江蘇南通啟東中學(xué)高一物理期中doc

本文格式為Word版，下載可任意編輯——江蘇南通啟東中學(xué)高一物理期中doc江蘇省啟東中學(xué)20222022學(xué)年度其次學(xué)期期中考試高一物理創(chuàng)新班一、單項選擇題此題共6小題，每題3分，共計18分．每題只有一個選項符合題意．1.在光電效應(yīng)測驗中，用同一束單色光，先后照射鋅和銀的外觀，都能發(fā)生光電效應(yīng)。對于這兩個過程，以下四個物理過程中，確定一致的是A.遏止電壓B.飽和光電流C.光電子的最大初動能D.逸出功B根據(jù)光電效應(yīng)方程，由于不同金屬，逸出功不同，所以光電子的最大初動能不同，根據(jù)可知，遏止電壓也不同，而同一束光，光強(qiáng)一致，飽和光電流與光強(qiáng)成正比，所以兩個過程飽和光電流一致，ACD錯誤，B正確2.按照玻爾理論，一個氫原子中的電子從一半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到另一半徑為rb的圓軌道上，rarb，在此過程中A.原子發(fā)出一系列頻率的光子B.原子要吸收一系列頻率的光子C.原子要吸收某一頻率的光子D.原子要發(fā)出某一頻率的光子D由于rarb，所以從高能級躍遷到低能級軌道，波爾能級躍遷理論從高能級軌道躍遷到低能級軌道釋放光子，且釋放光子能量，所以會發(fā)出某一固定頻率光子，ABC錯誤D正確3.“奇怪號”火星探測器察覺了火星存在微生物的更多線索，進(jìn)一步激發(fā)了人類探測火星的熱心。假設(shè)引力常量G己知，不考慮星球的自轉(zhuǎn)，那么以下關(guān)于火星探測的說法正確的是A.火星探測器貼近火星外觀做勻速圓周運(yùn)動時，其所受合外力為零B.若火星半徑約為地球半徑的一半，質(zhì)量約為地球質(zhì)量的特別之一，那么火星外觀的重力加速度確定大于地球外觀的重力加速度C.火星探測器貼近火星外觀做勻速圓周運(yùn)動時，假設(shè)測得探測器的運(yùn)行周期與火星半徑，那么可以計算火星密度D.火星探測器沿不同的圓軌道繞火星運(yùn)動時，軌道半徑越大繞行周期越小CA.勻速圓周運(yùn)動，物體所受合力供給向心力，所以做勻速圓周運(yùn)動的物體，所受合外力不為零，A錯誤B.根據(jù)，可知，代入數(shù)據(jù)得火星外觀的重力加速度確定小于地球外觀的重力加速度，B錯誤C.根據(jù)，而，聯(lián)立解得，C正確D.根據(jù)，可知軌道半徑越大，周期越大，D錯誤4.x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應(yīng)的電勢上下如圖中的曲線所示，規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢為零，以下推理與圖象信息不符合的是A.Q1確定大于Q2B.Q1和Q2確定是同種電荷，但不確定是正電荷C.電勢最低處P點的電場強(qiáng)度為0D.Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點B由UEd知，φ-x圖象的斜率等于電場強(qiáng)度，P點切線的斜率為0，那么知電勢最低處P點的電場強(qiáng)度為0，說明Q1和Q2在P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等、方向相反，由分析知，Q1確定大于Q2．故AC正確；

