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文檔簡介
,2021屆福建省普通中學(xué)業(yè)水平格性考試會(huì)考)應(yīng)性,練習(xí)(六)學(xué)試題一單題1設(shè)數(shù)y
的義A,函
y
的義為B,
AB()A
B.
C
D
【答案B【分析】求出兩個(gè)函數(shù)的定義域可求兩者的交【詳解】由4
得
,由x
得x
,故
x故選:【點(diǎn)睛】本題考查函數(shù)的定義域集合的交,函數(shù)的定義域一般從以下幾個(gè)方面考慮:(1分式的分母不為零;(2偶次根號(hào)
(
N*n
,為偶數(shù))中,
;(3零的零次方?jīng)]有意義;(4對(duì)數(shù)的真數(shù)大于零,底數(shù)大于零且不為1.2已點(diǎn)
A,(4
,與量AB方相的位量()A(.
.,)
B(
,)
C(
4,)5
D(
3,)5【答案A【分析】求出向量,利用相反向量以及單位向量的求法即可求.【詳解】由,AB所以,所以向量的向相反的單位向量為
ABAB
4
故答案為:A3在差列
若a=4,a=2,()246第1頁共17頁
A
B..D.【答案B【分析】利用等差中項(xiàng)可得的值.【詳解】等差數(shù)列
a,26故選:【點(diǎn)睛】本題考查等差中項(xiàng)的應(yīng),考查學(xué)生計(jì)算能力,屬于基礎(chǔ)題.4某市了解客數(shù)變規(guī),高游務(wù)量收并理2014年1月2016月間接游(單位萬人的數(shù),繪了圖示折圖根該線,列論誤是)A月待游量月加B.年待游量年加C各的月待客高期致,月D各1月至月月待客相于7月至月波性更,化較穩(wěn)【答案A【分析觀察折線圖可知月接待游客量每年月份明顯高于12月,且折線圖呈現(xiàn)增長趨勢(shì),高峰都出現(xiàn)在、8月1月月月接待游客量相對(duì)于至月波動(dòng)性更小.【詳解】對(duì)于選項(xiàng)A,圖易知月接待游客量每年7,8月份明顯高于月份,故A錯(cuò);對(duì)于選項(xiàng)B,觀察折線的變化趨勢(shì)可知年接待游客量逐年增加,故B正確;對(duì)于選項(xiàng),,由圖可知顯然正確故選【點(diǎn)睛】本題考查折線圖,考查生的識(shí)圖能力,屬于基礎(chǔ)5已m表兩不直,表示面下說正的A若
//n//
則
//
.
,則
nC若
,
n
,
/
D若
/
,
n
,
【答案B第2頁共17頁
n2nn2110【詳解】試題分析:線面垂直,則有該直線和平面內(nèi)所有的直線都垂直,故B正確.【解析】空間點(diǎn)線面位n2nn21106已數(shù)
n
3a
n
0,n
,則項(xiàng)和于)A
B.
C
3
D
3
【答案C【分析】求得數(shù)列的首項(xiàng)和公比利用等比數(shù)列求和公式直接求解【詳解】
13a,3n
故數(shù)列為
的等比數(shù)列,,a故
10
131
故選:7九算術(shù)中如問今有五,一二,勾容,徑何其大意“已知角角兩角長別為5步步問內(nèi)切的徑多步則其切的徑步為)A1
B..D.【答案D【分析求三角形的斜邊,根據(jù)三角形面積自等,即可求出內(nèi)切圓半徑,進(jìn)而可得結(jié)果【詳解】設(shè)內(nèi)切圓半徑為R,三角形斜邊為
2
+12
2
=13
,所以
S
12
,直徑為故選:D8若群中的員用金付概為,既現(xiàn)支也非金付概率0.15,則用金付概為A【答案B
B.0.4CD.0.7【詳解】分析:由公式
P
計(jì)算可得詳解:設(shè)事件A為用現(xiàn)金支付,事件B為用現(xiàn)金支付,第3頁共17頁
P因?yàn)?/p>
P
0.15所以
P
,故選B.點(diǎn)睛:本題主要考查事件的基本關(guān)系和概率的計(jì)算,屬于基礎(chǔ)題.9當(dāng)物亡后其內(nèi)有碳14的量約經(jīng)年減原的一,這時(shí)稱“半期當(dāng)死亡物內(nèi)碳14含量足亡的分一時(shí)用一的射探器測到.若死生體的14用該射探測測到則它經(jīng)的半衰”個(gè)數(shù)少A8
B..10D.11【答案C【詳解設(shè)死亡生物體內(nèi)原有碳14量為,則經(jīng)過n個(gè)衰期后的含量為,1
得:
,故選已直
l
:
R
是
C:2y2
的稱.點(diǎn)A()A2
作C的一切,點(diǎn),則B.4
AB|C6.【答案C【詳解】試題分析:直線l
過圓心,所以
,所以切線長AB(,C.【解析】切線長11若量,滿足
{xy0,
則x2+y2的最大是A4
B..10D.12【答案C【分析】試題分析:畫出可行域如圖所示,點(diǎn)A(,)原點(diǎn)距離最大,所以第4頁共17頁
12111112(12111112
)
max
,選C.【解析】簡單線性規(guī)劃【名師點(diǎn)睛】本題主要考查簡單線性規(guī)劃的應(yīng)用,是一道基礎(chǔ)題.
