2023年高考第二次模擬考試試卷物理（全國甲卷A卷）（全解全析）

關(guān)注高考物理（ID：gkwl100），獲取更多學(xué)習(xí)資料年高考物理第二次模擬考試卷物理·全解全析注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．某小組用如圖a所示的風(fēng)速儀研究交流電，風(fēng)杯在風(fēng)力作用下帶動與其連在一起的永磁鐵轉(zhuǎn)動；某一風(fēng)速時，線圈中產(chǎn)生的交變電流如圖b所示，已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，則（）A．該交變電流的周期為B．該交變電流的峰值為C．風(fēng)速增大，產(chǎn)生的交變電流周期增大D．風(fēng)速增大，產(chǎn)生的交變電流峰值增大【答案】D【解析】A．從圖像可以看出該交變電流的周期為，A錯誤；B．結(jié)合圖像可知該交變電流的峰值為，B錯誤；C．已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，風(fēng)速增大，風(fēng)杯轉(zhuǎn)速就越大，由知產(chǎn)生的交變電流周期減小，C錯誤；D．已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，風(fēng)速增大，風(fēng)杯轉(zhuǎn)速就越大，由可知產(chǎn)生的交變電流峰值增大，D正確。故選D。15．如圖，籃球運動員站在廣場上的某一噴泉水柱旁邊，虛線“1”“2”“3”所在水平面分別是地面、運動員的頭頂、該水柱最高點所在的水平面。根據(jù)圖中信息和生活經(jīng)驗，可以估算出該水柱從地面噴出時的速度約為（）A．2m/s B．6m/sC．12m/s D．20m/s【答案】C【解析】籃球運動員身高約為1.8m，由圖可知水柱的高度約為人身高的4倍，即7.2m，則解得故選C。16．如圖，傾角為30°的斜面上有一個電荷量為q（q>0）質(zhì)量為m的小球以v0的初速度水平拋出。豎直平面內(nèi)有一水平向左的勻強電場，電場強度為E。已知小球回到斜面時速度方向與斜面的夾角不變，克服電場力做功。從拋出小球到小球回到斜面的運動過程中，下列說法正確的是（）A．B．該系統(tǒng)的機械能不變C．小球最小速度為D．若第二次拋出小球時撤去電場，則兩次小球離斜面最遠距離之差為【答案】D【解析】A．設(shè)小球落回到斜面是的速度為，則其水平分速度水平方向的只受靜電力作用，做勻減速直線運動，則加速度大小為水平方向的位移大小小球克服電場力做功解得由類斜拋運動知識可得，小球合力方向垂直斜面向下，則Eq=mg解得A錯誤；B．小球克服電場力做功，機械能減小，B錯誤；C．由類斜拋運動知識可得，當小球沿垂直斜面的分速度為0時，速度最小，即C錯誤；D．第一次拋出小球時，離斜面最遠距離第二拋出小球時，在運動起點同時垂直于斜面方向和平行與斜面方向分解、g，垂于斜面向上為軸正方向，軸方向分速度軸方向分加速度大小則得所以D正確。故選D。17．