2022年高考真題-物理（全國乙卷）

第17頁,共17頁2022年高考真題——物理（全國乙卷）一、選擇題本題共8小題，每小題6分，共48分。1-5題只有一項符合題目要求，6-8題有多項符合題目要求。1.2022年3月，中國航天員翟志剛、王亞平、葉光富在離地球表面約400

A.所受地球引力的大小近似為零B.所受地球引力與飛船對其作用力兩者的合力近似為零C.所受地球引力的大小與其隨飛船運動所需向心力的大小近似相等D.在地球表面上所受引力的大小小于其隨飛船運動所需向心力的大小2.如圖，一不可伸長輕繩兩端各連接一質(zhì)量為m的小球，初始時整個系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長L。一大小為F的水平恒力作用在輕繩的中點，方向與兩球連線垂直。當兩球運動至二者相距35A.5F8m B.2F3.固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個小環(huán)，小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，在下滑過程中，小環(huán)的速率正比于（）?A.它滑過的弧長 B.它下降的高度C.它到P點的距離 D.它與P點的連線掃過的面積4.一點光源以113W的功率向周圍所有方向均勻地輻射波長約為6×10-7m的光，在離點光源距離為R處每秒垂直通過每平方米的光子數(shù)為3×1014A.1×102m B.3×105.安裝適當?shù)能浖螅弥悄苁謾C中的磁傳感器可以測量磁感應(yīng)強度B。如圖，在手機上建立直角坐標系，手機顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對地磁場進行了四次測量，每次測量時y軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據(jù)表中測量結(jié)果可推知（

）測量序號BBB1021

-20-

-3210

-4-0

-A.測量地點位于南半球 B.當?shù)氐牡卮艌龃笮〖s為50C.第2次測量時y軸正向指向南方 D.第3次測量時y軸正向指向東方6.如圖，兩對等量異號點電荷+q、-q(q>0)固定于正方形的4個項點上。L、N?A.L和N兩點處的電場方向相互垂直B.M點的電場方向平行于該點處的切線，方向向左C.將一帶正電的點電荷從M點移動到O點，電場力做正功D.將一帶正電的點電荷從L點移動到N點，電場力做功為零7.質(zhì)量為1

kg的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在水平地面上做直線運動，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖所示。已知物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度大小取?A.4

B.6

C.3

sD.0～6

s時間內(nèi)F8.一種可用于衛(wèi)星上的帶電粒子探測裝置，由兩個同軸的半圓柱形帶電導(dǎo)體極板（半徑分別為R和R+d）和探測器組成，其橫截面如圖（a）所示，點O為圓心。在截面內(nèi)，極板間各點的電場強度大小與其到O點的距離成反比，方向指向O點。4個帶正電的同種粒子從極板間通過，到達探測器。不計重力。粒子1、2做圓周運動，圓的圓心為O、半徑分別為r1、r2R<r1<r2<R+d；粒子3從距O點r2的位置入射并從距O??A.粒子3入射時的動能比它出射時的大B.粒子4入射時的動能比它出射時的大C.粒子1入射時的動能小于粒子2入射時的動能D.粒子1入射時的動能大于粒子3入射時的動能二、非選擇題本題包含必考題和選考題，共62分。I、必考題共47分。9.用雷達探測一高速飛行器的位置。從某時刻（t=0）開始的一段時間內(nèi)，該飛行器可視為沿直線運動，每隔1

st0123456x050710941759250533294233回答下列問題：(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)可判斷該飛行器在這段時間內(nèi)近似做勻加速運動，判斷的理由是：

?；(2)當x=507

m時，該飛行器速度的大小v=(3)這段時間內(nèi)該飛行器加速度的大小a=

?m/s10.一同學(xué)探究阻值約為550Ω的待測電阻Rx在0～5mA范圍內(nèi)的伏安特性。可用器材有：電壓表V（量程為3

V，內(nèi)阻很大），電流表A（量程為1

mA，內(nèi)阻為300Ω），電源E（電動勢約為4

V，內(nèi)阻不計），滑動變阻器R（最大阻值可選10Ω?(1)要求通過Rx的電流可在0～5mA范圍內(nèi)連續(xù)可調(diào)，在答題卡上將圖（a(2)實驗時，圖（a）中的R應(yīng)選最大阻值為

