創(chuàng)新設(shè)計(jì)二輪配套版

專練 功 功能關(guān)1ABFx A、BB．A、BC．FAFBDAB 因F斜向用在物體A上，A、B受的摩擦力不相同，所以摩擦力對(duì)A、B做的功不相等，A錯(cuò)誤；但A、B兩物體一起運(yùn)動(dòng)，速度始終相同，故A、B動(dòng)能增量一定相同，B正確；F不作用在B上，因此力F對(duì)B不做功，C錯(cuò)誤；合外力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增量，故D錯(cuò)誤．答 2．(2014·銀川一中一模，16)如圖2所示為某中學(xué)科技小組制作的利電流經(jīng)電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)小車前進(jìn)．若質(zhì)量為m的小車在平直的水泥從靜止開(kāi)始沿直線加速行駛，經(jīng)過(guò)時(shí)間t前進(jìn)的距離為x，且速度達(dá)到最大值vm.設(shè)這PFf，那么這段時(shí)間內(nèi) 2 小車在運(yùn)動(dòng)方向上受向前的牽引力F和向后的阻力Ff，因?yàn)関增大，P不變，由P＝Fv，F(xiàn)－Ff＝ma，得出F逐漸減小，a也逐漸減小，當(dāng)v＝vm時(shí)，a＝0，故A、B錯(cuò)；合外力做的功W外＝Pt－Ffx，由動(dòng)能定理得W牽－Ffx＝1mv2，故 ，D項(xiàng)對(duì) 答 如圖3所示，一質(zhì)量為M，長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板，放在光滑的水平地面上，在木板別與mM連接木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，開(kāi)始時(shí)木塊和木板靜止，現(xiàn)用水平向右的拉力F作用在M上，在將m拉向木板左端的過(guò)，拉力

1 解 在拉力F的作用下，m、M緩慢勻速運(yùn)動(dòng)，將m拉到木板的左端的2L到達(dá)M左端時(shí)，M向右運(yùn)動(dòng)的位移為L(zhǎng)，故拉力做功W＝F·＝μmgL，故2L2答 解析aE＝Fh＝F·at2/2，知機(jī)械C正確，A、B、D錯(cuò)誤．答案54MON，桿的水平部分粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.21kgAB，A、BABOA＝3m，OB＝4m，A1m(g＝10m/s2)，那么該過(guò)程F做功為 A．14 B．10 C．6 D．4A、B球整體受力分析如圖所示，由于在水平拉力作用下A球緩慢移動(dòng)，F(xiàn)N1＝2mg＝2×1×10N＝20N，F(xiàn)f＝μFN1＝0.2×20N＝4N，根據(jù)動(dòng)能定理可知，WF＋WFf＋WGB＝0，所以WF＋(－Ff×l)＋(－mgl)＝0，代數(shù)解得WF＝14J，選項(xiàng)A正確．答案地面為零勢(shì)能面小球在上升過(guò)的動(dòng)能Ek重力勢(shì)能Ep與上升高度h間5g＝10m/s2，下列說(shuō)法正確的是 A0.2B．小球受到的阻力(不包括重力)0.20C．小球動(dòng)能與重力勢(shì)能相等時(shí)的高度為20D2m0.5 功W其＝ΔE可知：－fh＝E高－E低，E為機(jī)械能，解得f＝0.25N，B2，此時(shí)有2定理：－fH－mgH＝1mv2－1v2得H＝20m，故 ；當(dāng)上升h′＝2 2m 得 0.5J，故D答 7．(2014·黑龍江齊齊哈爾二模，17)6所示，質(zhì)量相等、材料相同的兩個(gè)小A、Bk的輕質(zhì)彈簧相連組成系統(tǒng)，系統(tǒng)穿過(guò)一粗糙的水平滑桿，在作用在B上的水平外力F的作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后一起做勻加速運(yùn)動(dòng)當(dāng)它們的總動(dòng)能為4Ek時(shí)撤去外力F最后停止運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)的過(guò)，下列說(shuō)法正確的是 AF的瞬間，彈簧的壓縮量為kBF的瞬間，彈簧的伸長(zhǎng)量為kD．A解析FF作用下一起勻加速運(yùn)動(dòng)，由第二定律有F－2μmg＝2ma，對(duì)A有kΔx－μmg＝ma，求得拉伸量＝FA、B兩F之后，系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)過(guò)，克服摩擦力所做的功等于機(jī)械能的減少量，則CAW合＝0－EkA，又有EkA＝EkB＝2Ek，則知A克服外力做的總功等于2Ek，則D項(xiàng)正確．答案F作用，F(xiàn)t