從歷年高考題目看,簡單線性規(guī)劃問題是不等式中的基本問題往圍繞目標(biāo)函數(shù)最值的確定涉及直線的斜率、兩點(diǎn)間的距離等,考查考生的繪圖、用圖能力,以及應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決實(shí)際問題的能力【詳解】.知曲C:=cosxC:=sin+
23
),則下結(jié)正的A把C上各的坐標(biāo)長原的2倍縱坐不再得的線右移
π6個(gè)位度得曲
2BC上各的坐伸長原的倍縱坐不再得的線左平
π12個(gè)位度得曲2C把C上各的坐縮到來個(gè)位度得曲2
倍縱坐不再得的線右移
π6D上各的坐縮到來個(gè)位度得曲2
倍坐不再得的線左移
π12【答案D【詳解】把C上各點(diǎn)的橫坐標(biāo)縮短到原來的倍,縱坐標(biāo)不變,得到函數(shù)π圖象,再把得到的曲線向左平移個(gè)單位長度,得到函數(shù)y=cos2(x+
π)()()的圖象,即曲線C,63故選D.點(diǎn)睛:三角函數(shù)的圖象變換,提“先移,后伸”,先伸縮,后”常出現(xiàn)在題目中所也必須熟練掌握無是哪種變形切每一個(gè)變換總是對(duì)字母而.第5頁共17頁
函
x3數(shù)x3
yA
R)
是奇函數(shù)
()
;函數(shù)ysin()
是偶函數(shù)
ππ(k
;函數(shù)cos(
x)
是奇函數(shù)
π
(k)
;函數(shù)cos(
x)
是偶函數(shù)
()
.?dāng)?shù)y
x的圖可能A
.C
D【答案D【詳解】分析先研究函數(shù)的奇性,再研究函數(shù)在
π(,π)
上的符號(hào),即可判斷選.詳解:令
f(x)xsin2x
,因?yàn)閤,f(
2(sin2x(x
所以
f()x
2
為奇函數(shù),排除選項(xiàng)A,B;π因?yàn)閤,π)
時(shí),
f(
,所以排除選項(xiàng),D.點(diǎn)睛:有關(guān)函數(shù)圖象的識(shí)別問題的常見題型及解題思路由函數(shù)的定義域判斷圖象的左、右位置,由函數(shù)的值域,判斷圖象的上、下位置函的單調(diào),判斷圖象的變化趨勢(shì)由函數(shù)的奇偶性,判斷圖象的對(duì)稱性由數(shù)的周期性,判斷圖象的循環(huán)往復(fù)..
x
1=則cos+cos3
的為)第6頁共17頁
A-C-
3313
.D
3313【答案B【分析】運(yùn)用兩角差的余弦公式輔助角公式進(jìn)行求解即.coscosxcosxsin33【詳解】
13cosxcossin2233cossin223sin()333故選:【點(diǎn)睛本題考查了兩角差的余弦公式的應(yīng)用,考查了輔助角公式的應(yīng)用,考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力..知三錐ABC的三側(cè)兩兩相直且AB
5,
7,AC2
,則三錐外球體為A
B.
2
C
D
323
【答案B【詳解由題意可知:可將三棱錐放入長方體中考慮,則長方體的外接球即三棱錐的外接球,故球的半徑為長方體體對(duì)角線的一半,設(shè)PA則
BC
75
x,PAPC
2232
得球的體積為:823第7頁共17頁
2二填題2.知函
f
的期1且
0
時(shí)
f
x
x
,f
.【答案】【分析】根據(jù)函數(shù)
fx)
為周期函數(shù),得
f
f(
,代入函數(shù)
f()logx2
即可得解.【詳解】解:因?yàn)楹瘮?shù)
fx)
是周期為周期函數(shù),所以
f
f()
,又當(dāng)
0
時(shí),
f()logx2
,所以
f
lg2f()loglg2
,故答案為:.點(diǎn)D為
所平內(nèi)點(diǎn)CD,ADABAC,
.【答案】1【分析】用向量的線性運(yùn)算把AD用,AC表可得.【詳解】因?yàn)?,?/p>
BD
BC
,AD
ABAB(ACAB)3
,所以
4xy
,
xy
.故答案為:1【點(diǎn)睛題考查平面向量基本理上意向量都可以用不共線的向量唯一表示,根據(jù)向量線性運(yùn)算法則計(jì)算即可.本題實(shí)質(zhì)可以利用三點(diǎn)xy.
