山東省菏澤市部分重點(diǎn)學(xué)校2022-2023學(xué)年高二物理第二學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測試題含解析

2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,是固定的點(diǎn)電荷,虛線是以為圓心的兩個(gè)同心圓.一個(gè)帶電粒子在僅受電場力的作用沿實(shí)線所示的軌跡從處運(yùn)動(dòng)到處,然后又運(yùn)動(dòng)到處,實(shí)線與兩圓在同一平面內(nèi),帶電粒子在點(diǎn)的加速度大小分別為,電勢能大小分別為．,則（）A．，B．，C．，D．，2、一個(gè)動(dòng)能為Ek的帶電粒子，垂直于電力線方向飛入平行板電容器，飛出電容器時(shí)動(dòng)能為2Ek，如果使這個(gè)帶電粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，那么它飛出電容器時(shí)的動(dòng)能變?yōu)?)A．8Ek B．5Ek C．1．25Ek D．1Ek3、把“能量子”概念引入物理學(xué)的物理學(xué)家是（）A．普朗克 B．麥克斯韋 C．托馬斯·楊 D．赫茲4、一個(gè)含有理想變壓器的電路如圖所示，其中為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器，電表為理想電表，為正弦交流電源，其電壓有效值恒定，當(dāng)滑片從左向右滑動(dòng)的過程，下列說法正確的是（）A．理想變壓器輸出功率減小B．電流表示數(shù)減小C．電容器所帶電荷量始終不變D．電壓表示數(shù)不變5、如圖為水平拋出的三個(gè)小球a、b和c的運(yùn)動(dòng)軌跡，其中b和c是從同一點(diǎn)拋出的.不計(jì)空氣阻力，則()A．a(chǎn)的飛行時(shí)間比b的長 B．b和c的飛行時(shí)間相同C．a(chǎn)的初速度比b的小 D．b的初速度比c的小6、許多科學(xué)家對物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn)，下列說法中正確的是A．湯姆孫發(fā)現(xiàn)質(zhì)子，揭開了研究原子結(jié)構(gòu)的序幕。B．盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型C．麥克斯韋提出了電磁場理論，并實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在D．赫茲從理論上預(yù)言了電磁波的存在二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，半徑為R的半圓形區(qū)域內(nèi)分布著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，半圓的左邊垂直x軸放置一粒子發(fā)射裝置，在－R≤y≤R的區(qū)間內(nèi)各處均沿x軸正方向同時(shí)發(fā)射出一個(gè)帶正電粒子，粒子質(zhì)量均為m、電荷量均為q、初速度均為v，重力忽略不計(jì)，所有粒子均能到達(dá)y軸，其中最后到達(dá)y軸的粒子比最先到達(dá)y軸的粒子晚Δt時(shí)間，則()A．粒子到達(dá)y軸的位置一定各不相同B．磁場區(qū)域半徑R應(yīng)滿足R≤C．從x軸入射的粒子最先到達(dá)y軸D．Δt＝－，其中角度θ的弧度值滿足sinθ＝8、一根輕質(zhì)細(xì)線將2個(gè)薄鐵墊片A、B連接起來，一同學(xué)用手固定B，此時(shí)A、B間距為3L，A距地面為L，如圖所示。由靜止釋放A、B，不計(jì)空氣阻力，且A、B落地后均不再彈起。從釋放開始到A落地歷時(shí)t1，A落地前的瞬時(shí)速率為v1，從A落地到B落在A上歷時(shí)t2，B落在A上前的瞬時(shí)速率為v2，則（）A．t1>t2 B．t1＝t2 C．v1:v2＝1:2 D．v1:v2＝1:39、如圖所示是某同學(xué)設(shè)計(jì)的加速度傳感器原理示意圖．具有一定質(zhì)量的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側(cè)用彈簧3拉著；R為滑動(dòng)變阻器，4是滑動(dòng)片，它與電阻器任一端間的電阻值都與它到這端的距離成正比．兩節(jié)電池E的電壓相同．按圖連接電路后，電壓表指針的等點(diǎn)調(diào)在中央，已知當(dāng)P端的電勢高于Q端時(shí)．指針向零點(diǎn)右側(cè)偏轉(zhuǎn)（）A．當(dāng)物體具有圖示方向的加速度a時(shí)，電壓表的指針將向右偏轉(zhuǎn)B．當(dāng)物體具有圖示方向的加速度a時(shí)，電壓表的指針將向左偏轉(zhuǎn)C．若電壓表的刻度均勻，加速度的刻度也均勻D．即使電壓表的刻度是均勻的，加速度的刻度也一定不是均勻的10、如圖所示為一種質(zhì)譜儀的示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成．若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場，在中心線處的電場強(qiáng)度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外．一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點(diǎn)垂直邊界進(jìn)入磁分析器，最終打到膠片上的Q點(diǎn)．不計(jì)粒子重力．下列說法正確的是()A．極板M比極板N的電勢高B．加速電場的電壓U=ERC．直徑PQ=2BD．若一群粒子從靜止開始經(jīng)過題述過程都落在膠片上的同一點(diǎn)，則該群粒子具有相同的比荷三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中(1)下列操作正確的是___________(填選項(xiàng)前的字母)A．甲圖:小球從偏離平衡位置60°開始擺動(dòng)B．乙圖:細(xì)線上端用鐵夾固定住C．兩圖:小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)作為計(jì)時(shí)開始與終止位置D．丁圖:小球自由下垂時(shí)測量擺長(2)實(shí)驗(yàn)過程中，改變擺長，測量多組不同擺長情況下單擺的周期，以擺長為坐標(biāo)，周期的平方為縱坐標(biāo)，作出T2-l圖象。