遼寧省錦州市渤大附中育明高中2021屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題

遼寧省錦州市渤大附中育明高中2021屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題遼寧省錦州市渤大附中育明高中2021屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題PAGE12-遼寧省錦州市渤大附中育明高中2021屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題遼寧省錦州市渤大附中、育明高中2021屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題一、單選題（本題共9小題，每小題4分，共36分，每小題只有一個(gè)正確答案）1、一個(gè)物體從某一高度做自由落體運(yùn)動(dòng),已知它在第1s內(nèi)的位移恰為它在最后1s內(nèi)位移的三分之一。則它開始下落時(shí)距地面的高度為（g=10m/s2)A.15mB。20mC.11。25mD.31。25m2、一輛公共汽車進(jìn)站后開始剎車,做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。開始剎車后的第1s內(nèi)和第2s內(nèi)位移大小依次為9m和7m.則剎車后6s內(nèi)的位移是A。20mB.24mC.25mD.75m3、如圖所示，直角三角形框架ABC（角C為直角)固定在水平地面上，已知AC與水平方向的夾角為α=30°。小環(huán)P、Q分別套在光滑臂AC、BC上，用一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩連接兩小環(huán)，靜止時(shí)細(xì)繩恰好處于水平方向,小環(huán)P、Q的質(zhì)量分別為m1、m2，則小環(huán)P、Q的質(zhì)量的比值為A.B。C。D.4、如圖所示,質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的木板上滑行，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，木板一直靜止，那么木板受到地面的摩擦力大小為A.μ1MgB。μ2mgC.μ1(m+M)gD.μ1Mg+μ2mg5、建設(shè)房屋時(shí)，保持底邊L不變，要設(shè)計(jì)好屋頂?shù)膬A角θ，以便下雨時(shí)落在房頂?shù)挠甑文鼙M快地滑離屋頂，雨滴下滑時(shí)可視為小球做無初速度、無摩擦的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是A.傾角θ越大,雨滴下滑時(shí)的加速度越大B。傾角越大，雨滴對(duì)屋頂壓力越大C。傾角越大,雨滴從頂端O下滑至屋檐M時(shí)的時(shí)間越長(zhǎng)D。傾角越大,雨滴從項(xiàng)端O下滑至屋檐M時(shí)的時(shí)間越短6、如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球B上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),當(dāng)力F增大時(shí),系統(tǒng)還保持靜止,則下列說法不正確的是A.A所受合外力增大B.A對(duì)豎直墻壁的壓力增大C.B對(duì)地面的壓力一定增大D。墻面對(duì)A的摩擦力可能變?yōu)榱?、如圖甲,一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的v—t圖線如圖乙所示,若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則不能求出A。斜面的傾角B。物塊的質(zhì)量C.物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D。物塊沿斜面向上滑行的最大高度8、趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)上運(yùn)動(dòng)員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速跑，設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為M、m,球拍平面和水平面之間夾角為θ，球拍與球保持相對(duì)靜止，它們間摩擦力及空氣阻力不計(jì)，則A。運(yùn)動(dòng)員的加速度為gtanθB.球拍對(duì)球的作用力為mgC.運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力為（M+m)gcosθD。若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上運(yùn)動(dòng)9、如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的固定光滑圓環(huán)軌道與水平面相切于M點(diǎn)，與豎直墻相切于A點(diǎn).豎直墻上另一點(diǎn)B與M的連線和水平面的夾角為60°，C是圓環(huán)軌道的圓心。已知在同一時(shí)刻a、b兩球分別由A、B兩點(diǎn)從靜止開始沿光滑傾斜直軌道AM、BM運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn);c球由C點(diǎn)自由下落到M點(diǎn).則A.a球最先到達(dá)M點(diǎn)B.b球最先到達(dá)M點(diǎn)C。c球最先到達(dá)M點(diǎn)D.b球和c球都可能最先到達(dá)M點(diǎn)二、多選題（本題共5小題，每小題4分，共20分,每小題有多個(gè)正確答案，漏選得2分）10、科學(xué)家關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的研究對(duì)樹立正確的自然觀具有重要作用，下列說法符合歷史事實(shí)的是A.亞里士多德認(rèn)為,必須有力作用在物體上,物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變B.伽利略通過“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論:一旦物體具有某一速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去C。笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用,它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來也不偏離原來的方向D.牛頓認(rèn)為，物體具有保持原來勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)11、在一次救災(zāi)活動(dòng)中，一輛救災(zāi)汽車由靜止開始做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，剛運(yùn)動(dòng)了8s，由于前方突然有巨石滾下,堵在路中央，所以又緊急剎車，勻減速運(yùn)動(dòng)經(jīng)4s停在巨石前.則關(guān)于汽車的運(yùn)動(dòng)情況,下列說法正確的是A.加速、減速中的加速度大小之比a1：a2等于2：1B。加速、減速中的平均速度大小之比等于1：1C.加速、減速中的位移之比x1：x2等于2:1D.加速、減速中的平均速度大小之比等于1：212、一質(zhì)量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行，通過頻閃照片分析得知，滑塊在最初2s內(nèi)的位移是最后2s內(nèi)位移的兩倍,且己知滑塊在最初1s內(nèi)的位移為2.5m，由此可求得A?；瑝K的加速度為5m/s2B.滑塊的初速度為5m/sC?；瑝K運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為3sD。滑塊運(yùn)動(dòng)的總位移為4。5m13、如圖甲所示是一種速度傳感器的工作原理圖，在這個(gè)系統(tǒng)中B為一個(gè)能發(fā)射超聲波的固定小盒子,工作時(shí)B向被測(cè)物體發(fā)出短暫的超聲波脈沖，脈沖被運(yùn)動(dòng)的物體反射后又被B接收,從B發(fā)射超聲波開始計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間△t0再次發(fā)射超聲波脈沖,圖乙是連續(xù)兩次發(fā)射的超聲波的位移－時(shí)間圖象，則下列說法正確的是A。超聲波的速度為v聲=B.超聲波的速度為v聲=C.物體的平均速度為v=D。物體的平均速度為v=14、如圖所示，質(zhì)量相同的木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連接。靜止在光滑的水平面上，此時(shí)彈簧處于自然狀態(tài)，現(xiàn)用水平恒力F推A.則從力F開始作用到彈簧第一次被壓縮到最短的過程中A。彈簧壓縮到最短時(shí),兩木塊的速度相同B.彈簧壓縮到最短時(shí)，兩木塊的加速度相同C.兩木塊速度相同時(shí)，加速度aA〈aBD。兩木塊加速度相同時(shí),速度vA>vB三、實(shí)驗(yàn)題(15題6分，16題8分）15、某同學(xué)做“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。(1)圖甲是不掛鉤碼時(shí)彈簧下端指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，其示數(shù)為7.73cm;圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量△l為cm。（2）本實(shí)驗(yàn)通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關(guān)于此操作，下列選項(xiàng)中規(guī)范的做法是(填選項(xiàng)前的字母)A.逐一增掛鉤碼,記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對(duì)應(yīng)的鉤碼總重B.隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對(duì)應(yīng)的鉤碼總重(3)圖丙是該同學(xué)描繪的彈簧的伸長(zhǎng)量△l與彈力F的關(guān)系圖線,圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是。16、某實(shí)驗(yàn)小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。(1）下列做法正確的是（選填字母代號(hào)）。A。調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B。在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開木塊再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D。通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力,應(yīng)滿足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量。