高中物理人教版1本冊總復習總復習 寶安中學高二物理期末復習訓練二《恒定電流》

寶安中學高二物理期末復習訓練二《恒定電流》班級__________姓名___________一、單選題1．在第二十九屆奧運會上“綠色、科技、人文”的理念深入人心．如在奧運村及奧運場館內(nèi)大量使用太陽能路燈，其光電轉(zhuǎn)換裝置在陽光照射下把太陽能轉(zhuǎn)換為電能儲存起來，供夜晚照明使用．在正常照射下，太陽能電池的光電轉(zhuǎn)換效率可達20%，可產(chǎn)生24V電壓，產(chǎn)生2.5A的電流，則每秒該路燈可轉(zhuǎn)化的太陽能為()A．120JB．300JC．600JD．1200J2．如圖所示為測定壓力的電容式傳感器，將平行板電容器、靈敏電流表(零刻度在中間)和電源串聯(lián)成閉合回路．當壓力F作用于可動膜片電極上時，膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，導致靈敏電流表指針偏轉(zhuǎn)．在對膜片開始施加壓力，從圖中的虛線推到圖中實線位置并保持固定的過程中，靈敏電流表指針的偏轉(zhuǎn)情況為(電流從電流表正接線柱流入時指針向右偏)()A．向右偏到某一刻度后回到零刻度B．向左偏到某一刻度后回到零刻度C．向右偏到某一刻度后不動D．向左偏到某一刻度后不動3．酒精測試儀用于對機動車駕駛?cè)藛T是否酗酒及其他嚴禁酒后作業(yè)人員的現(xiàn)場檢測，它利用的是一種二氧化錫半導體型酒精氣體傳感器．酒精氣體傳感器的電阻隨酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖7－2所示的電路中，不同的酒精氣體濃度對應著傳感器的不同電阻．這樣，顯示儀表的指針就與酒精氣體濃度有了對應關(guān)系．如果二氧化錫半導體型酒精氣體傳感器電阻的倒數(shù)與酒精氣體的濃度成正比，那么，電壓表示數(shù)U與酒精氣體濃度c之間的對應關(guān)系正確的是()A．U越大，表示c越大，c與U成正比B．U越大，表示c越大，但是c與U不成正比C．U越大，表示c越小，c與U成反比D．U越大，表示c越小，但是c與U不成反比4．如圖所示，E為電源，其內(nèi)阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻．閉合開關(guān)S后，若照射R3的光強度減弱，則()A．R1兩端的電壓變大B．小燈泡消耗的功率變小C．通過R2的電流變小D．電源兩極間的電壓變小5．如圖所示，M、N是平行板電容器的兩個極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調(diào)電阻，用絕緣細線將質(zhì)量為m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部．閉合電鍵S，小球靜止時受到懸線的拉力為F.調(diào)節(jié)R1、R2，關(guān)于F的大小判斷正確的是()A．保持R1不變，緩慢增大R2時，F(xiàn)將變大B．保持R1不變，緩慢增大R2時，F(xiàn)將變小C．保持R2不變，緩慢增大R1時，F(xiàn)將變大D．保持R2不變，緩慢增大R1時，F(xiàn)將變小6．如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線B為電源b的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關(guān)系圖線，將這個電阻R分別接到a、b兩電源上，那么()A．R接到a電源上，電源的效率較高B．R接到b電源上，電源的輸出功率較大C．R接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源效率較低D．R接到b電源上，電阻的發(fā)熱功率和電源的效率都較高7．如圖所示，電源電動勢為E＝12V，內(nèi)阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流電動機內(nèi)阻R′0＝1Ω，當調(diào)節(jié)滑動變阻器R1時可使甲圖電路輸出功率最大，調(diào)節(jié)R2時可使乙圖電路輸出功率最大，且此時電動機剛好正常工作(額定功率為2W)，則R1和R2值為()A．2Ω，2ΩB．2Ω，ΩC．Ω，ΩD．Ω，2Ω8.如圖所示，兩個電阻的阻值均為100Ω，A、B兩端的電壓保持12V不變，現(xiàn)用一個內(nèi)阻為kΩ的電壓表去測量某個電阻兩端的電壓，讀數(shù)為()VVVV9.在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是()A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率變大C.電容器C上的電荷量減少D.