水平地面上有一質(zhì)量為的長木板，木板上右端放有一質(zhì)量為的木塊，如圖甲所示；用水平向右的拉力F作用在長木板上，F(xiàn)隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示，其中、分別為、時刻F的大小；木塊的加速度隨時間t變化的規(guī)律如圖丙所示，已知長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為，假設(shè)最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動摩擦力相等，重力加速度大小為g，則下列說法正確的是（）A．B．C．至這段時間內(nèi)木塊的速度變化量D．至這段時間內(nèi)木塊的速度變化量【答案】C【解析】A．在t1時刻，木板和物塊恰好開始運動，此時拉力恰好等于地面對木板的最大靜摩擦力，即F1=μ1（m1+m2）g故A錯誤；B．在t2時刻，木板和物塊恰好發(fā)生相對運動，此時二者的加速度仍相同，即為將木板和物塊作為一個整體，根據(jù)牛頓第二定律解得故B錯誤；C．根據(jù)圖丙可知，t1～t2時間內(nèi)二者的加速度相同，物塊與木板之間沒有發(fā)生相對運動，圖丙中圖像與橫軸圍成面積代表速度變化量，至這段時間內(nèi)木塊的速度變化量故C正確D．因為t1～t2時間內(nèi)存在摩擦力，摩擦力的沖量是m2的合外力沖量，故D錯誤。故選C。18．2022年1月28日，國務(wù)院新聞辦公室發(fā)布我國第五部航天白皮書《2021中國的航天》，白皮書中提到將繼續(xù)實施月球探測工程，發(fā)射“嫦娥六號”探測器、完成月球極區(qū)采樣返回。若將地球和月球看做一個雙星系統(tǒng)，二者間距離為L，它們繞著二者連線上的某點做勻速圓周運動，運行周期為T；從漫長的宇宙演化來看，兩者質(zhì)量都不斷減小，將導(dǎo)致月地間距離變大。若引力常量為G，則下列說法正確的是（）A．當前月球和地球的動能相等B．當前該雙星系統(tǒng)的總質(zhì)量為C．在將來的演化過程中，該雙星系統(tǒng)運轉(zhuǎn)的周期將逐漸減小D．在將來的演化過程中，該雙星系統(tǒng)的總動能將逐漸增大【答案】B【解析】A．設(shè)地球的質(zhì)量為M，地球的軌道半徑為，月球的質(zhì)量為m，軌道半徑為，故有由于聯(lián)立得故地球的動能為月球的動能為由于地球與月球的質(zhì)量不同，故兩者動能不同，A項錯誤；B．雙星系統(tǒng)中，兩天體之間的萬有引力提供向心力，有將軌道半徑代入后整理得將代入整理得B項正確；C．由兩天體質(zhì)量減小，距離增大，故周期增大，C項錯誤；D．由于兩天體距離增大，萬有引力做負功，系統(tǒng)總動能減小，D項錯誤；故選B。19．中國實驗快堆是第四代核能系統(tǒng)的優(yōu)選堆型，采用钚（）做燃料，在堆心燃料钚的外圍再生區(qū)里放置不易發(fā)生裂變的鈾（），钚-239裂變釋放出的快中子被再生區(qū)內(nèi)的鈾-238吸收，轉(zhuǎn)變?yōu)殁?239，鈾-239極不穩(wěn)定，經(jīng)過衰變，進一步轉(zhuǎn)變?yōu)橐琢炎兊念?239，從而實現(xiàn)核燃料的“增殖”。下列說法正確的是（