,,D
共線直接得出.知鈍
的積
,,BC2,則
__________.【答案】5第8頁共17頁
2222【詳解三形面積公式為
S
ABB
2所以若B為角時(shí),2則
cosB
22
由余弦定理,ABBCBCcosB
,解得
;若為銳角時(shí),則B
,由余弦定理,ACBCABB
,解得
,此時(shí),
為直角邊的等腰直角三角形,不符合題意.綜上,
.
,
滿
xyxy則3x
的小是【答案】
【分析】化簡
xyxy
,得到
3131,xy)()x5y
,結(jié)合基本不等式,即可求.【詳解】由
,
滿足
xy
,可得
3x
,則
3xy
13123)()5x5yx)y
3,當(dāng)且僅當(dāng)時(shí),即x
x2
時(shí)等號(hào)成立,所以
xy
的最小值是5.故答案為:
【點(diǎn)睛】通過常數(shù)代換法利用基不等式求解最值的基本步驟:(1根據(jù)已知條件或其變形確定定值(常數(shù)(2把確定的定值(常數(shù))變形為1;(3把所的最值的表達(dá)式相乘或相除,進(jìn)而構(gòu)造或積為定值的形式;(4利用基本不等式求最值..公司年買種物600噸,次買x噸運(yùn)為6萬/次一的存儲(chǔ)用4x萬元?jiǎng)t年的運(yùn)與存費(fèi)和于x的數(shù)達(dá)f
.第9頁共17頁
22x【答案】【分析】一年的總運(yùn)費(fèi)為
x
,一年的總存儲(chǔ)費(fèi)用為
,求和即可.【詳解】依題意總費(fèi)用為
f
x
,故答案為:
x
.三解題.知函
xxa
,a且a)的象過
.()的值并直坐系畫出
yf
x
的象()
f
上單函,的取范.【答案)
,作圖見解析)m或0或2.【分析)出
即得函數(shù)
f
解析式,再畫出函數(shù)的圖象;(2由題得函數(shù)
fx)
的單調(diào)遞增區(qū)間是(0,2),調(diào)遞減區(qū)間是
(,0),(2,
,數(shù)形結(jié)合分析得解.【詳解)函數(shù)
f()
的圖象經(jīng)過點(diǎn)
(
,a
,得
,(x)
xxx其圖象如圖所示:第10頁共17頁
(21知函數(shù)
f(x)
的單調(diào)遞增區(qū)間是(0,單調(diào)遞減區(qū)間是
(,0),(2,
,m0
或
或,m0m
的取值范圍為
或
或
2
.【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛:解答本題的鍵在于數(shù)形結(jié)合分析得到
0
或
2
或,數(shù)形結(jié)合的思想是一種重要的數(shù)學(xué)思想,在解題時(shí)要注意靈活運(yùn).m0.圖,三柱
BC中面ABC,ABAC111
.()證
BA.()為
1
的點(diǎn)問AB上否在
,得
MN/平面1
?若存,出
ANNB
的,給證;不存,說理.【答案)明見解析)在,
ANNB
,證明見解.【分析)一:先證明
AA
結(jié)合已知即可證明AC
平面
ABBA11
,易得1
法二證平面
ABB1
平面合可證明AC面
ABB1
,易得BA1
;(2一
為AB的點(diǎn)點(diǎn)ME分為AC1
、
的中點(diǎn)造面
MNE
,再證平面平面MNE平BCCB1
即可法取為的點(diǎn)取的中點(diǎn)F,證四邊形為平行四邊形即可.1【詳解】解:法一)
AA平面AC1
平面
,AC
.ABACABA1
,第11頁共17頁
AC
平面
ABBA11
,又
平面ABBA1
,AB
.(2存在點(diǎn),為AB的點(diǎn)使得MN/平,ME證明:取,的中點(diǎn)E,連接
BCC1
,即
ANNB
.∵邊形
ACCA1
是平行四邊形,且點(diǎn)
M,E
分別為
1
、
的中點(diǎn),∴邊形是行四邊形,1ME//CC1
.ME平面,平面BCCB11
,ME//平1
.∵分為的中點(diǎn),NE/BC
.NE平
BCCB,1
平面
BCC1
,//
平面
BCC1
.MENE
,∴面平面B1MN面,
.MN/平面BCC11
.法二)
AA平面,AA平面A1
,第12頁共17頁
∴面
ABBA1
平面ABC,平面
ABBA1
平面ABC.ABAC
平面
,AC
平面
ABBA11
.又
平面ABBA1
,AB1
.(2存在點(diǎn)
,點(diǎn)
為
的中點(diǎn),使得
MN//平BCC1
,即
ANNB
.證明:取BC的點(diǎn)F,連接
MN,NFCF1
.∵F別為,BC的點(diǎn),/AC,AC
.//ACMC1
AC
,MC,MC11
.∴邊形MNFC為平行四邊形.1MN//F1
.