(選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“近似等于”)（3)甲、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下,研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到圖中甲、乙兩條直線。設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲m乙，μ甲μ乙.（選填“大于”“小于"或“等于”）四、計(jì)算題.17、（8分)物體A的質(zhì)量為2kg，兩根輕細(xì)繩b和c的一端連接于豎直墻上，另一端系于物體A上，在物體A上另施加一個(gè)方向與水平線成θ角的拉力F，相關(guān)幾何關(guān)系如圖所示，θ=60°。若要使兩繩都能伸直，求拉力F的大小范圍.(g取10m/s2）18、(10分)小物塊以一定的初速度v0沿斜面(足夠長(zhǎng))向上運(yùn)動(dòng),由實(shí)驗(yàn)測(cè)得物塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的最大位移x與斜面傾角θ的關(guān)系如圖所示。取g=10m/s2，空氣阻力不計(jì).可能用到的函數(shù)值:sin30°=0.5，sin37°=0.6.求：(1)物塊的初速度v0；(2）物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;（3)計(jì)算說明圖線中P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的斜面傾角為多大？在此傾角條件下，小物塊能滑回斜面底端嗎？說明理由（設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等)。19、（12分）春節(jié)放假期間，全國(guó)高速公路免費(fèi)通行，小轎車可以不停車通過收費(fèi)站，但要求小轎車通過收費(fèi)站窗口前x0=9m區(qū)間的速度不超過v0=6m/s.現(xiàn)有甲、乙兩小轎車在收費(fèi)站前平直公路上分別以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度勻速行駛，甲車在前,乙車在后。甲車司機(jī)發(fā)現(xiàn)正前方收費(fèi)站，開始以大小為a甲=2m/s2的加速度勻減速剎車。(1）甲車司機(jī)需在離收費(fèi)站窗口至少多遠(yuǎn)處開始剎車才不違章.（2)若甲車司機(jī)經(jīng)剎車到達(dá)離收費(fèi)站窗口前9m處的速度恰好為6m/s,乙車司機(jī)在發(fā)現(xiàn)甲車剎車時(shí)經(jīng)t0=0。5s的反應(yīng)時(shí)間后開始以大小為a乙=4m/s2的加速度勻減速剎車。為避免兩車相撞，且乙車在收費(fèi)站窗口前9m區(qū)不超速,則在甲車司機(jī)開始剎車時(shí)，甲、乙兩車至少相距多遠(yuǎn)？答案1、B.2、C3、B4、B5、A6、A7、B8、A9、C10、BCD11、BC12、CD13、AD14、ACD15、(1）6.92(2)A（3)超出彈簧的彈性限度16、（1)AD(2）遠(yuǎn)小于(3)小于大于17、解析：c繩剛好伸直時(shí),拉力F最小，物體A受力如圖1所示：由平衡條件得：Fminsinθ＋Fbsinθ－mg＝0Fmincosθ－Fbcosθ＝0解得：Fmin＝eq\f（mg,2sinθ)＝eq\f（20\r（3），3)Nb繩剛好伸直時(shí),拉力F最大,物體A受力如圖2所示:Fmaxsinθ－mg＝0解得：Fmax＝eq\f(mg，sinθ)＝eq\f（40\r（3),3)N故拉力F的大小范圍是eq\f(20\r(3),3)N≤F≤eq\f（40\r(3),3）N.答案：eq\f（20\r(3），3）N≤F≤eq\f(40\r(3)，3)N18、解析：(1）當(dāng)θ＝90°時(shí),物塊做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，末速度為0由題圖得上升最大位移為xm＝3.2m由veq\o\al(2，0）＝2gxm,得v0＝8m/s。（2）當(dāng)θ＝0°時(shí),物塊相當(dāng)于在水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，末速度為0由題圖得水平最大位移為x＝6。4m由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：veq\o\al（2,0)＝2ax由牛頓第二定律得:μmg＝ma，得μ＝0。5。（3)設(shè)題圖中P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的斜面傾角值為θ，物塊在斜面上做勻減速運(yùn)動(dòng),末速度為0由題圖得物塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的最大位移為x′＝3。2m由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：veq\o\al（2,0)＝2a′x′由牛頓第二定律有:mgsinθ＋μmgcosθ＝ma′得10sinθ＋5cosθ＝10，得θ＝37°.因?yàn)閙gsinθ＝6m＞μmgcosθ＝4m,所以能滑回斜面底端．答案：（1)8m/s(2）0.5(3)37°能滑回底端理由見解析19、解析:（1）對(duì)甲車，速度由20m/s減至6m/s過程中的位移x1＝eq\f(veq\o\al（2,甲)－veq\o\al（2,0),2a甲）＝91mx2＝x0＋x1＝100m即：