?（填“10Ω”或“1.5kΩ”）的滑動變阻器，R0應(yīng)選阻值為

?(3)測量多組數(shù)據(jù)可得Rx的伏安特性曲線。若在某次測量中，電壓表、電流麥的示數(shù)分別如圖（b）和圖（c）所示，則此時Rx兩端的電壓為

?V，流過Rx的電流為

?mA，此組數(shù)據(jù)得到的Rx的阻值為

?11.如圖，一不可伸長的細繩的上端固定，下端系在邊長為l=0.40

m的正方形金屬框的一個頂點上。金屬框的一條對角線水平，其下方有方向垂直于金屬框所在平面的勻強磁場。已知構(gòu)成金屬框的導(dǎo)線單位長度的阻值為λ=5.0×10-3Ω/m???(1)t=2.0(2)在t=0到t12.該試題正在優(yōu)化，敬請期待！II、選考題請從選修3-3和選修3-4中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。選修3-313.一定量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b變化狀態(tài)c，其過程如T-?A.狀態(tài)a處的壓強大于狀態(tài)c處的壓強B.由a變化到b的過程中，氣體對外做功C.由b變化到c的過程中，氣體的壓強不變D.由a變化到b的過程中，氣體從外界吸熱E.由a變化到b的過程中，從外界吸收的熱量等于其增加的內(nèi)能14.如圖，一豎直放置的汽缸由兩個粗細不同的圓柱形筒組成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之間封閉有一定量的理想氣體，兩活塞用一輕質(zhì)彈簧連接，汽缸連接處有小卡銷，活塞Ⅱ不能通過連接處?；钊?、Ⅱ的質(zhì)量分別為2m、m，面積分別為2S、S，彈簧原長為l。初始時系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，此時彈簧的伸長量為0.1l，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸連接處的距離相等，兩活塞間氣體的溫度為T?(1)求彈簧的勁度系數(shù)；(2)緩慢加熱兩活塞間的氣體，求當活塞Ⅱ剛運動到汽缸連接處時，活塞間氣體的壓強和溫度。選修3-415.介質(zhì)中平衡位置在同一水平面上的兩個點波源S1和S2，二者做簡諧運動的振幅相等，周期均為0.8

s，當S1過平衡位置向上運動時，S2也過平衡位置向上運動．若波速為5

m/s，則由S1和S2發(fā)出的簡諧橫波的波長均為

?m。P為波源平衡位置所在水平面上的一點，與S1、S2平衡位置的距離均為10

m，則兩波在P點引起的振動總是相互

?16.一細束單色光在三棱鏡ABC的側(cè)面AC上以大角度由D點入射（入射面在棱鏡的橫截面內(nèi)），入射角為i，經(jīng)折射后射至AB邊的E點，如圖所示，逐漸減小i，E點向B點移動，當sin?i=16?

參考答案1.【答案】:C【解析】:ABC．航天員在空間站中所受萬有引力完全提供做圓周運動的向心力，飛船對其作用力等于零，故C正確，AB錯誤；D．根據(jù)萬有引力公式F萬=G故選C。2.【答案】:A【解析】:當兩球運動至二者相距35L時，

由幾何關(guān)系可知sin設(shè)繩子拉力為T，水平方向有2解得T對任意小球由牛頓第二定律可得T解得a故A正確，BCD錯誤。故選A。3.【答案】:C【解析】:如圖所示?設(shè)圓環(huán)下降的高度為h，圓環(huán)的半徑為R，它到P點的距離為L，根據(jù)機械能守恒定律得mg由幾何關(guān)系可得hsin聯(lián)立可得h可得v故C正確，ABD錯誤。故選C。4.【答案】:B【解析】:一個光子的能量為Eν為光的頻率，光的波長與頻率有以下關(guān)系c光源每秒發(fā)出的光子的個數(shù)為nP為光源的功率，光子以球面波的形式傳播，那么以光源為原點的球面上的光子數(shù)相同，此時距光源的距離為R處，每秒垂直通過每平方米的光子數(shù)為3×10S則n聯(lián)立以上各式解得R故選B。5.【答案】:B；C【解析】:A．如圖所示?地球可視為一個磁偶極，磁南極大致指向地理北極附近，磁北極大致指向地理南極附近。通過這兩個磁極的假想直線（磁軸）與地球的自轉(zhuǎn)軸大約成11.3度的傾斜。由表中z軸數(shù)據(jù)可看出z軸的磁場豎直向下，則測量地點應(yīng)位于北半球，A錯誤；B．磁感應(yīng)強度為矢量，故由表格可看出此處的磁感應(yīng)強度大致為B計算得BB正確；CD．由選項A可知測量地在北半球，而北半球地磁場指向北方斜向下，則第2次測量，測量By<0，故y軸指向南方，第3次測量Bx>0，故x軸指向北方而y軸則指向西方，故選BC。6.【答案】:A；B【解析】:A．兩個正電荷在N點產(chǎn)生的場強方向由N指向O，N點處于兩負電荷連線的中垂線上，則兩負電荷在N點產(chǎn)生的場強方向由N指向O，則N點的合場強方向由N指向O，同理可知，兩個負電荷在L處產(chǎn)生的場強方向由O指向L，L點處于兩正電荷連線的中垂線上，兩正電荷在L處產(chǎn)生的場強方向由O指向L，則L處的合場方向由O指向L，由于正方向兩對角線垂直平分，則L和N兩點處的電場方向相互垂直，故A正確；B．正方向底邊的一對等量異號電荷在M點產(chǎn)生的場強方向向左，而正方形上方的一對等量異號電荷在M點產(chǎn)生的場強方向向右，由于M點離上方一對等量異號電荷距離較遠，則M點的場方向向左，故B正確；C．由圖可知，M和O點位于兩等量異號電荷的等勢線上，即M和O點電勢相等，所以將一帶正電的點電荷從M點移動到O點，電場力做功為零，故C錯誤；D．由圖可知，L點的電勢低于N點電勢，則將一帶正電的點電荷從L點移動到N點，電場力做功不為零，故D錯誤。故選AB。7.【答案】:A；D【解析】:AC．物塊與地面間的摩擦力為

