【高考真題】2022年新高考物理真題試卷(湖北卷)

【高考真題】2022年新高考物理真題試卷（湖北卷）

一、選擇題:本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題

只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~11題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的

得2分，有選錯(cuò)的得0分。(共11題；共44分)

1．（4分）上世紀(jì)四十年代初，我國(guó)科學(xué)家王淦昌先生首先提出證明中微子存在的實(shí)驗(yàn)方案：如果靜

止原子核7??俘獲核外K層電子e，可生成一個(gè)新原子核X，并放出中微子ν，即7??+0??

4??e4???1

→X+0??。根據(jù)核反應(yīng)后原子核X的動(dòng)能和動(dòng)量，可以間接測(cè)量中微子的能量和動(dòng)量，進(jìn)而確定

0??

中微子的存在。下列說法正確的是（）

A．原子核X是7??

3??

B．核反應(yīng)前后的總質(zhì)子數(shù)不變

C．核反應(yīng)前后總質(zhì)量數(shù)不同

D．中微子ν的電荷量與電子的相同

e

2．（4分）2022年5月，我國(guó)成功完成了天舟四號(hào)貨運(yùn)飛船與空間站的對(duì)接，形成的組合體在地球引

力作用下繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，周期約90分鐘。下列說法正確的是（）

A．組合體中的貨物處于超重狀態(tài)

B．組合體的速度大小略大于第一宇宙速度

C．組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大

D．組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小

3．（4分）一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變?yōu)闋顟B(tài)c，其過程如p-V圖中a→c直線段所示，狀態(tài)b對(duì)

應(yīng)該線段的中點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A．a(chǎn)→b是等溫過程B．a(chǎn)→b過程中氣體吸熱

C．a(chǎn)→c過程中狀態(tài)b的溫度最低D．a(chǎn)→c過程中外界對(duì)氣體做正功

4．（4分）密立根油滴實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，兩塊水平放置的金屬板分別與電源的正負(fù)極相接，板間產(chǎn)

生勻強(qiáng)電場(chǎng)。用一個(gè)噴霧器把密度相同的許多油滴從上板中間的小孔噴入電場(chǎng)，油滴從噴口噴出時(shí)

1/20

由于摩擦而帶電。金屬板間電勢(shì)差為U時(shí)，電荷量為q、半徑為r的球狀油滴在板間保持靜止。若僅

將金屬板間電勢(shì)差調(diào)整為2U，則在板間能保持靜止的球狀油滴所帶電荷量和半徑可以為（）

A．q，rB．2q，rC．2q，2rD．4q，2r

5．（4分）如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的小物塊Р和Q，用輕質(zhì)彈簧連接后放在水平地面上，Р

通過一根水平輕繩連接到墻上。P的下表面光滑，Q與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于

滑動(dòng)摩擦力。用水平拉力將Q向右緩慢拉開一段距離，撤去拉力后，Q恰好能保持靜止。彈簧形變

始終在彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度大小為g。若剪斷輕繩，Р在隨后的運(yùn)動(dòng)過程

中相對(duì)于其初始位置的最大位移大小為（）

??????2??????4??????6??????

A．B．C．D．

????????

6．（4分）我國(guó)高鐵技術(shù)全球領(lǐng)先，乘高鐵極大節(jié)省了出行時(shí)間。假設(shè)兩火車站W(wǎng)和G間的鐵路里

程為1080km，W和G之間還均勻分布了4個(gè)車站。列車從W站始發(fā)，經(jīng)停4站后到達(dá)終點(diǎn)站G。

設(shè)普通列車的最高速度為108km/h，高鐵列車的最高速度為324km/h。若普通列車和高鐵列車在進(jìn)

站和出站過程中，加速度大小均為0.5m/s2，其余行駛時(shí)間內(nèi)保持各自的最高速度勻速運(yùn)動(dòng)，兩種列

車在每個(gè)車站停車時(shí)間相同，則從W到G乘高鐵列車出行比乘普通列車節(jié)省的時(shí)間為（）

A．6小時(shí)25分鐘B．6小時(shí)30分鐘C．6小時(shí)35分鐘D．6小時(shí)40分鐘

7．（4分）一質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)，在前一段時(shí)間內(nèi)速度大小由v增大到2v，在隨后的一段時(shí)間內(nèi)速度大