理論上圖線是一條過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，但小周同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的圖線如圖所示，則造成圖線不過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因可能是________;由圖像求出的重力加速度g＝_______m/s。(?。?.86)12．（12分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實(shí)驗(yàn)裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點(diǎn)位置等高。接下來的實(shí)驗(yàn)步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點(diǎn)與M、P、N三點(diǎn)的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設(shè)球1和球2的質(zhì)量m1、m2，則關(guān)于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點(diǎn)分別是N、MB．球1、球2的落點(diǎn)分別是M、NC．如果兩球質(zhì)量相等，則球2的落點(diǎn)介于ON之間D．球1的質(zhì)量應(yīng)該大于球2的質(zhì)量（2）當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時(shí)，即說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量為m的物體，僅在與運(yùn)動(dòng)方向相同的恒力F的作用下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過時(shí)間t，速度由v1增加到v2。請根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，推導(dǎo)在這個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，恒力F的沖量和物體動(dòng)量變化之間的關(guān)系，即動(dòng)量定理。14．（16分）如圖所示，傾角為37°，長為l＝16m的傳送帶，轉(zhuǎn)動(dòng)速度為v＝10m/s，動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，在傳送帶頂端A處無初速度地釋放一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5kg的物體．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.g＝10m/s2.求：(1)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體從頂端A滑到底端B的時(shí)間；(2)傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體從頂端A滑到底端B的時(shí)間．15．（12分）均勻?qū)Ь€制成的單匝正方形閉合線框abcd質(zhì)量為m，每邊長為L，將其置于垂直紙面向里且磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場上方h處，勻強(qiáng)磁場的上下邊界處于水平方向并平行，且上下邊界寬度恰好也為L，如題圖所示。線框由靜止自由下落（忽略空氣阻力），線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場邊界平行。當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場時(shí)，線框的加速度恰好為零。求：（1）cd邊剛進(jìn)入磁場時(shí)，cd兩點(diǎn)間的電勢差大小；（2）線框的電阻為多少；（3）線框穿過磁場區(qū)域過程中產(chǎn)生的焦耳熱。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場源電荷距離越小，場強(qiáng)越大，粒子受到的電場力越大，帶電粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在運(yùn)動(dòng)的過程中，一直受靜電斥力作用，電場力對粒子先做負(fù)功后做正功，電勢能先增加后減小，且離點(diǎn)電荷越近的地方電勢能越大，則Ea<Ec<Eb，所以D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D．點(diǎn)睛：本題中點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場源電荷距離越大，場強(qiáng)越小，掌握住電場線和等勢面的特點(diǎn)，即可解決本題．2、C【解析】試題分析：動(dòng)能為Ｅk的帶電粒子，垂直于電力線方向飛入平行板電容器，飛出電容器時(shí)動(dòng)能為2Ｅk，則電場力做功為W=Ｅk；若使這個(gè)帶電粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，?dòng)能變?yōu)?Ek，則在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間減半，根據(jù)y=at2可知偏轉(zhuǎn)距離變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)W=Eqy可知電場力做功變?yōu)樵瓉淼模磩?dòng)能增量變?yōu)樵瓉淼?，即它飛出電容器時(shí)的動(dòng)能變?yōu)?.25Ｅk，故選C.考點(diǎn)：帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn).【名師點(diǎn)睛】此題是關(guān)于帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)問題；關(guān)鍵是知道帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中動(dòng)能的增量等于電場力做功，而電場力做功等于電場力與偏轉(zhuǎn)的距離的乘積；此題是中等題目，意在考查學(xué)生運(yùn)用物理規(guī)律進(jìn)行邏輯推理的能力.3、A【解析】

