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第4章第5節(jié)1.某空間出現(xiàn)了如圖所示的一組閉合的電場(chǎng)線,這可能是()A.沿AB方向磁場(chǎng)的迅速減弱B.沿AB方向磁場(chǎng)的迅速增強(qiáng)C.沿BA方向磁場(chǎng)的迅速增強(qiáng)D.沿BA方向磁場(chǎng)的迅速減弱答案:AC解析:假設(shè)存在圓形閉合回路,回路中應(yīng)產(chǎn)生與電場(chǎng)同向的感應(yīng)電流,由安培定則可知,感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向下,所以根據(jù)楞次定律,引起感應(yīng)電流的應(yīng)是方向向下的磁場(chǎng)迅速減弱或方向向上的磁場(chǎng)迅速增強(qiáng),故A、C正確.2.下列說(shuō)法中正確的是()A.感生電場(chǎng)由變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生B.恒定的磁場(chǎng)也能在周圍空間產(chǎn)生感生電場(chǎng)C.感生電場(chǎng)的方向也同樣可以用楞次定律和右手定則來(lái)判定D.感生電場(chǎng)的電場(chǎng)線是閉合曲線,其方向一定是沿逆時(shí)針?lè)较蚪馕觯捍艌?chǎng)變化時(shí)在空間激發(fā)感生電場(chǎng),其方向與所產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同,只能由楞次定律判斷,A項(xiàng)正確.答案:A3.一直升機(jī)停在南半球的地磁極上空.該處地磁場(chǎng)的方向豎直向上,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.直升機(jī)螺旋槳葉片的長(zhǎng)度為L(zhǎng),螺旋槳轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為f,順著地磁場(chǎng)的方向看螺旋槳,螺旋槳順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng).螺旋槳葉片的近軸端為a,遠(yuǎn)軸端為b,如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線的距離,用ε表示每個(gè)葉片中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),如圖所示則()A.ε=πfL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)B.ε=2πfL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C.ε=πfL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)D.ε=2πfL2B,且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)答案:A解析:對(duì)于螺旋槳葉片ab,其切割磁感線的速度是其做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度,螺旋槳上不同的點(diǎn)線速度不同,但滿足v′=ωR,可求其等效切割速度v=ωL/2=πfL,運(yùn)用法拉第電磁感應(yīng)定律E=BLv=πfL2B.由右手定則判斷電流的方向?yàn)橛蒩指向b,在電源內(nèi)部電流由低電勢(shì)流向高電勢(shì),故選項(xiàng)A正確.4.如圖所示,固定的水平長(zhǎng)直導(dǎo)線中通有電流I,矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi),且一邊與導(dǎo)線平行,線框由靜止釋放,在下落過(guò)程中()A.穿過(guò)線框的磁通量保持不變B.線框中感應(yīng)電流方向保持不變C.線框所受安培力的合力為零D.線框的機(jī)械能不斷增大解析:線框下落過(guò)程中距離直導(dǎo)線越來(lái)越遠(yuǎn),磁場(chǎng)越來(lái)越弱,但磁場(chǎng)方向不變,所以磁通量越來(lái)越小,根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向不變,A錯(cuò),B對(duì);線框左邊和右邊所受安培力總是大小相等,方向相反,但上下兩邊磁場(chǎng)強(qiáng)弱不同,安培力大小不同,合力不為零,C錯(cuò);下落過(guò)程中機(jī)械能越來(lái)越小,D錯(cuò).答案:B5.如圖所示,閉合金屬導(dǎo)線框放置在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小隨時(shí)間變化而變化.下列說(shuō)法中正確的是()A.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí),線框中的感應(yīng)電流可能減小B.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí),線框中的感應(yīng)電流一定增大C.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí),線框中的感應(yīng)電流一定增大D.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí),線框中的感應(yīng)電流可能不變解析:線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=eq\f(ΔB,Δt)S,設(shè)線框的電阻為R,則線框中的電流I=eq\f(E,R)=eq\f(ΔB,Δt)eq\f(S,R),因?yàn)锽增大或減小時(shí),eq\f(ΔB,Δt)可能減小,可能增大,也可能不變.