考題演練·跟蹤檢測(cè)區(qū) 9.3 電磁感應(yīng)規(guī)律的綜合應(yīng)用

考題演練·跟檢測(cè)區(qū))如圖為L阻為R框域磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向豎直向下。導(dǎo)線框以某一初。t=0時(shí)導(dǎo)線框的右邊恰與磁場(chǎng)的左邊界重合列v-t中()】解答本題通過導(dǎo)線導(dǎo)流,感速度變化,受到的安培力也隨之變化影響到線框開始進(jìn)入磁場(chǎng)過程大有流,速度,感,感,,;,,;,有感應(yīng)電流用小動(dòng)不符意項(xiàng)B速也不意C表示加速度,不符合題意為D?？际?1-

于bc邊長為MN的勻外場(chǎng)同MN,第邊平行場(chǎng)Q,通過;11MN進(jìn)入磁,Q,2q則()2>Q,q=q121=Q,q=q121

22

>Q,q121=Q,q121

22解析選A。設(shè)ab=L,當(dāng)邊進(jìn)入磁時(shí),產(chǎn)的量12QRt11

R

=,同Q=,L,所以Q>Q,選項(xiàng)C錯(cuò)21212

=

,所q,故A。12),足夠長平行金屬導(dǎo)軌傾置,計(jì)泡棒MN垂直于導(dǎo)軌放質(zhì)量0.2kg,接入為1Ω,兩端與導(dǎo)軌接觸良好為0.5場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.8T。棒MN由靜放,后光,此后導(dǎo)體棒MN(g取2

)1W1W9W9WB。選MN為,受,合力為零,列式可得：FF=mgcosθNN-2-

式F=μ得F=mgcosθfNf得F=0.8Nf衡零F+F-mgsinf得式F=BI而=得為I==

,可,為

2R

燈得B項(xiàng)正確示間距為L、電阻不計(jì)的足夠長平行光滑金置的電阻連接為、電阻也R棒B的勻現(xiàn)使度v動(dòng),0q是)阻選D

=ma,金做減小的減速運(yùn)動(dòng)A-3-

W=安

2=Q,此錯(cuò),D正確個(gè)過量q=

=,得,C錯(cuò)。多選(2015·)示有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導(dǎo)體框abcd,現(xiàn)將v、3v場(chǎng)()框ad邊兩端電A、,導(dǎo)體框中同選項(xiàng)A正;由,,同導(dǎo)體框同B誤由E=

可得q=

,導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場(chǎng)的兩過程中磁通量變化ΔΦ相,通同項(xiàng)正確。擬示均勻?qū)Ь€制成的單匝正框自磁h高度處自由下落度h也能使動(dòng)是()-4-

線為2L的單匝線為L的雙匝線做為L的單匝,為2L的單匝線框】選n,導(dǎo)線電阻率為ρ′由題=安

2,m=n4LS,R=ρ

,聯(lián)立得：

,可知導(dǎo)線框與L、S都無關(guān)故AB、錯(cuò)D對(duì)。),兩根足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾θ上計(jì)距L=0.4m軌所,MN,Ⅰ下上兩磁B=0.5T。在區(qū)域Ⅰ,mR=0.1Ωab放在導(dǎo)軌上,ab后11量m阻R=0.1Ω上22cd,ab觸取2。中ab中的電流方向。時(shí),cd度多從中cd滑動(dòng)的距離x=3.8m,此ab上產(chǎn)生量】解答本題-5-

(1)根據(jù)右(2)“剛要(3)正確分析ab的力(4)正確理化ab由斷cd下中ab由向b。(2)開始放置ab剛時(shí)ab所力設(shè)F,有maxFgsinθmax1ab剛好要時(shí)cd為E,由法拉第電磁感應(yīng)定律有為I,ab所受安為,有安F安ab下由平

Fgsinθ+F安1

max

式代入(3)cd為Q,由總

mgxsinmv2總2

2

Q

總

-6-

(1)由流向b】用“四步,具先進(jìn)行“源”的分分離出電路中由電,E