小由增大到。前后兩段時(shí)間內(nèi)，合外力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做功分別為和W，合外力的沖量大小分別

2v5vW12

為和I。下列關(guān)系式一定成立的是（）

I12

A．W=3W，I≤3I，B．W=3W，I≥I

21212121

C．W=7W，I≤3I，D．W=7W，I≥I

21212121

8．（4分）在如圖所示的平面內(nèi)，分界線SP將寬度為L(zhǎng)的矩形區(qū)域分成兩部分，一部分充滿方向垂

直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，另一部分充滿方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為

B，SP與磁場(chǎng)左右邊界垂直。離子源從S處射入速度大小不同的正離子，離子入射方向與磁場(chǎng)方向

垂直且與SP成30°角。已知離子比荷為k，不計(jì)重力。若離子從Р點(diǎn)射出，設(shè)出射方向與入射方向

2/20

的夾角為θ，則離子的入射速度和對(duì)應(yīng)θ角的可能組合為（）

11

A．kBL，0°B．kBL，0°C．kBL，60°D．2kBL，60°

32

9．（4分）近年來，基于變壓器原理的無線充電技術(shù)得到了廣泛應(yīng)用，其簡(jiǎn)化的充電原理圖如圖所

示。發(fā)射線圈的輸入電壓為220V、匝數(shù)為1100匝，接收線圈的匝數(shù)為50匝。若工作狀態(tài)下，穿過

接收線圈的磁通量約為發(fā)射線圈的80%，忽略其它損耗，下列說法正確的是（）

A．接收線圈的輸出電壓約為8V

B．接收線圈與發(fā)射線圈中電流之比約為22：1

C．發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率相同

D．穿過發(fā)射線圈的磁通量變化率與穿過接收線圈的相同

．（分）如圖所示，一帶電粒子以初速度沿x軸正方向從坐標(biāo)原點(diǎn)О射入，并經(jīng)過點(diǎn)P(a>0，

104v0

b>0)。若上述過程僅由方向平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)實(shí)現(xiàn)，粒子從О到Р運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，到達(dá)Р點(diǎn)

1

的動(dòng)能為。若上述過程僅由方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)實(shí)現(xiàn)，粒子從O到Р運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，到

Ek12

達(dá)點(diǎn)的動(dòng)能為。下列關(guān)系式正確的是·（）

РEk2

3/20

A．t<tB．t>tC．E<ED．E>E

1212k1k2k1k2

11．（4分）如圖所示，兩平行導(dǎo)軌在同一水平面內(nèi)。一導(dǎo)體棒垂直放在導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩

擦因數(shù)恒定。整個(gè)裝置置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒定，方向與金屬棒垂直、與水平向右方

向的夾角θ可調(diào)。導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)給導(dǎo)體棒通以圖示方向的恒定電流，適當(dāng)調(diào)整磁場(chǎng)方

向，可以使導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌做勻加速運(yùn)動(dòng)或勻減速運(yùn)動(dòng)。已知導(dǎo)體棒加速時(shí)，加速度的最大值為√3

3

g；減速時(shí)，加速度的最大值為√3g，其中g(shù)為重力加速度大小。下列說法正確的是（）

3

A．棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為√

6

3

B．棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為√

3

C．加速階段加速度大小最大時(shí)，磁場(chǎng)方向斜向下，θ=60°

D．減速階段加速度大小最大時(shí)，磁場(chǎng)方向斜向上，θ=150°

二、非選擇題:本題共5小題。共56分。(共5題；共56分)

12．（7分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用拉力傳感器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。一根輕繩一端連接固定的

拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖甲所示。拉起小鋼球至某一位置由靜止釋放，使小鋼球在豎

直平面內(nèi)擺動(dòng)，記錄鋼球擺動(dòng)過程中拉力傳感器示數(shù)的最大值和最小值T。改變小鋼球的初

Tmaxmin

始釋放位置，重復(fù)上述過程。根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)在直角坐標(biāo)系中繪制的-T圖像是一條直線，如圖

Tmaxmin

乙所示。

4/20

（1）（2分）若小鋼球擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒。則圖乙中直線斜率的理論值為。

（2）（2.5分）由圖乙得：直線的斜率為，小鋼球的重力為N。(結(jié)果均保留2

位有效數(shù)字)

