2023屆東北三省三校聯(lián)考高考物理三模試卷含答案

高考物理三模試卷一、選擇題：此題共8小題，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，第18～21題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.關(guān)于原子能級(jí)躍遷，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

處于n=3能級(jí)的一個(gè)氫原子回到基態(tài)時(shí)可能會(huì)輻射三種頻率的光子

B.

各種氣體原子的能級(jí)不同，躍遷時(shí)發(fā)射光子的能量〔頻率〕不同，因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈

C.

氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，會(huì)輻射一定頻率的光子，同時(shí)氫原子的電勢(shì)能減小，電子的動(dòng)能減小

D.

氫原子從基態(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為12.09eV，那么動(dòng)能等于12.09eV的另一個(gè)氫原子與這個(gè)氫原子發(fā)生正碰，可以使這個(gè)原來靜止并處于基態(tài)的氫原子躍遷到該激發(fā)態(tài)0的帶電金屬球，通過其球心的一直線上各點(diǎn)的電勢(shì)φ分布如下列圖，r表示該直線上某點(diǎn)到球心的距離，r1、r2分別是該直線上A、B兩點(diǎn)離球心的距離，根據(jù)電勢(shì)圖象〔φ﹣r圖象〕，判斷以下說法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

該金屬球可能帶負(fù)電

B.

A點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向由A指向球心

C.

A點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度

D.

電荷量為q的正電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力做功W＝q〔φ1﹣φ2〕3.如下列圖，金屬環(huán)M、N用不可伸長的細(xì)線連接，分別套在水平粗糙細(xì)桿和豎直光滑細(xì)桿上，當(dāng)整個(gè)裝置以豎直桿為軸以不同大小的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，兩金屬環(huán)始終相對(duì)桿不動(dòng)，以下判斷正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度越大，細(xì)線中的拉力越大

B.

轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度越大，環(huán)N與豎直桿之間的彈力越大

C.

轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的彈力相等

D.

轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，環(huán)M與水平桿之間的摩擦力大小不可能相等4.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2，原線圈與固定電阻R1串聯(lián)后，接入輸出電壓有效值恒定的正弦交流電源。副線圈電路中負(fù)載電阻為可變電阻R2，A、V是理想電表。當(dāng)R2＝2R1時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A，電壓表的讀數(shù)為4V，那么〔

〕A.

電源輸出電壓為8V

B.

電源輸出功率為4W

C.

當(dāng)R2＝8Ω時(shí)，變壓器輸出功率最大

D.

當(dāng)R2＝8Ω時(shí)，電壓表的讀數(shù)為3V5.如下列圖，衛(wèi)星a沒有發(fā)射停放在地球的赤道上隨地球自轉(zhuǎn)；衛(wèi)星b發(fā)射成功在地球赤道上空貼著地表做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；兩衛(wèi)星的質(zhì)量相等。認(rèn)為重力近似等于萬有引力。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

a、b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大小相等

B.

b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度等于重力加速度g

C.

a、b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小相等，都等于第一宇宙速度

D.

a做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于地球同步衛(wèi)星的周期6.如下列圖，以O(shè)為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強(qiáng)電場中，圓所在平面與電場方向平行，M、N為圓周上的兩點(diǎn)。帶正電粒子只在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，在M點(diǎn)速度方向如下列圖，經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等。M點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì)，且電勢(shì)差為U，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

M，N兩點(diǎn)電勢(shì)相等

B.

粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電勢(shì)能減小

C.

該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為

D.

粒子在電場中可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)7.如下列圖，豎直面內(nèi)有一個(gè)半徑為R的光滑圓弧軌道，質(zhì)量為m的物塊〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕從頂端A處靜止釋放滑至底端B處，下滑過程中，物塊的動(dòng)能Ek、與軌道間的彈力大小N、機(jī)械能E、重力的瞬時(shí)功率P隨物塊在豎直方向下降高度h變化關(guān)系圖象正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

B.

C.

D.

8.在傾角為θ的斜面上固定兩根足夠長且間距為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌PQ、MN，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于斜面向下。有兩根質(zhì)量分別為m1和m2的金屬棒a、b，先將a棒垂直于導(dǎo)軌放置，用跨過光滑定滑輪的細(xì)線與物塊c連接，連接a棒的細(xì)線平行于導(dǎo)軌，由靜止釋放c，此后某時(shí)刻，將b也垂直于導(dǎo)軌放置，此刻起a、c做勻速運(yùn)動(dòng)而b靜止，a棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，兩棒與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，那么〔

〕A.

物塊c的質(zhì)量是m1sinθ

B.

b棒放上導(dǎo)軌后，b棒中電流大小是

C.

b棒放上導(dǎo)軌前，物塊c減少的重力勢(shì)能等于a、c增加的動(dòng)能

D.

b棒放上導(dǎo)軌后，a棒克服安培力所做的功等于a、b兩棒上消耗的電能之和二、非選擇題：共174分．第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～38題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題：共129分．9.某實(shí)驗(yàn)小組用如下列圖的裝置探究功和速度變化的關(guān)系：將小鋼球從固定軌道傾斜局部不同位置由靜止釋放，經(jīng)軌道末端水平飛出，落到鋪著白紙和復(fù)寫紙的水平地面上，在白紙上留下點(diǎn)跡。為了使問題簡化，小鋼球在軌道傾斜局部下滑的距離分別為L、2L、3L、4L…，這樣在軌道傾斜局部合外力對(duì)小鋼球做的功就可以分別記為W0、2W0、3W0、4W0…?！?〕為了減小實(shí)驗(yàn)誤差必須進(jìn)行屢次測量，在L、2L、3L、4L…處的每個(gè)釋放點(diