第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律【測(cè)】-2023年高考物理一輪復(fù)習(xí)講練測(cè)(全國(guó)通用)154ea8a2ec9

第三章牛頓運(yùn)動(dòng)定律（ ）火箭加速上升時(shí)，航天員對(duì)座椅的壓力小于自身重力保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后做自由落體運(yùn)動(dòng)火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力大小等于火箭對(duì)熱氣流的作用力燃料燃燒推動(dòng)空氣，空氣反作用力推動(dòng)火箭升空【答案】C【解析】【詳解】A．火箭加速上升時(shí)，航天員處于超重狀態(tài)，對(duì)座椅的壓力大于自身重力，A錯(cuò)誤；B．保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落時(shí)，因?yàn)閼T性，有向上的速度，所以做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；C．火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力是作用力與反作用的關(guān)系，大小相等，C正確；D錯(cuò)誤。故選C。1kgA，木板中央的正上方有一可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊BFBFfF的大小變化圖像如圖乙所示，設(shè)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力相等，重力加速度大小為g=10m/s2，則下列選項(xiàng)正確的是（ ）A.μ1＝0.4B.μ2＝0.1C.物塊B的質(zhì)量為2kgD.若外力F作用在A上，當(dāng)F＝12N時(shí)A、B一定發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】ABC．由圖知，當(dāng)F1

2N時(shí)，AB一起開(kāi)始滑動(dòng)，則FF1 f1

(m1

m)gB由圖知，物塊B受到的滑動(dòng)摩擦力大小為Ff2

4N，有F mgf2 2 BF1

2NF2

6N之間時(shí)，AB一起運(yùn)動(dòng)，加速度相同，則有FF FF聯(lián)立解得

2 f2mBmB

2 f1m mA B1kg 0.11ABC錯(cuò)誤；

0.42D．若外力F作用在A上，當(dāng)F＝12N時(shí)，若AB不相對(duì)滑動(dòng)，則加速度均為FFa f1 5m/s2m mA BB

Ba 2mB

4m/s2m mB故假設(shè)不成立，A、B一定發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故D正確。故選D。A.B.C.D.v0順時(shí)針運(yùn)行。一小木塊以初速度v1tA.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)v1＜v0，且木塊重力沿傳送帶向下的分力大于木塊與傳送帶間的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，木塊滑上傳送帶后先相對(duì)傳送帶向下滑動(dòng)，所受滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上，而合外力沿傳送帶向下，木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零后，繼續(xù)相對(duì)傳送帶向下滑動(dòng)，所以合外力不變，加速度不變，表現(xiàn)為v-t圖像斜率不變，木塊速度開(kāi)始反向增大，根據(jù)對(duì)稱性可知木塊返回傳送帶下端時(shí)速度為－v1，故A可能；v1＜v0，且木塊重力沿傳送帶向下的分力小于木塊與傳送帶間的滑動(dòng)摩擦力v0時(shí)，由于木塊與傳送帶之間的最大靜摩擦力也一定大于重力沿傳送帶向下的分力，所以木塊將隨傳送帶一起以v0運(yùn)動(dòng)，故B可能；v1＞v0，且木塊重力沿傳送帶向下的分力大于木塊與傳送帶間的最大摩擦力外力沿傳送帶向下，木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)（設(shè)加速度大小為1，當(dāng)木塊速度減小至v0時(shí)，將開(kāi)始相對(duì)傳送帶向下滑動(dòng)，所受滑動(dòng)摩擦力變?yōu)檠匦泵嫦蛏希阅緣K所vt圖像斜率變小，木塊沿傳送帶向上做勻減速運(yùn)動(dòng)（設(shè)加速度大小為a2，速度減為零之后開(kāi)始沿傳送帶向下做勻加速運(yùn)動(dòng)（由于合外力不變，所以加速度大小仍為2，表現(xiàn)為vt圖像斜率不變v1v0的過(guò)程位移大小為v2v2x 1 01 2a1木塊速度從v0減至0的過(guò)程位移大小為v2x 02 2a2假設(shè)木塊返回至傳送帶下端時(shí)的速度為－v1，則木塊速度從0增大至－v1的過(guò)程位移大小為由于a1

a2

xv23 2a121v2v2 v2 v2aa12a020 21aa1 2 2即xxx1 2 3而木塊整個(gè)過(guò)程的位移應(yīng)為零（x1

xx2

，上式顯然不滿足，故C不可能；v1＞v0，且木塊重力沿傳送帶向下的分力不大于木塊與傳送帶間的最大摩擦v0時(shí)，將隨傳送帶一v0運(yùn)動(dòng)，故D可能。本題選不可能的，故選C。如圖所示，質(zhì)量為m的兩個(gè)相同物塊A、B疊放在輕彈簧上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕彈簧下端固定在地面上，重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)物塊A施加豎直向上的F，則下列說(shuō)法正確的是（ ）FF作用的瞬間，A、B0.2mgFAB1.9mgF作用下，物體A以0.5g勻加速向上運(yùn)動(dòng)，則A、B長(zhǎng)狀態(tài)F作用下，物體A以0.5g勻加速向上運(yùn)動(dòng)，則A、B分離前，兩者組成的系統(tǒng)合外力大小始終不變【答案】D【解析】【詳解】AB．開(kāi)始時(shí)，彈簧彈力與A、B整體的重力平衡，力F作用的瞬間，A、B整體所受合外力即為F，根據(jù)牛頓第二定律可得A、B整體加速度大小為a F 0.9gAB 2m設(shè)此時(shí)A、B間的彈力大小為FN，對(duì)A同理可得FFN

mgmaAB解得F N在A、B剛分離的瞬間，兩者加速度相同，且之間的彈力為零，對(duì)A根據(jù)牛頓第二定律可得a AB

Fmg0.8gm設(shè)此時(shí)彈簧的彈力大小為T(mén)1，對(duì)B同理可得a

T1

0.8gAB m解得AB錯(cuò)誤；

T1.8mg1CDF作用下，物體A以0.5g勻加速向上運(yùn)動(dòng)，則A、B分離前，二者加速度均為0.5g，兩者組成的系統(tǒng)所受合外力大小為F 0.5g2mmg合在A、B分離時(shí)，兩者之間彈力為零，設(shè)此時(shí)彈簧的彈力大小為T(mén)2，對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律有Tmg0.5mg2解得T1.5mg2所以此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。如圖所示，將一盒未開(kāi)封的香皂置于桌面上的一張紙板上，用水平向右的拉力μ，gm1

100g，m2

5g0.2，香皂盒與紙板左端的距離d0.1m，若香皂盒移動(dòng)的距離超過(guò)l0.002m，人眼就能感知，忽略香皂盒的體積因素影響取為確保香皂盒移動(dòng)不被人感知，紙板所需的力至少是（ ）A.0.72N【答案】D【解析】

B.0.92N C.1.22N D.1.42N【詳解】香皂盒與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得mgma1 11解得對(duì)紙板，根據(jù)牛頓第二定律可得

a2m/s21Fmgmmgma1 1 2 22為確保實(shí)驗(yàn)成功，即香皂盒移動(dòng)的距離不超過(guò)l＝0.002m，紙板抽出時(shí)香皂盒運(yùn)動(dòng)的最大距離為紙板運(yùn)動(dòng)距離為

12x at221 111紙板抽出后香皂盒運(yùn)動(dòng)的距離為

dx1

at222121x at22 2 32則lxx1 2由題意知

aa1 3代入數(shù)據(jù)聯(lián)立求得

atat11 32D。

F1.42N某工地上一塔吊通過(guò)一鋼絲繩豎直向上提升一重物，若重物運(yùn)動(dòng)過(guò)程的vt系圖像如圖所示，則下列分析正確的是（ ）0~45s內(nèi)重物上升的高度為45m10s~40s內(nèi)鋼絲繩最容易斷裂0~40s內(nèi)重物一直處于超重狀態(tài)0~10s內(nèi)重物的平均速度等于40s~45s內(nèi)的平均速度【答案】D【解析】【詳解】A．由面積法可知其上升的高度為A

h(3045)1m37.5m2B．10s～40s0～10s內(nèi)鋼絲繩更容易斷裂，故B錯(cuò)誤；C．0～10s內(nèi)重物向上加速，鋼繩對(duì)重物的拉力大于重物的重力，重物處于超重狀態(tài)；10s～40s內(nèi)重物勻速上升，鋼繩對(duì)重物的拉力等于重物的重力，故C錯(cuò)誤；D．0～10s內(nèi)的平均速度等于40s～45s內(nèi)的平均速度

v1m/s1 2v 1m/s2 2可知0~10s內(nèi)重物的平均速度等于40s~45s內(nèi)的平均速度，故D正確。故選D。體育課上某同學(xué)做引體向上。他兩手握緊單杠，雙臂豎直，身體懸垂；接著用力上拉使下頜超過(guò)單杠（身體無(wú)擺動(dòng)列說(shuō)法正確的是（）若增大兩手間的距離，最終懸垂時(shí)手掌受到單杠的彈力變大若增大兩手間的距離，最終懸垂時(shí)手掌受到單杠的彈力不變?cè)谏仙^(guò)程中單杠對(duì)人的作用力始終大于人的重力在下降過(guò)程中單杠對(duì)人的作用力始終小于人的重力【答案】B【解析】【詳解】AB．人在懸垂時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，由力的平衡條件可知，手掌受到單杠在錯(cuò)誤，B正確；C．人在上升運(yùn)動(dòng)中，由于身體先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，人先處于超重狀錯(cuò)誤；D．同理，人在下降運(yùn)動(dòng)中，身體先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，人先處于失重狀誤。故選B。如圖所示，傾角為的斜面體Cm的木塊B，用一根平行于斜面的細(xì)線連接一個(gè)輕環(huán)Ag。則（）若斜面體上表面粗糙，細(xì)線對(duì)木塊B一定有拉力作用若斜面體上表面粗糙，水平面對(duì)斜面體C的摩擦力方向可能向右若斜面體上表面光滑，水平面對(duì)斜面體C的摩擦力大小為mgsincos若斜面體上表面光滑，則細(xì)線被剪斷的前后，水平面對(duì)斜面體C會(huì)反向【答案】C【解析】【詳解】A．若斜面體上表面粗糙，木塊B可能受到重力，斜面體C摩擦力共三個(gè)力作用下處于平衡，可能不受繩子拉力作用，故A錯(cuò)誤；B．若斜面體上表面粗糙，繩子對(duì)木塊無(wú)拉力時(shí)，則水平面對(duì)斜面體無(wú)摩擦力；若斜面體上表面粗糙，繩子對(duì)木塊有拉力時(shí)，對(duì)B、C整體分析知，水平面對(duì)C的摩擦力與細(xì)線拉力在水平方向上的分力平衡，所以水平面對(duì)斜面體C的摩擦力方向向B錯(cuò)誤；C．若斜面體上表面光滑，設(shè)細(xì)線的彈力為F，對(duì)斜面上的物塊由共點(diǎn)力平衡條件有Fmgsin0對(duì)B、C整體受力分析可得，水平方向滿足Fcosf地解得水平面對(duì)斜面體C的摩擦力大小為f mgsincos地故C正確；D面體的摩擦力不變；故D錯(cuò)誤。故選C。如圖所示，足夠長(zhǎng)的木板置于光滑水平面上，傾角=53°的斜劈放在木板上一平行于斜面的細(xì)繩一端系在斜劈頂，另一端拴接一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，已知木板、斜劈、小球質(zhì)量均為1kg，斜劈與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度g=10m/s2，現(xiàn)對(duì)木板施加一水平向右的拉力F，下列說(shuō)法正確的是（ ）μ=0.2F=4N時(shí)，木板相對(duì)斜劈向右滑動(dòng)μ=0.5F多大，小球均能和斜劈保持相對(duì)靜止μ=0.8F=22.5N0若μ=0.8，當(dāng)F=26N時(shí)，細(xì)繩對(duì)小球的拉力為2 41N【答案】BCD【解析】【詳解】A．若μ=0.2，當(dāng)F=4N時(shí)，假設(shè)板、斜劈、球三者相對(duì)靜止，則對(duì)板、斜劈、球構(gòu)成的系統(tǒng)，有F=3ma解得4a m/s23對(duì)斜劈和球構(gòu)成的系統(tǒng)，若斜劈與板之間的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，有mmgmma板得a=2m/s2>a可知此時(shí)木板相對(duì)于斜劈靜止，所以A錯(cuò)誤；若μ=0.5度為mmga mm

5m/s2當(dāng)球剛好要離開(kāi)斜劈時(shí)，受到重力和繩子拉力作用，有mg matan53 球得a =7.5m/s2>a球可知此情況下不論F多大，小球均能和斜劈保持相對(duì)靜止，所以B正確；μ=0.8，假設(shè)板、球和斜劈相對(duì)靜止，則球和斜劈構(gòu)成的系統(tǒng)能夠獲得的最大加速的為

mmga mm

8m/s2此時(shí)對(duì)板、球和斜劈構(gòu)成的系統(tǒng)，有F =(m+m+m)a=24N臨界當(dāng)F=22.5N時(shí)，板、球和斜劈相對(duì)靜止，有Fa3m7.5m/s2可知此時(shí)球剛好要離開(kāi)斜劈，所以C正確；mg2ma2μ=0.8mg2ma2F T所以D正確。故選BCD。

2 41N全紅嬋在東京奧運(yùn)會(huì)女子單人10米跳臺(tái)比賽一戰(zhàn)成名”，五個(gè)動(dòng)作，三個(gè)分，獲得奧運(yùn)會(huì)的金牌，并打破女子10米跳臺(tái)的世界紀(jì)錄。以水面為起始位置，取向上為正方向，假設(shè)水的阻力恒定，全紅嬋可等效為一圓柱體。以下是描述全紅嬋身體入水后浮力F、加速度a與位移x的關(guān)系圖像可能正確的是（ ）A.B.C.A.B.C.D.【解析】【詳解】AB．設(shè)全紅嬋等效為圓柱體的底面積為S，水的密度為，重力加速度為g，全紅嬋入水后到全身進(jìn)入水的過(guò)程中受到的浮力FSgxFx變，受到的浮力大小不變，故A錯(cuò)誤，B正確；CDmf，根據(jù)牛頓第二定律Ffmgma可得全紅嬋入水后到全身進(jìn)入水的過(guò)程中aSgm

xfgm可知加速度a與位移x成線性關(guān)系，當(dāng)全身入水后加速度向上保持不變，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。“水火箭”是一項(xiàng)深受學(xué)生喜歡的科技活動(dòng)，某學(xué)習(xí)小組利用飲料瓶制作的水水火箭速度v與時(shí)間t的圖像，其中t0時(shí)刻為“水火箭”起飛時(shí)刻，DE段是斜率絕對(duì)值為g的直線，忽略空氣阻力。關(guān)于“水火箭”的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（ ）在t、t、t、

時(shí)刻加速度最大1 2 3 4 1“水火箭”在t時(shí)刻達(dá)到最高點(diǎn)2在t時(shí)刻失去推力3t~t時(shí)間內(nèi)“水火箭”做自由落體運(yùn)動(dòng)3 4【答案】AC【解析】【詳解】A．vt圖像的斜率表示加速度，由圖可知，在t1

時(shí)刻斜率最大，則加速度最大，故A正確；B．“水火箭”運(yùn)動(dòng)過(guò)程速度一直是正的，運(yùn)動(dòng)方向始終沒(méi)有改變，t2B錯(cuò)誤；C．DE段是斜率絕對(duì)值為g的直線，說(shuō)明t3時(shí)刻以后“水火箭”的加速度大小為g，由牛頓第二定律可知，“水火箭”所受合力等于重力，“水火箭”在t時(shí)刻失3去推力，故C正確；Dt~t時(shí)間內(nèi)“水火箭”的速度方向是正的，加速度方向是負(fù)的，且加速度大小3 4等于g，則“水火箭”做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。普通火車(chē)動(dòng)力都在火車(chē)頭上，車(chē)廂（頭）與車(chē)廂之間通過(guò)掛鉤連接在一起。火車(chē)在啟動(dòng)時(shí)，會(huì)先往后退，再啟動(dòng)，這樣會(huì)使掛鉤松弛，車(chē)廂（頭）車(chē)共有n節(jié)車(chē)廂，火車(chē)頭與每節(jié)車(chē)廂的質(zhì)量相等，車(chē)頭及每節(jié)車(chē)廂與軌道間的摩擦力均為f，假設(shè)啟動(dòng)時(shí)每節(jié)車(chē)廂的加速度均為a，若火車(chē)不后退所有車(chē)廂同時(shí)啟動(dòng)，火車(chē)頭提供的動(dòng)力F。若火車(chē)車(chē)廂依次啟動(dòng)，當(dāng)?shù)趉（k≤n）節(jié)車(chē)廂啟動(dòng)時(shí)，則（）

k1Fn1kFn第k1節(jié)車(chē)廂對(duì)第k第k1節(jié)車(chē)廂對(duì)第k【答案】AD【解析】

kFn1Fn1【詳解】AB．若火車(chē)不后退所有車(chē)廂同時(shí)啟動(dòng)，則由牛頓第二定律可知F(n1)f(n1)ma若火車(chē)車(chē)廂依次啟動(dòng)，當(dāng)?shù)趉（k≤n）節(jié)車(chē)廂啟動(dòng)時(shí)，則F'(k1)f(k1)ma解得A正確，B

F'

k1Fn1CD．以（k-1）節(jié)車(chē)廂和車(chē)頭為研究對(duì)象，則FF'TkfkmaF解得C錯(cuò)誤，DAD。

Tn1aF的關(guān)系。重物AM、B用繞過(guò)光滑定滑輪的輕繩連接，在B6m的槽碼，此時(shí)A、BCD，CDhACB上面的一個(gè)槽碼A上面。由靜止釋放重物A，用時(shí)間傳感器記錄A由標(biāo)記C運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間t，則物A到達(dá)標(biāo)記D的速度為v ；B上面的槽碼移n2個(gè)、3個(gè)、45個(gè)、6AA，保持每次重物下落的位置不變，重復(fù)實(shí)驗(yàn)多次，測(cè)得多個(gè)A由標(biāo)記C運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間t，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，以t2為縱軸，以1 1 （填“nnn2”）為橫軸，如果圖像是斜率等于 且過(guò)原點(diǎn)的直線，則可以得出當(dāng)物體質(zhì)量一定時(shí)，物體的加速度與合外力成正比。【答案】

2h ①. 1 t n

2Mhmg【解析】（1）[1]ACD0有整理得（2）[2][3]物體下落的加速度為

hvt22hvtav2ht t2在B的一邊放有6個(gè)質(zhì)量均為m的槽碼，此時(shí)A、B剛好平衡且保持靜止，則有根據(jù)牛頓第二定律

Mg6mgM gB聯(lián)立整理得

MnmgnmgM g6mM aB Bt22Mh1mg n1故，以t2為縱軸，以為橫軸，圖像是斜率等于n

2Mhmg

，且過(guò)原點(diǎn)的直線，則可以得出當(dāng)物體質(zhì)量一定時(shí)，物體的加速度與合外力成正比。某同學(xué)用如圖所示的裝置測(cè)量滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，將長(zhǎng)木板水平固滑塊上的動(dòng)滑輪兩邊的細(xì)線均與長(zhǎng)木板平行。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電的頻率為50Hz。調(diào)節(jié)砂桶中砂的質(zhì)量，輕推物塊。如果打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶上的點(diǎn)間隔漸變小，應(yīng)適當(dāng) （填“增大”或“減小”）砂桶中砂的質(zhì)量，直到點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶上的點(diǎn)間隔均勻，這時(shí)力傳感器的示數(shù)為F0

，滑塊及滑塊上動(dòng)滑輪的質(zhì)量為M，則滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ= 。用該裝置驗(yàn)證牛頓第二定律。加大砂和砂桶的質(zhì)量，釋放滑塊，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器4個(gè)點(diǎn)（中未標(biāo)出，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算出滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小a m/s2（果保留兩位有效數(shù)字。若這時(shí)力傳感器的示數(shù)為F，則表達(dá)（用FF0