兩個點電荷間的電勢都為正，因此兩點電荷確定是正電荷，故B錯誤；

根據(jù)順著電場線電勢逐步降低，那么知Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點，故D正確．此題選擇錯誤的選項，應(yīng)選B.點睛解決此題的關(guān)鍵要知道φ-x圖象的斜率等于電場強(qiáng)度，掌管順著電場線電勢逐步降低，知道空間一點的電場是由兩個點電荷產(chǎn)生的電場的疊加．5.如下圖為豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系。一個質(zhì)量為m的質(zhì)點，在恒力F和重力的作用下從坐標(biāo)原點O由靜止開頭沿直線OA斜向下運(yùn)動，直線OA與y軸負(fù)方向成角為銳角。不計空氣阻力，重力加速度為g，那么以下說法正確的是A.當(dāng)時，質(zhì)點的機(jī)械能確定減小B.當(dāng)時，質(zhì)點的機(jī)械能確定增大C.當(dāng)時，質(zhì)點的機(jī)械能可能減小也可能增大D.當(dāng)時，質(zhì)點的機(jī)械能可能減小也可能增大C質(zhì)點由靜止開頭沿直線運(yùn)動，所以重力與恒力的合力確定沿OA方向，當(dāng)F與OA垂直時，F(xiàn)最小，可得AC.當(dāng)時，由于所以F與OA不垂直，有兩種可能方向，F(xiàn)與OA夾角可能大于90度也可能小于90度，所以拉力可能做正功，也可能做負(fù)功，機(jī)械能可能增大，可能減小，A錯誤，C正確BD.當(dāng)，F(xiàn)與OA垂直，F(xiàn)做功為零，機(jī)械能守恒，BD錯誤6.帶有等量異種電荷的平板狀電容器不是平行放置的，以下圖像中的電場線描繪正確的是A.B.C.D.C由于電場線的疏密代表場強(qiáng)的大小，等量異種電荷平行板不平行放置，會使靠近的部位場強(qiáng)大于相互間距較遠(yuǎn)的部位，電場線密集，所以ABD錯誤，C正確二、多項選擇題此題共6小題，每題4分，共計24分．每題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．7.以下說法正確的是A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象,第一次提出了能量量子化理論B.大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋,這說明全體的電子都落在明條紋處C.電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性D.光波是一種概率波,光的波動性是由于光子之間的相互作用引起的,這是光子自身的固有性質(zhì)AC普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故A正確；

大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋，這說明落在明條紋處的電子較多、落在暗條紋出的電子較少，故B錯誤。電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性，選項C正確；

波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無關(guān)，故D錯誤。應(yīng)選AC.8.鈾核裂變的一種方程為U＋X→Sr＋Xe＋2n，已知原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系如下圖，以下說法正確的有A.X粒子是中子B.X粒子是質(zhì)子C.U、Sr、Xe相比，Sr的比結(jié)合能最大，最穩(wěn)定D.U、Sr、Xe相比，U的質(zhì)量數(shù)最多，結(jié)合能最大，最穩(wěn)定ACAB.根據(jù)核回響方程，質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒得X是中子，所以A正確，B錯誤C.根據(jù)圖像可知，中等質(zhì)量大小Sr的比結(jié)合能最大，比結(jié)合能越大，分子越穩(wěn)定，C正確D.裂變回響釋放能量，所以U的質(zhì)量數(shù)最多，結(jié)合能最大，但比結(jié)合能越大，越穩(wěn)定，根據(jù)C選項分析，Sr的比結(jié)合能最大，最穩(wěn)定，D錯誤9.2022年10月17日我國告成放射了質(zhì)量為m的“神舟”十一號飛船。飛船先沿橢圓軌道I飛行，近地點Q貼近地面，在遠(yuǎn)地點P處點火加速，順?biāo)爝M(jìn)入距地面高度為h的圓軌道II，在此圓軌道上飛船運(yùn)行周期為T，已知地球半徑為R，以下判斷正確的是A.飛船在軌道II的動能為B.飛船在軌道I運(yùn)動周期為C.飛船變軌前通過橢圓軌道P點的速度大于Q點的速度D.從Q到P飛船做離心運(yùn)動，高度增加，機(jī)械能增大ABA.在軌道II上，動能，聯(lián)立解得，A正確B.根據(jù)開普勒第三定律解得，B正確C.從P點到Q點，引力做正功，速度增大，所以P點的速度小于Q點的速度，C錯誤D.從Q到P，飛船做離心運(yùn)動，引力做負(fù)功，勢能減小等于動能增加，機(jī)械能守恒，D錯誤10.如下圖，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被疏忽。一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點。現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，那么（）A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角不變C.帶電油滴的電勢能將增大D.若先將上極板與電源正極連接的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，那么帶電油滴所受電場力不變BD電容器始終與電源相連，那么電容器兩端間的電勢差不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化以及電場強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化。