A．普朗克引入能量子概念，得出黑體輻射的強(qiáng)度按波長分布的公式，與實(shí)驗(yàn)符合的非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元，故A正確；BCD．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲證明了電磁波的存在，托馬斯·楊首次用實(shí)驗(yàn)觀察到了光的干涉圖樣，故BCD不合題意．故選A。4、B【解析】

AB、滑片P從左向右滑動(dòng)的過程，總電阻增大，總電流I2減小，根據(jù)變壓器原理可知電流表示數(shù)減小，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，則P=U1I1=（U-I1R1）I1=UI1-I12R1，P是關(guān)于I1的二次函數(shù)，當(dāng)I1減小，P有可能先增大后減小，也有可能一直減小，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、因?yàn)楦本€圈電流I2減小，R3兩端的電壓減小，即電容器的電壓減小，由Q=CU可知，電容器C所帶電荷量減小，故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)原線圈電流為I1，原線圈的電壓為U1=U-I1R1，I1減小，則U1增大，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得輸出電壓有效值增大，則電壓表的示數(shù)增大，故D錯(cuò)誤。

故選B．5、B【解析】A.

b的高度大于a的高度,根據(jù)知，b的飛行時(shí)間比a的長．故A錯(cuò)誤；B.

b、c高度相同，則b、c飛行時(shí)間相同．故B正確；C.

a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，水平位移大，根據(jù)x=vt知，a的初速度比b大．故C錯(cuò)誤；D.

b、c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，b的水平位移大，則b的初速度大于c的初速度．故D錯(cuò)誤．故選B.點(diǎn)睛：平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合水平位移和時(shí)間比較初速度的大?。?、B【解析】

A、湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子，A錯(cuò)誤；B、盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，B正確；C、麥克斯韋從理論上預(yù)言了電磁波的存在，C錯(cuò)誤；D、赫茲通過實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在，D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