甲所示．物體在2v－t tt0時(shí)刻的加速度大小為t0t0Ft02t0

＋m解 由題圖知在t0時(shí)刻，物體剛被拉動(dòng)，有F0＝μmg，則μ＝F0，A錯(cuò)誤 t0時(shí)刻加速度大于v0＝2v0，Bt0 2F0，功率P＝Fv0＝F0v0，C錯(cuò)誤；t0～2t0時(shí)間內(nèi)，加速度為 F0，2t時(shí)刻的速度為v＝v＋at，t

時(shí)間內(nèi)的平均速度

m功率P＝2F0v，聯(lián)立得P＝F0(2v0＋F0t0)，Dm答 9．(2014·西安二模)8θ，c為斜面上固定擋板，ab通過(guò)輕質(zhì)彈簧連接，a、bx.a施加沿斜面向下的外力使彈簧再壓縮3x，之后突然撤去外力，經(jīng)時(shí)間t，物塊mg.下列說(shuō)法正確的是 x彈簧的勁度系數(shù)為2mgsinxb剛要離開(kāi)擋板時(shí)，agsin2物塊a沿斜面向上運(yùn)動(dòng)速度最大時(shí)，物塊b對(duì)擋板c的壓力為0Dta5mgxsin2x解析akx＝mgsinθ，k＝mgsinθx2＝xa2gsinθB錯(cuò)誤；物abc2mgsinθ，CW彈－mgsinθ·5x＝1mv2－0，W彈225mgxsinθ＋1mv2，選項(xiàng)D2答 10(2014·16)如圖9豎直平面內(nèi)軌道Ⅰ和Ⅱ都由兩段細(xì)直桿連接而成，兩軌道長(zhǎng)度相等，用相同的水平恒力將穿在軌道最低點(diǎn)BAt1、t2E1Ek2，假定球在經(jīng)過(guò)軌道轉(zhuǎn)折點(diǎn)前后速度大小不變，且球與Ⅰ和Ⅱ軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，則 圖9 解 因?yàn)槟Σ亮ψ鯳f＝μ(mgcosθ＋Fsin則圖線與時(shí)間軸圍成的面積相等，由圖可知，t1＞t2.B正確，A、C、D錯(cuò)答 一些完全相同的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從這些斜面上的A、B、C、D……各點(diǎn)同時(shí) 若各斜面與這些滑塊間有相同的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑到O點(diǎn)的過(guò)，各滑A、B、C、D……各點(diǎn)處在同一豎直線上解 由機(jī)械能守恒可知A正確，B錯(cuò)誤；若A、B、C、D……各點(diǎn)在同g豎直平面內(nèi)的圓周上，則下滑時(shí)間均為 g

為直徑)，因此選項(xiàng)Cθ，損失的機(jī)械能為ΔE＝mgμscosθ，損失機(jī)械scosθA、B、C、D……各點(diǎn)在同一豎直線上，D正答案2m37°.現(xiàn)有兩個(gè)質(zhì)量相同的小物塊A、B1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)0.5，g10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.下列判斷正確的 AA、BA、BAB解析mgsinθ＞μmgcosθ，AB沿傳送帶斜面向下做初速度相時(shí)到達(dá)底端，選項(xiàng)A錯(cuò)，B對(duì)；兩物塊的摩擦力方向都與運(yùn)動(dòng)方向相反，所ABCA與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相同，B與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相反，而劃痕是指物塊與傳送帶間的相對(duì)位移，所以s相對(duì)A＜s相對(duì)B，而Q熱＝μmgs相對(duì)，所以QA＜QB，選項(xiàng)D對(duì)．答案13．(2014·吉林省吉林市質(zhì)檢，20)如圖12所示長(zhǎng)為L(zhǎng)的粗糙長(zhǎng)木板水平放置，在木板的A端放置一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊．現(xiàn)緩慢地抬高A端，使木板以左α?xí)r小物塊開(kāi)始滑動(dòng)，此時(shí)停止vg.下列判斷正確的是 圖12BmgLsinα解析由題意得，物塊滑動(dòng)前支持力屬于沿運(yùn)動(dòng)軌跡切線方向的變力，由微元法可知在這個(gè)過(guò)支持力做正功，而且根據(jù)動(dòng)能定理，在緩慢抬高A端力以外其他力做功等于機(jī)械能的變化量可知D項(xiàng)正確．答案F3s撤去外力，直到v－t圖象如圖乙所示，g10