位移為x,那么x1=?at2=?×1.0×16m=8.0mv=at=1×4m/s=4.0m/s-μmg=ma1,a1=-5.0m/s20-v2=2a1x2,x2=1.6mx=x1+x2=9.6m精品ppt解析(1)貨箱在水平推力F1的作用下做勻速直線運(yùn)動,由平衡6410.(12分)(2021北京人大附中月考,14)一位蹦床運(yùn)發(fā)動僅在豎直方向上運(yùn)動,蹦床對運(yùn)發(fā)動的

彈力F的大小隨時間的變化規(guī)律通過傳感器用計算機(jī)繪制出來,如以以下圖。將運(yùn)發(fā)動視作質(zhì)

點,重力加速度g取10m/s2,試結(jié)合圖像,

(1)求運(yùn)發(fā)動在運(yùn)動過程中的最大加速度;(2)求運(yùn)發(fā)動離開蹦床上升的最大高度;(3)分析判斷運(yùn)發(fā)動離開蹦床時的速度是否就是其運(yùn)動中的最大速度?簡述理由。精品ppt10.(12分)(2021北京人大附中月考,14)一位蹦床運(yùn)65答案(1)40m/s2(2)5.5125m(3)見解析解析(1)由圖像可以知道,運(yùn)發(fā)動的重力為mg=500N蹦床對運(yùn)發(fā)動的最大彈力為Fm=2500N由牛頓第二定律得Fm-mg=mam那么運(yùn)發(fā)動的最大加速度為am=40m/s2(2)由圖像可以知道運(yùn)發(fā)動離開蹦床的時間為t=2.1s那么上升的最大高度為H=?g?=5.5125m(3)運(yùn)發(fā)動離開蹦床時的速度不是最大的速度,運(yùn)發(fā)動所受合外力為零時,加速度也為零,此時

速度到達(dá)最大值。精品ppt答案(1)40m/s2(2)5.5125m(3)661.(2021北京民大附中月考,5)某同學(xué)站在觀光電梯的地板上,利用速度傳感器和計算機(jī)研究觀

光電梯升降過程中的情況,圖甲所示的v-t圖像是計算機(jī)顯示的觀光電梯在某一段時間內(nèi)速度

變化的情況(向上為正方向)。在電梯底板上有一滑塊與輕彈簧相連,彈簧的另一端固定在電

梯的側(cè)壁上,如圖乙所示。當(dāng)電梯靜止時,彈簧處于被壓縮狀態(tài),整個裝置靜止。根據(jù)圖像提供

的信息,可以判斷以下說法中正確的選項是?()A.在t=0時,圖乙中的滑塊可能開始運(yùn)動B.在t=5s時,圖乙中的滑塊可能開始運(yùn)動C.在t=10s時,圖乙中的滑塊可能開始運(yùn)動C組2021—2021年高考模擬·應(yīng)用創(chuàng)新題組D.在t=20s時,圖乙中的滑塊可能開始運(yùn)動精品ppt1.(2021北京民大附中月考,5)某同學(xué)站在觀光電梯的地板67答案

C設(shè)滑塊所受重力為G,所受支持力大小為N,所受彈簧彈力為F彈,所受摩擦力為f。電

梯靜止時,F彈=f,G=N。最大靜摩擦力fm=μN(yùn)。假設(shè)要滑塊開始運(yùn)動,要減小fm。那么N減小的時刻滑塊可能開始運(yùn)動。向上為正方向,t=10s時,電梯的加速度向下,處于失重狀態(tài),N減小,滑塊可能開始運(yùn)動。精品ppt答案

C設(shè)滑塊所受重力為G,所受支持力大小為N,所受68圖1圖22.(2021北京豐臺一模,23)如圖1所示,一小車放于平直木板上(木板一端固定一個定滑輪),木板被墊高一定角度θ,該角度

下,小車恰能做勻速直線運(yùn)動(假設(shè)小車所受摩擦力與小車對木板的正壓力成正比,比例系數(shù)