粒子射入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：y=±R的粒子直接沿直線做勻速運(yùn)動(dòng)到達(dá)y軸，其它粒子在磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)。A.由圖可知，發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子也有可能打在y=R的位置上，所以粒子到達(dá)y軸的位置不是各不相同的，故A錯(cuò)誤；B.以沿x軸射入的粒子為例，若，則粒子不能達(dá)到y(tǒng)軸就偏向上離開磁場區(qū)域，所以要求，所有粒子才能穿過磁場到達(dá)y軸，故B正確；C.從x軸入射的粒子在磁場中對應(yīng)的弧長最長，所以該粒子最后到達(dá)y軸，而y=±R的粒子直接沿直線做勻速運(yùn)動(dòng)到達(dá)y軸，時(shí)間最短，故C錯(cuò)誤；D.從x軸入射的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：沿y=±R的粒子直接沿直線做勻速運(yùn)動(dòng)到達(dá)y軸，時(shí)間最短，則所以其中角度為從x軸入射的粒子運(yùn)動(dòng)的圓心角，根據(jù)幾何關(guān)系有：則有：而，所以有：故D正確。8、BC【解析】

AB．由靜止釋放A、B，A、B都做自由落體運(yùn)動(dòng)，A運(yùn)動(dòng)的位移為L，B運(yùn)動(dòng)的位移為4L，根據(jù)自由落體公式可知，A落地的時(shí)間B落地的時(shí)間為則有所以t1=t2，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．A落地前瞬間速率為B落地前瞬間速率為所以v1：v2=1：2，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9、BC【解析】當(dāng)物體具有圖示方向的加速度a時(shí)，滑塊偏向左端，滑片4偏向左端，此時(shí)P端電勢低于Q端，電壓表的指針將向左偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；對滑塊，設(shè)左邊彈簧的壓縮量為x，則右邊彈簧的伸長量為x，根據(jù)牛頓第二定律：，電壓表讀數(shù)的變化為，可知電壓表讀數(shù)的變化與滑片移動(dòng)的距離x成正比，而x與加速度成正比，則若電壓表的刻度均勻，加速度的刻度也均勻的，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選BC.點(diǎn)睛：本題是力電綜合題，關(guān)鍵是尋找力與電聯(lián)系的紐帶，此題力電的橋梁是滑塊移動(dòng)的距離，此距離可聯(lián)系加速度和電路的電阻值．10、AD【解析】試題分析：帶電粒子要打到膠片Q上，根據(jù)磁場方向和左手定則可知帶電粒子需帶正電，在加速電場能夠得到加速，則極板M比極板N電勢高，A對；在靜電分析器中帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場力提供向心力，即，再根據(jù)可知，B錯(cuò)；帶電粒子垂直進(jìn)入磁分析器，直徑PQ=2R，C錯(cuò)；若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點(diǎn)，即半徑相同，根據(jù)和可知，，即只與帶電粒子的比荷有關(guān)．考點(diǎn)：本題考查了帶電粒子在組合場中的運(yùn)動(dòng)．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD；漏加小球半徑；9.86【解析】

(1)A項(xiàng)：擺線與豎直方向的夾角不超過5°時(shí)，可以認(rèn)為擺球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：細(xì)線上端應(yīng)用鐵夾子固定，防止松動(dòng)引起擺長的變化，故B正確；C項(xiàng)：當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)誤差較小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)該讓小球自由下垂時(shí)測量擺線的長度，故D正確。(2)圖象不通過坐標(biāo)原點(diǎn)，將圖象向右平移就會(huì)通過坐標(biāo)原點(diǎn)，故相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；由得，，則有：，解得：。12、靜止BDm1h2=m【解析】

第一空、靜止。為控制小球到達(dá)軌道末端時(shí)的速度相等，不放小球2時(shí)，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質(zhì)量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運(yùn)動(dòng)，球2的落點(diǎn)為P，故C錯(cuò)誤。D、為防止入射球反彈，球1的質(zhì)量應(yīng)大于球2的質(zhì)量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：m1v0＝m1v1+m2v2，整理得：m1h2=m四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、見解析【解析】

根據(jù)牛頓第二定律F=ma根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律v2=v1+at聯(lián)立兩式得動(dòng)量定理Ft=mv2mv114、(1)t＝4s(2)t總＝2s【解析】試題分析：（1）傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體相對傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，則物體所受滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上，相對傳送帶向下勻加速運(yùn)動(dòng)