f對物塊從0～3內(nèi)由動量定理可知(即(4得v3sp設(shè)3s后經(jīng)過時間t物塊的速度減為0-即-解得t所以物塊在4s時速度減為0，則此時物塊的動能也為0，故A正確，CB．0～3s物塊發(fā)生的位移為x(即(4-2)得x3s-即-得x4sa發(fā)生的位移為x即6s時物塊沒有回到初始位置，故BD．物塊在6sv0～6

W故D正確。故選AD。8.【答案】:B；D【解析】:C．在截面內(nèi)，極板間各點的電場強度大小與其到O點的距離成反比，可設(shè)為Er=帶正電的同種粒子1、2在均勻輻向電場中做勻速圓周運動，則有qE1可得1即粒子1入射時的動能等于粒子2入射時的動能，故C錯誤；A．粒子3從距O點r2的位置入射并從距O點r1的位置出射，做向心運動，電場力做正功，則動能增大，粒子3入射時的動能比它出射時的小，故B．粒子4從距O點r1的位置入射并從距O點r2的位置出射，做離心運動，電場力做負功，則動能減小，粒子4入射時的動能比它出射時的大，故D．粒子3做向心運動，有q可得1粒子1入射時的動能大于粒子3入射時的動能，故D正確；故選BD。9(1)【答案】相鄰1s內(nèi)的位移之差接近【解析】:第1s內(nèi)的位移507m，第2s內(nèi)的位移587m，第3s內(nèi)的位移665m，第4s內(nèi)的位移746m，第5s內(nèi)的位移824(2)【答案】547【解析】:當x=507m時飛行器的速度等于v(3)【答案】79【解析】:根據(jù)a10(1)【答案】?【解析】:電流表內(nèi)阻已知，電流表與R0并聯(lián)擴大電流表量程，進而準確測量通過Rx的電流，電壓表單獨測量Rx的電壓；滑動變阻器采用分壓式接法，電表從0開始測量，滿足題中通過R(2)【答案】10Ω；【解析】:電路中R應(yīng)選最大阻值為10Ω通過Rx的電流最大為5

mA?根據(jù)并聯(lián)分流，即并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比，可知4解得R(3)【答案】2.30；4.20；548【解析】:電壓表每小格表示0.1

V，向后估讀一位，即電流表每小格表示0.02

mA，本位估讀，即0.84

mA，電流表量程擴大5倍，所以通過根據(jù)歐姆定律可知R11(1)【答案】金屬框的總電阻為R金屬框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E金屬框中的電流為It=2.0B金屬框處于磁場中的有效長度為L此時金屬框所受安培力大小為F(2)【答案】0～2.0

Q12.【答案】:略13.【答案】:A；B；D【解析】:AC．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知T=即T-V圖像的斜率為ppa故A正確，C錯誤；B．理想氣體由a變化到b的過程中，因體積增大，則氣體對外做功，故B正確；DE．理想氣體由a變化到的過程中，溫度升高，則內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律有ΔU而ΔU>0,則有ΔU可得Q>0,即氣體從外界吸熱，且從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能，故D正確，E錯誤；故選ABD。1