、M及a表示）成立，則牛頓第二定律得到驗(yàn)證。2F【答案】 ①.增大

0 ①. 0.49 ①. 2F2F

MaMg 0【解析】【詳解】(1)[1]如果打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶上的點(diǎn)間隔逐漸變小，說(shuō)明滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，細(xì)線的拉力小于滑塊所受摩擦力，所以應(yīng)適當(dāng)增大砂桶中砂的質(zhì)量；[2]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶上的點(diǎn)間隔均勻說(shuō)明滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有2FMg0解得2F 0Mg(2)[3]計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)間隔為0.02s，依題意，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為根據(jù)逐差法可得

T50.02sxa 6x

x30.49m/s2[4]若牛頓第二定律成立，則有

3T22FMgMa聯(lián)立，可得

2F2F0Mam=1kg，軌道l=2mμ=0.2F1=8NF2=4N同時(shí)拉端時(shí)恰好停止。（g=10m/s2）求：F1a1多大？F1s1？tt為多少？616【答案（1）6m/2（）2m（3）3 s【解析】【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律得F1

mgma1解得a6m/s211先加速后減速，減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為mga g2m/s20 m從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度的時(shí)間為t1，則1at22 11

at211 l2a0代入數(shù)據(jù)解得F1作用位移

t s61 661 1x at2 m1 2 11 22加速運(yùn)動(dòng)和減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小均為Fa 2F2

mg mg 2m/s2m m由題意可判斷兩物塊速度相等時(shí)，物塊1正在減速，物塊2正在加速，設(shè)此時(shí)刻為t，則代入數(shù)據(jù)得

ata11 0

t1

at26t s63（如圖所示?，F(xiàn)讓升降機(jī)將座艙送到距地面H78m的高處，然后讓座艙自由下落，落到距地面h30m的位置時(shí)開(kāi)始制動(dòng)，使座艙均勻減速，座艙落到地面時(shí)剛好停下，在該體驗(yàn)中，小明將質(zhì)量m10kg的書(shū)包平放在大腿上（g取10m/2。當(dāng)座艙靜止時(shí)，請(qǐng)用所學(xué)知識(shí)證明書(shū)包的重力G與書(shū)包對(duì)小明大腿的壓力大小相等。當(dāng)座艙落到距地面h1

50m的位置時(shí)，求小明對(duì)書(shū)包的作用力大小F；1求跳樓機(jī)從開(kāi)始制動(dòng)后（勻減速階段）加速度a的大?。划?dāng)座艙落到距地面h2

15m的位置時(shí)，求小明對(duì)書(shū)包的作用力大小F。2（1）2）0（3）16m/2（260N【解析】N，因?yàn)槲矬w處于靜止?fàn)顟B(tài)，則NG根據(jù)牛頓第三定律有所以

NFGF座艙自由下落到距地面h30m的位置時(shí)開(kāi)始制動(dòng)，所以當(dāng)座艙距地面h50m時(shí)，書(shū)包處于完全失重狀態(tài)，則有F1

0；座艙自由下落高度為Hh7830m48m座艙開(kāi)始制動(dòng)時(shí)，已獲得速度v ，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得mv22g(Hh)m座艙制動(dòng)過(guò)程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度大小為a，則有v22ahm聯(lián)立可得a16m/s2方向豎直向上；（勻減速階段加速度a16m/s2；由牛頓第二定律得Fmgma2代入數(shù)據(jù)得故當(dāng)座艙落到距地面的位置h2

F2260N15m時(shí)，小明對(duì)書(shū)包的作用力大小260N。ABB置于水平面上。Am＝1.5kg，BM＝2.0kg，A、Bμ1＝0.2，B＝0.4。某時(shí)刻（t＝0）水平力F作用于B上，其隨時(shí)間變化的規(guī)律為F＝5t+4（F、t均取國(guó)際單位g取10m/2。求：B開(kāi)始滑動(dòng)；A開(kāi)始相對(duì)B滑動(dòng)；t＝3sABFf（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。（1）2（2）3.4（3）2.1N【解析】【詳解】（1）當(dāng)B開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)B與地面間的摩擦力與F相等，即 Mg2 1得

4Nt2s1AB上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木塊mg