為μ),小車總質(zhì)量為M。(1)請推導(dǎo)θ與μ應(yīng)滿足的定量關(guān)系,并分析說明假設(shè)增大小車質(zhì)量,仍使小車做勻速直線運(yùn)動,角

度θ是否需要重新調(diào)整。(2)如圖2所示,在小車上拴一根質(zhì)量不計且不可伸長的細(xì)繩,細(xì)繩通過滑輪(滑輪與細(xì)繩之間摩

擦不計),其下掛一個砝碼盤(內(nèi)放砝碼),在木板上某位置靜止釋放小車后,小車做勻加速直線運(yùn)

動。砝碼盤及砝碼的總質(zhì)量為m,求:精品ppt圖169①a.如果m=M,小車所受細(xì)繩拉力與砝碼盤及砝碼總重力的比值;b.用F表示小車所受細(xì)繩的拉力,如果要求

<5%,此時

應(yīng)該滿足的條件;②小車沿木板運(yùn)動距離為x的過程中,其機(jī)械能的變化量ΔE。答案見解析解析

(1)受力分析如圖

Mgsinθ=μMgcosθ,μ=tanθ精品ppt①a.如果m=M,小車所受細(xì)繩拉力與砝碼盤及砝碼總重力的比值70當(dāng)小車質(zhì)量由M變成M+Δm時,假設(shè)使小車勻速運(yùn)動,仍有(M+Δm)gsinθ=μ(M+Δm)gcosθ成立,仍

然滿足μ=tanθ,即假設(shè)增大小車質(zhì)量,角度θ無須改變。(2)根據(jù)牛頓運(yùn)動定律:①a.?由于?=?,所以有F=?,得到?=?。b.利用a問中得到的結(jié)論F=?,結(jié)合?<?,可得?>20。②解法一小車沿木板運(yùn)動距離為x的過程中,機(jī)械能的變化量等于小車所受拉力和摩擦力做

功的總和,所以ΔE=Fx-μmgxcosθ=?-μmgxcosθ=mgx?解法二根據(jù)動能定理:mgxsinθ+Fx-fx=ΔEk根據(jù)重力做功與重力勢能的關(guān)系:mgxsinθ=-ΔEp那么機(jī)械能的改變量:ΔEk+ΔEp=Fx-fx=?-μmgxcosθ精品ppt當(dāng)小車質(zhì)量由M變成M+Δm時,假設(shè)使小車勻速運(yùn)動,仍有(M+71高考物理

(北京市選考專用)專題三牛頓運(yùn)動定律高考物理(北京市選考專用)專題三牛頓運(yùn)動定律1.(2021北京理綜,20,6分)國際單位制(縮寫SI)定義了米(m)、秒(s)等7個根本單位,其他單位均

可由物理關(guān)系導(dǎo)出。例如,由m和s可以導(dǎo)出速度單位m·s-1。歷史上,曾用“米原器〞定義米,用

平均太陽日定義秒。但是,以實物或其運(yùn)動來定義根本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的

影響,而采用物理常量來定義那么可防止這種困擾。1967年用銫-133原子基態(tài)的兩個超精細(xì)能

級間的躍遷輻射的頻率Δν=9192631770Hz定義s;1983年用真空中的光速c=299792458m·s-1

定義m。2021年第26屆國際計量大會決定,7個根本單位全部用根本物理常量來定義(對應(yīng)關(guān)

系如圖,例如,s對應(yīng)Δν,m對應(yīng)c)。新SI自2021年5月20日(國際計量日)正式實施,這將對科學(xué)和

技術(shù)開展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響。以下選項不正確的選項是?()A.7個根本單位全部用物理常量定義,保證了根本單位的穩(wěn)定性B.用真空中的光速c(m·s-1)定義m,因為長度l與速度v存在l=vt,而s已定義C.用根本電荷e(C)定義安培(A),因為電荷量q與電流I存在I=q/t,而s已定義D.因為普朗克常量h(J·s)的單位中沒有kg,所以無法用它來定義質(zhì)量單位考點一牛頓運(yùn)動定律的理解和簡單應(yīng)用五年高考A組自主命題·北京卷題組精品ppt1.(2021北京理綜,20,6分)國際單位制(縮寫SI)定73答案