平面
BCC,平BCCB1111
,平BCCB1
.【點(diǎn)睛】證明線面平行幾何法通有兩種:通過構(gòu)造平行四邊形或中位線等從而證明線線平行達(dá)到線面平行的目的;構(gòu)造平面,通過證明面面平行從而證明線面平行.第13頁共17頁
.知等數(shù)
n
前5項(xiàng)為50,
,數(shù)7
n和,bbnn
n
.()數(shù)
式n()數(shù)
n
1b1
a,nNnn
*
,
c1
2017
的.【答案)
ann
;
b
)
.【分析)等差數(shù)列
n
d
,利用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式及其前項(xiàng)公式建立方程組解出首項(xiàng)和公差,即可求出數(shù)n
式再根據(jù)數(shù)列的遞公式可得數(shù)列
n
,公比為4
的等比數(shù)列,即可求出數(shù)列
n(2根據(jù)數(shù)列的遞推公式先求出c的值.1
n
式再分組求和可得【詳解】解)設(shè)等差數(shù)列
n
d
.550,依題意得2ad
解得
d1
,所以
aannn1
,當(dāng)n
時(shí),
bb2
,當(dāng)
時(shí),
bnn
,bS,nn以上兩式相減得
bnn
,則
b4bn
,又
b,以b2
,N
*
.所以
n
、公比為的比數(shù)列,所以
b
;(2因?yàn)?/p>
12b12
,Nnn
*第14頁共17頁
n2n2當(dāng)
時(shí),
c11b1
n
,以上兩式相減得
nnn
,所以
c
,n
,當(dāng)n
時(shí),1,所以b1
cb11
,不符合上式,所以
c12
2017
2016
2017.【點(diǎn)睛給出與的推關(guān)系,求a,常用思路是:一是利用annnn
轉(zhuǎn)化為
的遞推關(guān)系再求其通項(xiàng)公式二是轉(zhuǎn)化為
的遞推關(guān)系先出
與n之間的關(guān)系,再求a.24某商舉有促活,顧購一金的品即參抽抽有種方可選.方一:從有4個(gè)紅和個(gè)白的透箱中機(jī)出個(gè)球,摸的個(gè)球是球中,則中方二:擲顆子如果現(xiàn)點(diǎn)至有個(gè)為4則中否不獎(jiǎng)[散子(或球)的大小形狀質(zhì)地相]()顧認(rèn),方一,子的球數(shù)白個(gè)多所以獎(jiǎng)概大于
.認(rèn)正嗎請(qǐng)說理.()果你加獎(jiǎng)你選哪方?請(qǐng)明由【答案)誤,理由見解析)選擇方案一,理由見解【分析)4紅球分別記為
a,13
,白球分別記為
b1
,利用列舉法求得基本事件的總數(shù)和2個(gè)都是紅球所包含的基本事件的個(gè)數(shù)合古典摡型概率計(jì)算公式,即可求.(2根據(jù)古典摡型的概率計(jì)算公式,求得方案二中獎(jiǎng)的概率,即可得到相應(yīng)的結(jié)【詳解)4紅球分別記為
a,13
,白球分別記為
b1
,則從箱中隨機(jī)摸出2個(gè)有以下結(jié)果:
{a},
3
a4
b1
b2
a23134241422,第15頁共17頁
xAB(3,4)總共種,xAB(3,4)其中2個(gè)是紅球的有
1
},a,}3224
,共種,所以方案一中獎(jiǎng)的概率
1
,所以該顧客的想法是錯(cuò)誤的.()拋擲2顆子,所有基本事件共有3種,其中出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)少有一個(gè)4基本事件有,
(1,4),(2,4),(3,4),(4,4),(5,4),(6,4),(4,1),(4,2),(4,3),(4,5),(4,6)
,共11,所以方案二中獎(jiǎng)的概率
,可得pp
所以應(yīng)該選擇方案一..知圓P過點(diǎn)
,圓在x軸.()圓P的方.()明:過A任意兩傾斜互的線分交于,
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