）A．鈾-239轉(zhuǎn)變?yōu)轭?239，經(jīng)過了2次β衰變B．钚-239發(fā)生裂變過程中，電荷數(shù)守恒，質(zhì)量也守恒C．鈾-239發(fā)生衰變的實質(zhì)是原子核外的電子飛出D．钚（）裂變生成兩個中等質(zhì)量的核，钚核的比結(jié)合能小于生成的兩個核的比結(jié)合能【答案】AD【解析】A．鈾-239轉(zhuǎn)變?yōu)轭?239，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加2，則經(jīng)過了2次β衰變，故A正確；B．钚-239發(fā)生裂變過程中，電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)也守恒，由于裂變放出能量，由質(zhì)量虧損可知，質(zhì)量不守恒，故B錯誤：C．鈾-239發(fā)生β衰變，實質(zhì)是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子和一個電子，故C錯誤；D．钚（）裂變生成兩個中等質(zhì)量的核，反應(yīng)放出核能，生成的新核更加穩(wěn)定，則钚核的比結(jié)合能小于生成的兩個核的比結(jié)合能，故D正確。故選AD。20．如圖所示，一個斜面與水平地面平滑連接，斜面與水平地面均光滑。小物塊P放在水平地面上，小物塊Q自斜面上某位置處由靜止釋放，P、Q之間的碰撞為彈性正碰，斜面與水平面足夠長，則下列說法正確的是（）A．若，則P、Q只能發(fā)生一次碰撞B．若，則P、Q只能發(fā)生一次碰撞C．若，則P、Q只能發(fā)生兩次碰撞D．若，則P、Q只能發(fā)生多次碰撞【答案】AC【解析】AB．設(shè)Q滑到水平面上時速度大小為v，P、Q相碰．動量守恒及動能不變，有聯(lián)立解得第一次碰后之后Q滑上斜面并返回，速度等大反向，若不能追上P，則有解得A正確、B錯誤；C．若，第一次碰后，可得，之后Q滑上斜面并返回，與P發(fā)生第二次碰撞后有得因故P、Q只能發(fā)生兩次碰撞，C正確；D．若，第一次碰后，可得之后Q滑上斜面并返回，與P發(fā)生第二次碰撞后有得因故P、Q只能發(fā)生兩次碰撞，D錯誤。故選AC。21．如圖，在平面直角坐標系的第二象限有一半徑R＝0.1m的圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度為的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，圓形區(qū)域與坐標軸相切于A、C兩點，在第一、四象限有豎直向下的勻強電場，電場強度E＝1.6V/m，有一束的帶正電的粒子在第三象限沿y軸正方向，以垂直射入圓形磁場中，粒子束寬度d＝0.2m，經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后打入第一象限，重力和一切阻力都不計，則下列說法正確的是（）A．所有進入磁場中偏轉(zhuǎn)的粒子最后都經(jīng)C點打入電場B．所有進入磁場中偏轉(zhuǎn)的粒子最后都平行于x軸方向打入電場C．從處打入的粒子經(jīng)磁場和電場偏轉(zhuǎn)后與x軸交于處D．從處打入的粒子經(jīng)磁場和電場偏轉(zhuǎn)后與x軸交于處【答案】AC【解析】A．粒子在磁場中做圓周運動過程中洛倫茲力提供向心力解得任意畫一條運動軌跡如圖，設(shè)粒子在磁場中的入射點為M，出射點為N因為粒子做圓周運動的半徑等于磁場半徑，故四邊形為菱形，所以，即沿x軸正方向，N點C點重合。故所有進入磁場中偏轉(zhuǎn)的粒子最后都經(jīng)C點打入電場，A正確；B．由上述分析可知，粒子進入磁場中偏轉(zhuǎn)后經(jīng)過C點的速度方向不一定平行于x軸，B錯誤；C．從處打入的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)后經(jīng)C點平行于x軸打入電場，粒子在電場中做類平拋運動聯(lián)立可得C正確，D錯誤。故選AC。22.（6分）（1）某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的電路測量電壓表的內(nèi)阻及電源電動勢。已知電壓表量程為3V，內(nèi)阻，電壓表量程也為3V，內(nèi)阻為幾千歐（待測），電源電動勢約為5V，電源內(nèi)阻可忽略。按以下步驟進行操作。①按圖甲所示原理圖完成電路連接；②把、均調(diào)至最大阻值；③閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)、，使、均有合適示數(shù)，分別為、，若調(diào)至、滿足的關(guān)系，此時電阻箱的阻值為1500Ω，則可知電壓表的內(nèi)阻為___________Ω；④若將調(diào)至4000Ω并保持不變，調(diào)節(jié)，記錄多組對應(yīng)的、值，以為縱坐標，為橫坐標描點作圖，在實驗誤差允許范圍內(nèi)得到一條傾斜直線，直線的縱截距為b，則電源的電動勢為___________（用已知量和已測得量計算出結(jié)果）。（2）用伏安法測量電源電動勢和內(nèi)阻時，由于電壓表、電流表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果總存在系統(tǒng)誤差。按如圖乙所示的電路進行測量，可以消除這種系統(tǒng)誤差。①閉合開關(guān)、，靈敏電流計⑥的示數(shù)不為零，調(diào)節(jié)R和R＇使得靈敏電流計的示數(shù)為零，讀出電流表和電壓表的示數(shù)和；②改變滑動變阻器R、R＇的阻值，重新使得靈敏電流計的示數(shù)為零，讀出電流表和電壓表的示數(shù)和；③重復(fù)②操作，得到了多組I、U；④根據(jù)實驗得到的多組數(shù)據(jù)作出的U-I圖線如圖丙所示，由此可得電源的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】