D此題考查了國際單位制中的根本單位及導(dǎo)出單位,利用單位的定義方法及導(dǎo)出方

法考查了學(xué)生的理解能力、推理能力,表達(dá)了科學(xué)本質(zhì)、科學(xué)態(tài)度等素養(yǎng)要求,滲透了關(guān)注社

會開展、科技進(jìn)步等價值觀念。由于物理常量與環(huán)境和測量方式等因素?zé)o關(guān),故用來定義根本單位時也不受環(huán)境、測量方式

等因素的影響,A正確。由題意可知,t、ν的單位已定義,真空中光速c、根本電荷e、普朗克常

量h均為根本物理常量,故可分別用l=vt、I=q/t、hν=mc2來定義長度單位m、電流單位A及質(zhì)量

單位kg,B、C正確,D錯誤。精品ppt答案

D此題考查了國際單位制中的根本單位及導(dǎo)出單位,742.(2021北京理綜,19,6分)伽利略創(chuàng)造的把實驗、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法,有力地促

進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識的開展。利用如以以下圖的裝置做如下實驗:小球從左側(cè)斜面上的O點由靜

止釋放后沿斜面向下運(yùn)動,并沿右側(cè)斜面上升。斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材

料時,小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3。根據(jù)三次實驗結(jié)果的比照,可以得

到的最直接的結(jié)論是?()

A.如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚cO點等高的位置B.如果小球不受力,它將一直保持勻速運(yùn)動或靜止?fàn)顟B(tài)C.如果小球受到力的作用,它的運(yùn)動狀態(tài)將發(fā)生改變D.小球受到的力一定時,質(zhì)量越大,它的加速度越小精品ppt2.(2021北京理綜,19,6分)伽利略創(chuàng)造的把實驗、假設(shè)75答案

A根據(jù)實驗結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚cO點等高的

位置,A項正確。而小球不受力時狀態(tài)不變,小球受力時狀態(tài)發(fā)生變化,是在假設(shè)和邏輯推理下

得出的結(jié)論,不是實驗直接得出的結(jié)論,所以B和C選項錯誤。而D項不是本實驗所說明的問題,

故錯誤?？疾辄c牛頓運(yùn)動定律。思路點撥此題也可從能量守恒的角度分析:假設(shè)斜面光滑,那么沒有機(jī)械能的損失,小球必上升到

與O點等高處。精品ppt答案

A根據(jù)實驗結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光763.(2021北京理綜,18,6分)“蹦極〞就是跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)等處,從幾十

米高處跳下的一種極限運(yùn)動。某人做蹦極運(yùn)動,所受繩子拉力F的大小隨時間t變化的情況如

圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運(yùn)動,重力加速度為g。據(jù)圖可知,此人在蹦極過程

中最大加速度約為

?()A.g

B.2g

C.3g

D.4g答案

B“蹦極〞運(yùn)動的最終結(jié)果是人懸在空中處于靜止?fàn)顟B(tài),此時繩的拉力等于人的重

力,由圖可知,繩子拉力最終趨于恒定時等于重力,即?F0=mg,那么F0=?mg。當(dāng)繩子拉力最大時,人處于最低點且合力最大,故加速度也最大,此時F最大=?F0=3mg,方向豎直向上,由ma=F最大-mg=3mg-mg=2mg得最大加速度為2g,故B正確。精品ppt3.(2021北京理綜,18,6分)“蹦極〞就是跳躍者把一端774.(2021課標(biāo)Ⅰ,15,6分)如圖,輕彈簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物塊P,系統(tǒng)處于靜止?fàn)?/p>

態(tài)。現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上,使其向上做勻加速直線運(yùn)動。以x表示P離開靜止位置