（3）（2.5分）該實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的主要來源是(單選，填正確答案標(biāo)號(hào))。

A．小鋼球擺動(dòng)角度偏大

B．小鋼球初始釋放位置不同

C．小鋼球擺動(dòng)過程中有空氣阻力

13．（9分）某探究小組學(xué)習(xí)了多用電表的工作原理和使用方法后，為測(cè)量一種新型材料制成的圓柱

形電阻的電阻率，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)探究。

（1）（2分）該小組用螺旋測(cè)微器測(cè)量該圓柱形電阻的直徑D，示數(shù)如圖甲所示，其讀數(shù)為

mm。再用游標(biāo)卡尺測(cè)得其長(zhǎng)度L。

（）（分）該小組用如圖乙所示的電路測(cè)量該圓柱形電阻的阻值。圖中電流表量程為0.6A、

22Rx

內(nèi)阻為，定值電阻的阻值為20.0Ω，電阻箱R的最大阻值為999.9Ω。首先將S置于位置

1.0ΩR02

5/20

1，閉合S，多次改變電阻箱R的阻值，記下電流表的對(duì)應(yīng)讀數(shù)I，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)見下表。

1

1

R/ΩI/A/A-1

??

5.00.4142.42

10.00.3522.84

15.00.3083.25

20.00.2723.68

25.00.2444.10

30.00.2224.50

根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖丙中繪制出1-R圖像。再將S置于位置2，此時(shí)電流表讀數(shù)為0.400A。根

??2

據(jù)圖丙中的圖像可得=Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。最后可由表達(dá)式ρ=

Rx

得到該材料的電阻率用、、表示)。

(DLRx

（3）（2.5分）該小組根據(jù)圖乙的電路和圖丙的1-R圖像，還可以求得電源電動(dòng)勢(shì)E=

??

V，內(nèi)阻r=Ω。(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)

（4）（2.5分）持續(xù)使用后，電源電動(dòng)勢(shì)降低、內(nèi)阻變大。若該小組再次將此圓柱形電阻連入此裝

置，測(cè)得電路的電流，仍根據(jù)原來描繪的圖丙的圖像得到該電阻的測(cè)量值會(huì)(選填“偏大”、

“偏小”或“不變”)。

14．（9分）如圖所示，水族館訓(xùn)練員在訓(xùn)練海豚時(shí)，將一發(fā)光小球高舉在水面上方的A位置，海豚

的眼睛在B位置，A位置和B位置的水平距離為d，A位置離水面的高度為2d。訓(xùn)練員將小球向

3

6/20

左水平拋出，入水點(diǎn)在B位置的正上方，入水前瞬間速度方向與水面夾角為θ。小球在A位置發(fā)出

的一束光線經(jīng)水面折射后到達(dá)B位置，折射光線與水平方向的夾角也為θ。

4

已知水的折射率n=，求：

3

（1）（4.5分）tanθ的值；

（2）（4.5分）B位置到水面的距離H。

15．（15分）如圖所示，高度足夠的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域下邊界水平、左右邊界豎直，磁場(chǎng)方向垂直于紙面

向里。正方形單匝線框abcd的邊長(zhǎng)L=0.2m、回路電阻R=1.6×10-3Ω、質(zhì)量m=0.2kg。線框平面與磁

場(chǎng)方向垂直，線框的ad邊與磁場(chǎng)左邊界平齊，ab邊與磁場(chǎng)下邊界的距離也為L(zhǎng)。現(xiàn)對(duì)線框施加與水

平向右方向成θ=45°角、大小為4√2N的恒力F，使其在圖示豎直平面內(nèi)由靜止開始運(yùn)動(dòng)。從ab邊

進(jìn)入磁場(chǎng)開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)；dc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，bc邊恰好到達(dá)磁場(chǎng)右邊界。重力加

速度大小取g=10m/s2，求：

（1）（5分）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框在水平方向和豎直方向的加速度大?。?/p>

（2）（5分）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和線框進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱；

（3）（5分）磁場(chǎng)區(qū)域的水平寬度。

16．（16分）打樁機(jī)是基建常用工具。某種簡(jiǎn)易打樁機(jī)模型如圖所示，重物A、B和C通過不可伸長(zhǎng)

的輕質(zhì)長(zhǎng)繩跨過兩個(gè)光滑的等高小定滑輪連接，C與滑輪等高（圖中實(shí)線位置)時(shí)，C到兩定滑輪的

距離均為L(zhǎng)。重物A和B的質(zhì)量均為m，系統(tǒng)可以在如圖虛線位置保持靜止，此時(shí)連接C的繩與水

7/20

平方向的夾角為60°。某次打樁時(shí)，用外力將C拉到圖中實(shí)線位置，然后由靜止釋放。設(shè)C的下落

3????

速度為√時(shí)，與正下方質(zhì)量為2m的靜止樁D正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞后C的速度為零，D

5

??

豎直向下運(yùn)動(dòng)距離后靜止（不考慮C、D再次相碰)。A、B、C、D均可視為質(zhì)點(diǎn)。

10

（1）（5分）求C的質(zhì)量；

（2）（5.5分）若D在運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力F可視為恒力，求F的大小；

（3）（5.5分）撤掉樁D，將C再次拉到圖中實(shí)線位置，然后由靜止釋放，求A、B、C的總動(dòng)能

最大時(shí)C的動(dòng)能。

8/20

答案解析部分

1．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】核反應(yīng)方程

【解析】【解答】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，得核反應(yīng)方程為7B+0e→7Li+0v，原子核X是

4e?130e

Li原子核，A正確、C錯(cuò)誤；

B．根據(jù)核反應(yīng)方程為7B+0e→7Li+0v，反應(yīng)前的總質(zhì)子數(shù)為4，反應(yīng)后的總質(zhì)子數(shù)為3，

4e?130e

B錯(cuò)誤；

D．中微子不帶電，電子帶負(fù)電，D錯(cuò)誤。

故選A。

【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，得出粒子種類以及電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)。

2．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】衛(wèi)星問題；宇宙速度

【解析】【解答】A．組合體在天上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)只受萬(wàn)有引力的作用，則組合體中的貨物處于完

全失重狀態(tài)，A錯(cuò)誤；

B．第一宇宙速度為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度，則組合體的速度大小略小于第一宇宙速

度，B錯(cuò)誤；

C．已知同步衛(wèi)星的周期為24h，則根據(jù)角速度和周期的關(guān)系有

2π

??=??

由于T同>T組合體，則組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大，C正確；

D．由題知組合體在地球引力作用下繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，有

????????????

=????，=????2??

??2??2

????

整理有，??=√，??大對(duì)應(yīng)r小，a大。

??3

所以，r>r，a<a，D錯(cuò)誤。

同組合體同組合體

故選C。

【分析】對(duì)于衛(wèi)星，萬(wàn)有引力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力。代入圓周運(yùn)動(dòng)相關(guān)物理量的關(guān)系式求解。

3．【答案】B

9/20

【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程

????

【解析】【解答】AB．由=??，當(dāng)a→b氣體溫度升高，且體積增大氣體對(duì)外界做功，則W<0，

??

由熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，可知a→b過程中氣體吸熱，A錯(cuò)誤、B正確；

????

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程=??可知，p—V圖像的坐標(biāo)值的乘積對(duì)應(yīng)溫度大小，a狀態(tài)和c狀

??

態(tài)的坐標(biāo)值的乘積相等，中間狀態(tài)的坐標(biāo)值乘積較大，所以a→c過程的溫度先升高后降低，且狀態(tài)

b的溫度最高，C錯(cuò)誤；

D．a(chǎn)→c過程氣體體積增大，對(duì)外膨脹，外界對(duì)氣體做負(fù)功，D錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，結(jié)合熱力學(xué)第一定律求解。氣體體積增大，外界對(duì)氣體做負(fù)

功。

4．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線；勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系

4U

【解析】【解答】πr3·ρ=Eq，E=，

????=3d

對(duì)A和B，半徑r不變，重力不變；電勢(shì)差增大，則電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力增大，不可能平衡。A

和B錯(cuò)誤。

對(duì)C和D，半徑r變?yōu)樵瓉?倍，體積變?yōu)樵瓉?倍，重力變?yōu)樵瓉?倍；電勢(shì)差增大為原來2

倍，則電場(chǎng)強(qiáng)度增大2倍，電荷量如果增加為原來4倍，則電場(chǎng)力增大為8倍，可以平衡。C錯(cuò)，D

正確。

故選D

【分析】結(jié)合重力和電場(chǎng)力平衡，以及場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系式和球的體積公式求解。

5．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒及其條件；胡克定律

【解析】【解答】Q恰好能保持靜止時(shí)，設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量為x，滿足????=2??????