3000

2.0

1.0【解析】（1）③根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知代入數(shù)據(jù)可得④根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得即故，（2）④根據(jù)閉合電路歐姆定律有所以圖像的斜率為所以電源的內(nèi)阻當時，，解得23.（9分）某實驗小組設(shè)計了圖甲所示的實驗裝置來測量木塊與平板間的動摩擦因數(shù)，其中平板的傾角可調(diào)。（1）獲得紙帶上點的部分實驗步驟如下：A．測量完畢，關(guān)閉電源，取下紙帶B．接通電源，待打點計時器工作穩(wěn)定后放開木塊C．把打點計時器固定在平板上，將木塊尾部與紙帶相連，使紙帶穿過限位孔D．將木塊靠近打點計時器上述實驗步驟的正確順序是：___________用字母填寫。（2）打點計時器的工作頻率為，紙帶上計數(shù)點的間距如圖乙所示。根據(jù)紙帶求出木塊的加速度___________保留兩位有效數(shù)字。（3）若重力加速度，測出斜面的傾角，查表知，若木塊的質(zhì)量為，則木塊與平板間的動摩擦因數(shù)___________保留兩位有效數(shù)字。（4）若另一小組利用圖甲裝置驗證了牛頓第二定律，則實驗時通過改變___________，驗證質(zhì)量一定時，加速度與力成正比的關(guān)系；通過改變___________，驗證力一定時，加速度與質(zhì)量成反比的關(guān)系?！敬鸢浮?/p>