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大二、雙選題10.關(guān)于電阻的計算式R＝eq\f(U,I)和決定式R＝ρeq\f(L,S)，下面說法正確的是()A.導體的電阻與其兩端電壓成正比，與電流成反比B.導體的電阻僅與導體的長度、橫截面積和材料有關(guān)C.導體的電阻隨工作溫度的變化而變化D.對一段特定的導體來說，在恒溫下比值eq\f(U,I)是恒定的，導體電阻不隨U或I的變化而變化11.如圖所示，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當照射光強度增大時()A.電壓表的示數(shù)減小中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大12.某學生在研究串聯(lián)電路電壓特點時，接成如圖所示電路，接通K后，他將高內(nèi)阻的電壓表并聯(lián)在A、C兩點間時，電壓表讀數(shù)為U；當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U；當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表讀數(shù)為零，則出現(xiàn)此種情況的原因可能是(R1、R2阻值相差不大)()段斷路段斷路段短路段短路13.在如圖所示的電路中電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，閉合開關(guān)S，待電流達到穩(wěn)定后，電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，電容器C所帶電荷量為Q，將滑動變阻器R的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些，待電流達到穩(wěn)定后，則與P移動前相比()變小變小增大減小14.如圖所示，一臺電動機提著質(zhì)量為m的物體，以速度v勻速上升.已知電動機線圈的電阻為R，電源電動勢為E，通過電源的電流為I，當?shù)刂亓铀俣葹間，忽略一切阻力及導線電阻，則()A.電源內(nèi)阻r＝eq\f(E,I)－RB.電源內(nèi)阻r＝eq\f(E,I)－eq\f(mgv,I2)－RC.如果電動機轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動，較短時間內(nèi)電源消耗的功率將變大D.如果電動機轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動，較短時間內(nèi)電源消耗的功率將變小15．如圖所示的電路中，電源有不可忽略的內(nèi)阻，R1、R2、R3為三個可變電阻，電容器C1、C2所帶電荷量分別為Q1和Q2，下面判斷正確的是()A．僅將R1增大，Q1和Q2都將增大B．僅將R2增大，Q1和Q2都將增大C．僅將R3增大，Q1和Q2都將不變D．突然斷開開關(guān)S，Q1和Q2都將不變?nèi)?、實驗題16．為了測量一根長約為3cm、電阻約為100Ω、橫截面為圓形、粗細均勻的導電材料的電阻率，所用器材如下：直流電源E(電動勢約為V，內(nèi)阻可忽略不計)；電流表A1(量程為0～25mA，內(nèi)阻r1＝100Ω)；電流表A2(量程為0～150mA，內(nèi)阻r2＝20Ω)；定值電阻R0(阻值為10Ω)；滑動變阻器R(最大阻值為10Ω)；開關(guān)S，導線若干．(1)用游標卡尺測得該材料的長度如圖所示，示數(shù)為L＝________mm；用螺旋測微器測得該材料的直徑如圖所示，示數(shù)為D＝________mm.(2)為了在測量中盡量減小誤差，并測多組數(shù)據(jù)，現(xiàn)給出測量電阻Rx的實驗電路，請據(jù)此電路圖將實驗器材連接起來．(3)若某次測量中電流表A1的示數(shù)為I1，電流表A2的示數(shù)為I2，則由已知量和測量量計算電阻率的表達式為ρ＝__________________.(用題目中字母表示即可)17、某實驗小組利用如圖所示電路測定一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，備有下列器材：①待測電池，電動勢約為V(小于V)②電流表，量程3mA③電流表，量程0.6A④電壓表，量程V⑤電壓表，量程3V⑥滑動變阻器，0～20Ω⑦開關(guān)一個，導線若干(1)請選擇實驗中需要的器材________(填標號)．(2)在方框中畫出電路圖，并按電路圖將實物連接起來．(3)小組由實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖象如圖所示，由圖象可求得電源電動勢為________V，內(nèi)阻為________Ω.18、一可供使用的多用表，現(xiàn)在要用它檢驗兩個電阻的阻值(圖中未畫電阻)。