若剪斷輕繩后，物塊P和Q與彈簧組成的系統(tǒng)受摩擦力，但摩擦力做功之和為零，系統(tǒng)機(jī)械能守

4??????

恒，彈簧的最大壓縮量也為x，因此Р相對(duì)于其初始位置的最大位移大小為

2??=??

故選C。

10/20

【分析】利用摩擦力和彈力二力平衡以及系統(tǒng)機(jī)械能守恒得出結(jié)論。

6．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)基本公式應(yīng)用

【解析】【解答】108km/h=30m/s，324km/h=90m/s

1080×103

相鄰兩站間的距離??=??=2·16×105??

5

??30

==??=60??

普通列車加速時(shí)間??1

??10·5

11

加速過程的位移??=????2=×0·5×602??=900??

122

根據(jù)對(duì)稱性可知加速與減速位移相等，可得勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

?????2??2·16×105?2×900

??=2=1=??=7140??'

2????30

所以列出在兩站運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為60??×2+7140??=7260??

同理高鐵列車在兩站運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為180×2??+2220??=2580??

相鄰兩站間節(jié)省的時(shí)間7260s-2580s=4680s

因此總的節(jié)省時(shí)間4680×5??=6小時(shí)30分

故選B。

【分析】多過程問題分析。結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解。

7．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；動(dòng)量定理

113

【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)能定理=??(2??)2?????2=????2

??1222

1121

??=??(5??)2???(2??)2=????2

2222

=7??

則：??21

當(dāng)初、末速度方向相同時(shí)，動(dòng)量變化量最小，方向相反時(shí)，動(dòng)量變化量最大，因此沖量的大小范圍

是

??·2???????≤??≤??·2??+????，即????≤??≤3????

11

11/20

??·5?????·2??≤??≤??·5??+??·2??，即3????≤??≤7????

12

≥??

比較可得??21

D一定成立。

故選D。

【分析】動(dòng)量為矢量，具有方向性。動(dòng)能定理可以求解一段過程在合外力做的功。

8．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】若粒子通過下部分磁場(chǎng)直接到達(dá)P點(diǎn)，如圖

根據(jù)幾何關(guān)系則有R=L，

????2??????

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，??????=，=??????

????=??

出射方向與入射方向的夾角為θ=60°。

當(dāng)粒子上下均經(jīng)歷一次時(shí)，如圖

因?yàn)樯舷麓鸥袘?yīng)強(qiáng)度均為B，

12/20

????2??????1

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有??????=，=??????

????=2??2

此時(shí)出射方向與入射方向相同θ=0°。

??????1

綜上所述：出射方向與入射方向的夾角為θ=60°，需滿足??==??????（n為正整數(shù)）

（2???1）??2???1

??????1

出射方向與入射方向的夾角為θ=0°，需滿足=??????（n為正整數(shù)）

??=2????2??

此時(shí)。

故可知BC正確，AD錯(cuò)誤。

故選BC。

【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)。洛倫茲力提供向心力。畫出運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合幾何關(guān)系即可。

9．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】變壓器原理

????×80%

【解析】【解答】A．根據(jù)1=1

??2??2

可得接收線圈的輸出電壓約為U2=8V；

??????88

B．根據(jù)線圈原副線圈功率不變。2=1=1×80%=，故B錯(cuò)誤；

??1??2??25

C．變壓器是不改變其交變電流的頻率，故C正確；

D．由于穿過發(fā)射線圈的磁通量與穿過接收線圈的磁通量大小不相同，所以穿過發(fā)射線圈的磁通量

變化率???與穿過接收線圈的不相同，故D錯(cuò)誤。

???

故選AC。

【分析】由于存在磁通量損耗，但由于沒有其他損耗，原副線圈獲得功率或者能量相等。

10．【答案】A,D

【知識(shí)點(diǎn)】電荷在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)沿x軸方向做勻速運(yùn)動(dòng)，速度不變；在洛倫茲力作用下，合速

度不變，但沿x軸速度在不斷減小，所以在磁場(chǎng)作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)間更長(zhǎng)。在電場(chǎng)力作用下，帶電粒子

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>??