CDBA

1.6

0.55

平板的傾角

和，且保持不變【解析】（1）實驗時首先要把打點計時器固定在平板上，將木塊尾部與紙帶相連，使紙帶穿過限位孔；將木塊靠近打點計時器，接通電源，待打點計時器工作穩(wěn)定后放開木塊，測量完畢，關(guān)閉電源，取下紙帶。則此實驗步驟的正確順序是CDBA。（2）根據(jù)，運用逐差法得（3）根據(jù)牛頓第二定律解得（4）探究牛頓第二定律采取的是控制變量法，驗證質(zhì)量一定時，加速度與力成正比的關(guān)系，通過改變平板的傾角來改變合外力。驗證力一定時，加速度與質(zhì)量成反比的關(guān)系，由于滑塊下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力和摩擦力提供，所以要保證向下的合力不變，應(yīng)該使不變，所以需要同時改變滑塊的質(zhì)量和斜面傾角。24．（14分）如圖所示，一光滑圓弧軌道ABC固定在豎直平面內(nèi)，半徑R=7.5m，圓弧軌道的圓心O在圓弧最低點B的正上方，其中∠AOB=60°。圓弧軌道左側(cè)有一順時針方向勻速轉(zhuǎn)動的水平傳送帶，傳送帶上表面與圓弧軌道的圓心O在同一高度?，F(xiàn)將可視為質(zhì)點的物塊P從傳送帶左端M由靜止釋放，離開傳送帶右端N時恰好與傳送帶共速，從A點沿切線方向進入圓弧軌道。已知物塊P的質(zhì)量m=3kg，重力加速度g取，求：（1）傳送帶的速度；（2）物塊到達軌道最低的B時，小物塊P對軌道的壓力?！敬鸢浮浚?）5m/s2；（2）100N【解析】（1）設(shè)傳送帶速度v0，則在A點時解得（2）從A到B其中在B點時解得根據(jù)牛頓第三定律可知小物塊P對軌道的壓力25．（18分）如圖所示，在正交坐標系空間中，豎直向下，為y軸上的一點。相距0.5m的兩平行拋物線狀光滑軌道OP、通過長度不計的光滑絕緣材料在P、處與平行傾斜粗糙直軌道PQ、平滑相接，其中拋物線狀軌道OP的方程為，間用導(dǎo)線連接的定值電阻，傾斜軌道足夠長，間用導(dǎo)線連接的電容器。電容器最初不帶電。拋物線狀軌道區(qū)域存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強度的勻強磁場，傾斜直軌道區(qū)域存在與導(dǎo)軌垂直向上、磁感應(yīng)強度的勻強磁場。一質(zhì)量為0.5kg，長為0.5m的金屬導(dǎo)體棒在恒定外力F作用下從y軸開始以初速度沿拋物線狀軌道做加速度方向豎直向下、大小為的加速運動，導(dǎo)體棒到達連接處后立即撤去該外力F。已知金屬導(dǎo)體棒與軌道始終接觸良好，金屬棒與傾斜直軌道間的動摩擦因數(shù)，P點縱坐標，金屬棒電阻為1Ω，其他電阻忽略不計，金屬捧在運動過程中始終與y軸平行，不計空氣阻力，重力加速度g取。求：（1）金屬棒初速度的大??；（2）外力F的大小和金屬捧在拋物線狀光滑軌道運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱；（3）電容器最終的電荷量?！敬鸢浮浚?）；（2），；（3）【解析】（1）由題意可知，金屬棒做類平拋運動，加速度為，則有，解得軌跡方程為聯(lián)立解得（2）由金屬棒運動性質(zhì)可知，金屬棒有效切割速度不變，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律可得又聯(lián)立解得由解得金屬棒在拋體狀軌道上運動的時間為由焦耳定律可得解得（3）金屬棒運動到連接處時，金屬棒的豎直分速度為金屬棒運動到連接處時的速度為斜面傾角滿足可得金屬棒滑上斜面后，由動量定理可得又由電路特點和電容定義可得聯(lián)立解得（二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。33．【選修3-3】（15分）[來源:學(xué)|科|網(wǎng)]（1）（5分）下列說法正確的是_________。（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，就能計算出阿伏加德羅常數(shù)B．水黽能停于水面上，是由于液體表面張力的作用的結(jié)果C．晶體有固定的熔點，但不一定有確定的幾何形狀，也不一定具有各向異性D．影響蒸發(fā)快慢的因素是空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的差距E．隨著科技的發(fā)展，將來可以將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化【答案】BCD【解析】A．因為氣體分子間距較大，所以只知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，不能計算出阿伏加德羅常數(shù)，故A錯誤；B．水黽能停于水面上，是由于液體表面張力的作用的結(jié)果，故B正確；C．晶體分為單晶體和多晶體，晶體都有固定熔點，多晶體物理性質(zhì)各向同性，沒有固定的幾何形狀；單晶體一定具有規(guī)則的幾何外形和物理性質(zhì)的各向異性，故C正確；D．空氣的相對濕度即空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的差距影響蒸發(fā)快慢，故D正確；E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程具有方向性，故不能將散失的能量重新聚集利用而不引起其他變化，故E錯誤。故選BCD。（2）（10分）如圖所示，導(dǎo)熱的圓柱形氣缸固定在水平桌面上，橫截面積為S、質(zhì)量為的活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與氣缸間無摩擦且不漏氣?？傎|(zhì)量為的砝碼盤（含砝碼）由繞過定滑輪的細線與活塞相連。當環(huán)境溫度為T時，活塞離缸底的高度為h，g為重力加速度?，F(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢升高到：（1）當活塞再次平衡時，活塞離缸底的高度是多少？（2）保持環(huán)境溫度為不變，在活塞上方添加質(zhì)量為的沙子時，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）當環(huán)境溫度為T時，狀態(tài)為壓強為，溫度為，體積為；環(huán)境溫度緩慢升高到時，狀態(tài)為壓強，溫度為，體積為。在緩慢變化的過程是個等壓過程，故跟據(jù)蓋呂薩克定律可知解得（2）由題可知，在放沙子前體積為，活塞的受力放沙子后返回到處，體積為，活塞的受力這個過程是個等溫過程，根據(jù)玻意耳定律可知聯(lián)立解得34．【選修3-4】（15分）（1）（5分）如圖所示是一列簡諧波在t0時的波形圖像，波速大小為v10m/s，方向水平向右，此時波恰好傳到I點，下列說法正確的是_________。（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．此列