線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小只和磁通量的變化率有關(guān),和磁通量的變化量無(wú)關(guān).故選項(xiàng)A、D正確.答案:AD6.某空間存在以ab,cd為邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里,區(qū)域?qū)挒長(zhǎng)1,現(xiàn)有一矩形線框處在圖中紙面內(nèi),它的短邊與ab重合,長(zhǎng)度為L(zhǎng)2,長(zhǎng)邊長(zhǎng)度為2L1,某時(shí)刻線框以初速度v0沿與ab垂直的方向進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域,同時(shí)某人對(duì)線框施以作用力,使它的速度大小和方向保持不變.設(shè)該線框的電阻為R,則從線框開始進(jìn)入磁場(chǎng)到完全離開磁場(chǎng)的過(guò)程中,人對(duì)線框作用力做的功等于________________.答案:2v0L1B2Leq\o\al(2,2)/R解析:豎直邊在磁場(chǎng)中切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E=BL2v0,回路中電流I=E/R=BL2v0/R.保持線框勻速運(yùn)動(dòng)施加的外力與磁場(chǎng)力相等F=IL2B=B2Leq\o\al(2,2)v0/R,線框兩豎直邊切割磁感線運(yùn)動(dòng)的位移相等,均為L(zhǎng)1,故人對(duì)線圈做的總功W=F·2L1=2v0L1B2Leq\o\al(2,2)/R.也可利用能量關(guān)系解,人對(duì)線框做的功等于線框回路中產(chǎn)生的焦耳熱.7.如下圖所示,固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的水平導(dǎo)軌ab、cd的間距L1=,金屬棒ad與導(dǎo)軌左端bc的距離L2=,整個(gè)閉合回路的電阻為R=Ω,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向豎直向下穿過(guò)整個(gè)回路.a(chǎn)d桿通過(guò)細(xì)繩跨過(guò)定滑輪接一個(gè)質(zhì)量為m=的物體,不計(jì)一切摩擦,現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度從零開始以eq\f(ΔB,Δt)=s的變化率均勻地增大,求經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間物體m剛好能離開地面?(g取10m/s2)答案:10s解析:物體剛要離開地面時(shí),其受到的拉力F等于它的重力mg,而拉力F等于棒ad所受的安培力,即mg=BIl1①其中B=eq\f(ΔB,Δt)·t②感應(yīng)電流由變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生I=eq\f(E,R)=eq\f(ΔΦ,Δt)·eq\f(1,R)=eq\f(ΔB,Δt)·eq\f(l1l2,R)③所以由上述三式聯(lián)立可得t=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(mgR,l\o\al(2,1)l2)·\f(Δt,ΔB)))·eq\f(Δt,ΔB)=10s8.如圖所示,處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距1m、導(dǎo)軌平面與水平面成θ=37°角,下端連接阻值為R的電阻,勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直.質(zhì)量為,電阻不計(jì)的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上,棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸,它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.(1)求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大?。?2)當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí),電阻R消耗的功率為8W,求該速度的大小.(3)在上問(wèn)中,若R=2Ω,金屬棒中的電流方向由a到b,求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與方向(g=10m/s2,sin37°=,cos37°=答案:(1)4m/s2(2)10m/s(3)垂直導(dǎo)軌平面向上解析:(1)金屬棒開始下滑的初速度為零,根據(jù)牛頓第二定律mgsinθ-μmgcosθ=ma①由①式解得a=10×-×m/s2=4m/s2②(2)設(shè)金屬棒運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí),速度為v,所受安培力為F,棒在沿導(dǎo)軌方向受力平衡mgsinθ-μmgcosθ-F=0③此時(shí)金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻R消耗的電功率Fv=P④由③、④兩式解得v=eq\f(P,F)=eq\f(P,mgsinθ-μcosθ)=eq\f
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