做平拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，使粒子動(dòng)能增大，所以????1??2。

故選AD

【分析】洛倫茲力永遠(yuǎn)不做功，不改變速度大小，只改變運(yùn)動(dòng)方向：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)。

11．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】安培力；牛頓第二定律

【解析】【解答】向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒加速且加速度最大時(shí)，磁場(chǎng)方向斜向右下方，安培力應(yīng)該

斜向右上方，正交分解可得在水平方向：

（）??sin??+??????cos??

??sin????????????cos??=????，??=安?????，

安安??

??

由三角函數(shù)輔助角公式2+??2sin(??+??)（tan??=）

??sin??+??cos??=√????

??2

得加速度a的最大值為√安2。

?????++（????）

??2

導(dǎo)體棒減速，且加速度最大時(shí)，合力向左最大，安培力應(yīng)該斜向左下方，磁場(chǎng)方向斜向右下方。

（）??sin??+??????cos??

??sin??+??????+??cos??=????，??=安+????。

安安??

??

由三角函數(shù)輔助角公式2+??2sin(??+??)（tan??=）

??sin??+??cos??=√????

??2

可知加速度a的最大值為√安2。

????++（????）

??2

3

代入題中數(shù)據(jù)可得??=√

3

3

，將??=√代入加速度表達(dá)式，結(jié)合三角函數(shù)輔助角公式可得兩次加速度取得最大值時(shí)，磁場(chǎng)方向

3

與水平向右方向的夾角θ分別為60度和120度。

故選：BC

【分析】核心是對(duì)物體進(jìn)行受力分析，簡(jiǎn)單的數(shù)學(xué)變換用到復(fù)制的物理過程中，對(duì)數(shù)學(xué)知識(shí)的要求

有點(diǎn)高。

12．【答案】（1）-2

（2）?2.1；0.59

（3）C

【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律

14/20

=????cos??

【解析】【解答】（1）設(shè)在最高點(diǎn)繩子與豎直方向夾角為θ，則????????

1

從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)由動(dòng)能定理得：mv2，

mgLsinθ=2

mv2

在最低點(diǎn)由牛頓第二定律得：T?mg=

maxr

=3mg?2T

聯(lián)立以上方程得：Tmaxmin，則圖乙中直線斜率的理論值為-2

1·77?1·35

（2）代入直線上（0，1.77）和（0.2，0）兩點(diǎn)坐標(biāo)得=?2·1，

??=0?0·20

1·77

小鋼球質(zhì)量為????=0·59????

??=3

（3）由于存在空氣阻力，使得減小的重力勢(shì)能大于增加的動(dòng)能。所以選C。

【分析】（1）聯(lián)立機(jī)械能守恒定律，牛頓第二定律解方程即可。（2）將圖像上的點(diǎn)代入求得斜率

即可。（3）由于存在空氣阻力，使得減小的重力勢(shì)能大于增加的動(dòng)能。

13．【答案】（1）3.70

2

（2）6.0；????????

4??

（3）12；3.0

（4）偏小

【知識(shí)點(diǎn)】測(cè)定金屬的電阻率

【解析】【解答】（1）螺旋測(cè)微器固定刻度讀數(shù)3毫米，半毫米刻度線露出，可動(dòng)刻度20。

所以最終讀數(shù)為：3????+0·5????+20·0×0·01????=3·700????

1??+??+??+??????+??+??

（2）由閉合電路歐姆定律可得??=??（??+??+??+??），得=0??=+0??，

0??????????

4·9?2·0

E為斜率倒數(shù)，斜率=，得E=12伏。

35?0

??+??+??

0??=2，??=3??，將電流0.400A代入??=??（??+??+??+??），得??=6·0??

??0??????

????πD2R

??==x，

????4??

（3）由（2）分析得E=12伏，??=3·0??。

??

（4）根據(jù)表達(dá)式??=??（??+??+??+??），得??=?????????

0????????0??