已知阻值分別為R1=60Ω，R2=470kΩ，下面提出了在測量過程中一系列可能的操作，請你選出能盡可能準確地測定各阻值并符合于多用表安全使用規(guī)則的各項操作，并且將它們按合理順序填寫在后面的橫線上空白處。A．旋動S使其尖端對準歐姆檔×1k(即OHMS×1k)；B．旋動S使其尖端對準歐姆檔×100；C．旋動S使其尖端對準歐姆檔×lO；D．旋動S使其尖端對準歐姆檔×l；E．旋動S使其尖端對準V1000；F．將兩表筆分別接到R1的兩端，讀出R1的阻值，隨后即斷開；G．將兩表筆分別接到R2的兩端，讀出R2的阻值，隨后即斷開；H．兩表筆短接，調(diào)節(jié)Q使表針對準歐姆檔刻度盤上的O，隨后即斷開。所選操作及其順序為(用字母代號填寫)：_________________。(操作總數(shù)應視實際需要而定)19、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中備有下列器材：A．小燈泡V,W) B．直流電源(電動勢V，內(nèi)阻約Ω)C．電流表(量程0～500mA，內(nèi)阻約Ω) D．電壓表(量程0～5V，內(nèi)阻約5000Ω)E．滑動變阻器R1(0～5Ω，額定電流2A) F．滑動變阻器R2(0～50Ω，額定電流1A)G．開關(guān)一個，導線若干如果既要滿足測量要求，又要使測量誤差較小，應選擇如圖實－6－13所示的四個電路中的________，應選用的滑動變阻器是________．四、計算題20．如圖所示，電源的電動勢E＝110V，電阻R1＝21Ω，電動機繞線的電阻R0＝Ω，開關(guān)S1始終閉合．當開關(guān)S2斷開時，電阻R1的電功率是525W；當開關(guān)S2閉合時，電阻R1的電功率是336W．求：(1)電源的內(nèi)電阻；(2)當開關(guān)S2閉合時流過電源的電流和電動機輸出的功率．21．如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，極板長l＝80cm，兩板間的距離d＝40cm.電源電動勢E＝40V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R＝15Ω，閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球從B板左端且非?？拷麭板的位置以初速度v0＝4m/s水平向右射入兩板間，該小球可視為質(zhì)點．若小球帶電荷量q＝1×10－2C，質(zhì)量為m＝2×10－2kg，不考慮空氣阻力，電路中的電壓表、電流表均是理想電表．若小球恰好從A板右邊緣射出(g取10m/s2(1)滑動變阻器接入電路的阻值為多大？(2)此時電流表、電壓表的示數(shù)分別為多少？(3)此時電源的輸出功率是多大？寶安中學高二物理期末復習訓練二《恒定電流》參考答案一、單選題1、B解析：每秒鐘路燈消耗電能為W＝UIt＝24××1J＝60J則每秒轉(zhuǎn)化的太陽能為：eq\f(W,η)＝eq\f(60,20%)J＝300J2、A解析：靈敏電流表有示數(shù)的時候應該是電容器電容值發(fā)生變化的時候，可動電極向上動，電容器電容增大，電路對電容器充電，故指針向右偏．當可動電極到了實線位置時，電容器的電容不再發(fā)生變化，此時電路中的電流消失，指針又回到零點．3、B解析：題中給出傳感器電阻r′的倒數(shù)與酒精氣體濃度c是正比關(guān)系，即eq\f(1,r′)＝kc，電壓表示數(shù)U＝eq\f(R0E,r′＋R＋R0＋r)＝eq\f(R0E,\f(1,kc)＋R＋R0＋r)＝eq\f(kR0E,kR＋R0＋r＋\f(1,c))，可以看出電壓與濃度的關(guān)系不是正比關(guān)系，但隨濃度的增加而增加．故只有選項B正確．4、B解析：光照強度減弱，R3阻值增大，電路中總電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小，A錯誤；并聯(lián)電路兩端電壓增大，R2中電流增大，C錯誤；燈泡中電流IL＝I總－IR2，則IL減小，其功率減小，B正確；由U＝E－I總r得路端電壓增大，D錯誤．5、B解析：本題主要考查帶電體在電場中的平衡問題，意在考查考生對物體平衡、電容器等知識的理解和應用．小球重力、電場力、懸線的拉力處于平衡狀態(tài)，設懸線與豎直方向的夾角為θ，則tanθ＝eq\f(qE,mg)＝eq\f(qU,mgd)，cosθ＝eq\f(mg,F)，由閉合電路歐姆定律知增大R2時，定值電阻兩端電壓減小，由此可知θ減小，cosθ增大，F(xiàn)減小，B項對；而改變R1對定值電阻兩端電壓不起作用．6、C解析：由圖線可知，a、b兩電源的短路電流一樣大，a的電動勢大于b的電動勢，故a的內(nèi)阻大于b的內(nèi)阻，由A與C的交點坐標可知，當電阻R與電源相連時，電流I＝eq\f(E,R＋r)，即eq\f(1,I)＝eq\f(R,E)＋eq\f(r,E)，可得接a時的電流大于接b時的電流．