A項根據(jù)d增大，那么電容減小，故A錯誤；

B項靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，由于電容器始終與電源相連，那么電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；

C項電勢差不變，d增大，那么電場強(qiáng)度減小，故P點與上極板的電勢差減小，那么P點的電勢升高，因油滴帶負(fù)電，可知帶電油滴的電勢能將減小，故C錯誤；

D項電容器與電源斷開，那么電荷量不變，d變更，根據(jù)，知電場強(qiáng)度不變，那么油滴所受電場力不變，故D正確。

應(yīng)選BD。

此題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，那么電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，那么電荷量不變，只變更兩板間距離時，板間電場強(qiáng)度不變。

11.如下圖，輕質(zhì)彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端與一個質(zhì)量為m的滑塊接觸，彈簧處于原長，現(xiàn)施加水平外力F緩慢地將滑塊向左壓至某位置靜止，此過程中外力F做功為W1，滑塊抑制摩擦力做功為W2.撤去F后滑塊向右運(yùn)動，最終和彈簧分開．不計空氣阻力，滑塊所受摩擦力大小恒定，那么A.撤去F時，彈簧的彈性勢能為W1－W2B.撤去F后，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.滑塊與彈簧分開時的加速度為零D.滑塊與彈簧分開時的動能為W1－2W2AD由能量關(guān)系可知，撤去F時，彈簧的彈性勢能為W1－W2，選項A正確；

撤去F后，由于有摩擦力做功，那么滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減小，選項B錯誤；

滑塊與彈簧分開時，彈力為零，但是有摩擦力，那么此時滑塊的加速度不為零，選項C錯誤；

滑塊與彈簧分開時彈簧處于原長狀態(tài)，整個過程中摩擦力做功為2W2，那么根據(jù)動能定理，滑塊與彈簧分開時的動能為W1－2W2，選項D正確；

應(yīng)選AD.12.在水半地面上固定有A、B兩個帶電最均為Q的點電荷，在過AB中點O的中垂面內(nèi)固定有一根長為L的光滑絕緣細(xì)桿CD，且O、C兩點在同一豎直線上，D點到O點的距離與C點到O點的距離均為d，OC⊥OD。在桿的頂端C處有一個質(zhì)量為m、帶電量為－q的金屬圓環(huán)，由靜止釋放金屬圓環(huán)后，它會沿桿向下運(yùn)動。已知重力加速度為g，以下關(guān)于金屬圓環(huán)運(yùn)動的說法正確的是A.金屬圓環(huán)沿桿運(yùn)動的速度一向增大B.金屬圓環(huán)經(jīng)過桿中點時的加速度大于C.金屬圓環(huán)運(yùn)動到桿中點處的電勢能最小D.金屬圓環(huán)運(yùn)動到D點時的速度大小為CD圓環(huán)下落過程中受電場力，重力和彈力的作用，電場力和重力做功，根據(jù)動能定理和電場力做功分析其速度，加速度，電勢能等內(nèi)容。

圓環(huán)下落過程中受電場力，重力和彈力的作用，電場力和重力做功，從C到桿的中點前電場力做正功，之后電場力做負(fù)功，故電勢能先減小后增加，故桿的中點電勢能最小，故C正確；

圓環(huán)下落過程有重力和電場力做功，電場力先做正功后做負(fù)功，總功為零，重力一向做正功，故速度不是一向增大，故A錯誤；

從C到D，OCOD，電場力做功為零，只有重力做功，根據(jù)動能定理mgd＝mv2得到，故D正確；

在桿的中點時，受力分析可知庫侖力的合力垂直于桿，其合力為重力的分力mgsinθma，其中θ45，解得ag，故B錯誤；

應(yīng)選CD。

三、測驗題第13題9分，第14題8分，共17分13.某同學(xué)用如下圖的裝置做“驗證動量守恒定律”測驗。先將小球1從斜槽軌道上某固定點由靜止開頭滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；

再把另一小球2放在斜槽