因電源電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大，則當(dāng)安培表由相同讀數(shù)時(shí)，得到的Rx的值偏小，即電阻測(cè)量值偏

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小。

【分析】（1）螺旋測(cè)微器讀數(shù)要估讀到千分之一毫米。

（2）根據(jù)全電路歐姆定律，代入物理量化簡(jiǎn)即可

（3）結(jié)合電阻定律，代入題中已知條件即可求解。

（4）結(jié)合電阻表達(dá)式進(jìn)行分析。

．【答案】（）小球做平拋運(yùn)動(dòng)。在水平分析做勻速直線運(yùn)動(dòng)：??，

141??=??=??0

2??1

豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)：=????2

32

????4

tan??=??=

03

π34

（2）設(shè)入射角為??，入射角是入射光線和法線夾角，則（???）=??cos??=×=

sin??=??sin253

4

，

5

設(shè)光到達(dá)水面位置與A正下方距離為X。

2??2??48??4??

則×sin??=×=，（）

??=3339??=?????tan??=27

【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)；光的折射

【解析】【分析】（1）利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解。

（2）入射角是入射光線和法線夾角，反射角是反射光線和法線夾角。結(jié)合幾何關(guān)系求解。

．【答案】（1）在水平方向和豎直方向分別由牛頓第二定律得：°=????，°?????=

15??cos45????sin45

????

??

得：a=20m/s2，=10m/s2

xay

（2）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，ab邊在豎直方向切割磁感線，ad和bc邊的上部分產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相互

抵消，則整個(gè)回路的電動(dòng)勢(shì)為ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。

??

??=????????sin45°????????????=0??=??2=2????

??????

解得B=0.2T

安培力做功產(chǎn)生焦耳熱，線框勻速運(yùn)動(dòng)，安培力為恒力。

??=??=??????·??=2×0·2??=0·4??

則安

1

（3）從開始運(yùn)動(dòng)到進(jìn)入磁場(chǎng)，在豎直方向上：??=????2

2??1

進(jìn)入磁場(chǎng)，2=2????，??=????，總運(yùn)動(dòng)時(shí)間??=??+??

????????2總12

解得??=0·3??

16/20

11

水平方向位移為??=????2=×20×0·32??=0·9??

2??22

磁場(chǎng)區(qū)域的水平寬度d=X+L=0.9m+0.2m=1.1m

【知識(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)中切割類問題

【解析】【分析】（1）在水平方向和豎直方向分別由牛頓第二定律列方程求解。

（2）安培力做功產(chǎn)生焦耳熱，線框勻速運(yùn)動(dòng)，安培力為恒力。結(jié)合電磁感應(yīng)定律求解。

（3）利用豎直位移求出時(shí)間，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

．【答案】（1）物體在虛線位置靜止，根據(jù)平衡條件可知??=2????sin60°=3????

16????√

可得：=3??

????√

3????

（2）C和D碰撞過程動(dòng)量守恒，√·??=0+????

5??????，

3????

??=2√5

??1

D向下運(yùn)動(dòng)過程由動(dòng)能定理得：?????????·=0?????2

102??

得F=6.5mg

=??=??cos??

（3）設(shè)C的速度為V，繩與豎直方向夾角為θ，則??????

?11??

C下落過程機(jī)械能守恒??????2????·（???）=????2+2·????2，?=，

??cos??2??2??tan??

?

系統(tǒng)總動(dòng)能??=??????2????·（???）

????cos??

3

對(duì)該式求導(dǎo)，得cos??=√，°，時(shí)式子有最大值。

2??=30

3?11

將cos??=√，°代入??????2????·（???）=????2+2·????2

2??=30??cos??2??2??

得=（4?23）??????

??????√

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用；機(jī)械能守恒及其條件；動(dòng)量守恒定律

【解析】【分析】（1）靜止時(shí)受力平衡，列方程求解，結(jié)合平行四邊形法則運(yùn)算得到結(jié)果。

（2）碰撞過程動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)能定理求解。

（3）下落過程機(jī)械能守恒。列出動(dòng)能表達(dá)式，利用求導(dǎo)求解最大值。

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試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：100分

客觀題（占比）44.0(44.0%)

分值分布

主觀題（占比）56.0(56.0%)

客觀題（占比）11(68.8%)

題量分布

主觀題（占比）5(31.3%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

選擇題:本題共11小

題，每小題4分，共

44分。在每小題給

出的四個(gè)選項(xiàng)中，第

1~7題只有一項(xiàng)符合

題目要求，第