由電源輸出功率P＝I2R得接a電源時的功率較大，電源的效率η＝eq\f(R,R＋r)，所以電阻R接a時效率較低．7、B解析：對于甲圖，由于是純電阻電路，電源消耗能量全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電功率等于熱功率，有：P＝I2R＝eq\f(E2,R外＋r2)R外＝eq\f(E2,R外＋2r＋\f(r2,R外)).當R外＝r時，外電路消耗功率P最大，Pmax＝eq\f(E2,4r)＝12W，R1＝2Ω.對于乙圖電路，由于是非純電阻電路，依能量守恒定律可知：電源消耗能量一部分轉(zhuǎn)化為焦耳熱，而另一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能(電動機動能)，電功率不等于熱功率．因此上面推導不再適用，正確推導如下：P＝UI＝eq\f(E－U,r)U＝eq\f(EU－U2,r).顯然，當U＝eq\f(E,2)時，Pmax＝eq\f(E2,4r)＝12W，U內(nèi)＝6V，I＝2A；又因為P電動機＝P額＋P熱＝6W，所以PR2＝I2R2＝6W，R2＝Ω.綜上所述，只有B選項正確．8、B解析：電壓表與電阻R的并聯(lián)電阻為R′＝＝eq\f(1450×100,1450＋100)Ω＝Ω電壓表的讀數(shù)為UV＝eq\f(R′,R′＋R)UAB＝eq\f×12,＋100)V＝V，故B正確.9.D解析：當P向左移動時，電路中總電阻變大，總電流減小，故燈泡變暗，電源輸出功率變小，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大，電容器兩端電壓增大，電容器C上的電荷量增加，故D正確.二、雙選題10、CD.解析：導體的電阻只由導體本身的性質(zhì)決定，不能根據(jù)R＝eq\f(U,I)而錯誤地認為R與U成正比，與I成反比.故A錯誤.根據(jù)R＝ρeq\f(L,S)知導體的電阻由ρ、L、S決定，但還與溫度有關(guān)，故B錯誤，C正確.在恒溫下，一段特定導體的電阻與U和I無關(guān)，是一個定值，故D正確.11、BC解析：當光強度增大時，R3阻值減小，外電路電阻隨R3的減小而減小，R1兩端電壓因干路電流增大而增大，同時內(nèi)電壓增大，故電路路端電壓減小，而電壓表的示數(shù)增大，A、D項均錯誤；由路端電壓減小，而R1兩端電壓增大知，R2兩端電壓必減小，則R2中電流減小，故B項正確；結(jié)合干路電流增大知流過小燈泡的電流必增大，則小燈泡的功率增大，故C項正確.12、AD解析：電路的故障可以由電壓表示數(shù)判斷.由于AB間的電壓和AC間電壓相同，BC間電壓為零，故可確定可能是AB段斷路或BC段短路，故A、D正確.13、BC解析：滑動觸頭向a端移動，則連入電路的電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，總電路中的電流為I＝eq\f(E,R＋R2＋r)，R增大，則總電流減小，B正確；滑動變阻器兩端的電壓U＝E－I(R2＋r)，I減小，所以U增大，A錯誤；電容器兩端的電壓實際上就是滑動變阻器兩端的電壓，故電容器極板上的電量Q＝CU，U增大，則Q增大，故C正確D錯誤.14、BC解析：由于電動機是非純電阻元件，歐姆定律不再適用，電動機的輸入功率P1＝UI.熱功率P2＝I2R，輸出功率P3＝mgv，P1＝P2＋P3，可解得：U＝IR＋eq\f(mgv,I)，又由閉合電路歐姆定律得：E＝U＋Ir，解得：r＝eq\f(E,I)－eq\f(mgv,I2)－R，故A錯B對；當電動機被卡住時，電動機變成純電阻元件，I總＝eq\f(E,R＋r)，電流增大，故電源消耗的功率P增大，所以選項C對，D錯.15、BC解析：C1兩端電壓是R1、R2電壓之和，C2兩端電壓是R2兩端電壓，R1增大，UC1增大，Q1增大，Q2減??；R2增大，UC1增大，UC2增大，Q1、Q2都增大；斷開S，C1、C2均放電，Q1、Q2逐漸減少．三、實驗題16、(1)或(2)見圖(3)eq\f(πD2,4I1L)[I2(R0＋r2)－I1r1]17、(1)①③④⑥⑦(2)如圖所示(3)解析：(1)根據(jù)本實驗的原理以及特點，所選器材是①③④⑥⑦；(2)根據(jù)電路圖連接實物圖時，一定要看清電路的結(jié)構(gòu)，滑動變阻器的接線柱所在的位置，注意導線不能交叉；(3)電源的電動勢是縱軸截距V，內(nèi)電阻r＝eq\f(ΔU,ΔI)＝eq\f－0,－0)Ω＝Ω.18、D，H，F(xiàn)，A，H，G，E或A,H，G，D，H，F(xiàn)，E。(使用多用表的歐姆檔測電阻，應本著以下幾個原則：(1)恰當選擇檔位，使讀數(shù)盡可能在表盤的中央附近，減小讀數(shù)誤差；(2)調(diào)零，且每換一次檔位應重新調(diào)零；(3)讀數(shù)；(4)測量完畢后，應把旋鈕調(diào)至交