的位移,在彈簧恢復(fù)原長前,以下表示F和x之間關(guān)系的圖像可能正確的選項是?()B組統(tǒng)一命題·課標(biāo)卷題組精品ppt4.(2021課標(biāo)Ⅰ,15,6分)如圖,輕彈簧的下端固定在水78答案

A此題考查胡克定律、共點力的平衡及牛頓第二定律。設(shè)系統(tǒng)靜止時彈簧壓縮量為

x0,由胡克定律和平衡條件得mg=kx0。力F作用在P上后,物塊受重力、彈力和F,向上做勻加速

直線運(yùn)動,由牛頓第二定律得,F+k(x0-x)-mg=ma。聯(lián)立以上兩式得F=kx+ma,所以F-x圖像中圖

線是一條不過原點的傾斜直線,故A正確。易錯點撥注意胡克定律中形變量的含義胡克定律中的形變量指的是壓縮量或伸長量。此題中x表示P離開靜止位置的位移,此時的形

變量為x0-x而不是x。精品ppt答案

A此題考查胡克定律、共點力的平衡及牛頓第二定律795.(2021課標(biāo)Ⅰ,18,6分)(多項選擇)一質(zhì)點做勻速直線運(yùn)動。現(xiàn)對其施加一恒力,且原來作用在質(zhì)點

上的力不發(fā)生改變,那么?()A.質(zhì)點速度的方向總是與該恒力的方向相同B.質(zhì)點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C.質(zhì)點加速度的方向總是與該恒力的方向相同D.質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變答案

BC由題意知此恒力即質(zhì)點所受合外力,假設(shè)原速度與該恒力在一條直線上,那么質(zhì)點做

勻變速直線運(yùn)動,質(zhì)點單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變的;原速度與該恒力不在一條直線上,

那么質(zhì)點做勻變速曲線運(yùn)動,速度與恒力間夾角逐漸減小,質(zhì)點單位時間內(nèi)速度的變化量是不變

的,但速率的變化量是變化的,A、D項錯誤,B項正確;由牛頓第二定律知,質(zhì)點加速度的方向總

與該恒力方向相同,C項正確。精品ppt5.(2021課標(biāo)Ⅰ,18,6分)(多項選擇)一質(zhì)點做勻速直80考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用A組自主命題·北京卷題組1.(2021北京理綜,18,6分)應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深

入。例如平伸手掌托起物體,由靜止開始豎直向上運(yùn)動,直至將物體拋出。對此現(xiàn)象分析正確

的是?()A.手托物體向上運(yùn)動的過程中,物體始終處于超重狀態(tài)B.手托物體向上運(yùn)動的過程中,物體始終處于失重狀態(tài)C.在物體離開手的瞬間,物體的加速度大于重力加速度D.在物體離開手的瞬間,手的加速度大于重力加速度答案

D物體由靜止開始向上運(yùn)動時,物體和手掌先一起加速向上,物體處于超重狀態(tài),之后

物體和手掌別離前,應(yīng)減速向上,物體處于失重狀態(tài),故A、B均錯誤。當(dāng)物體和手別離時,二者

速度相同,又因均做減速運(yùn)動,故別離條件為a手>a物,別離瞬間物體的加速度等于重力加速度,那么

手的加速度大于重力加速度,選項D正確,C錯誤?？疾辄c超重和失重。思路點撥

分析出物體運(yùn)動的加速度方向是解此題的關(guān)鍵。超重時物體具有向上的加速度,

失重時物體具有向下的加速度。精品ppt考點二牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用A組自主命題·北京卷題組1812.(2021課標(biāo)Ⅲ,20,6分)(多項選擇)如圖(a),物塊和木板疊放在實驗臺上,物塊用一不可伸長的細(xì)繩與

固定在實驗臺上的力傳感器相連,細(xì)繩水平。t=0時,木板開始受到水平外力F的作用,在t=4s時

撤去外力。細(xì)繩對物塊的拉力f隨時間t變化的關(guān)系如圖(b)所示,木板的速度v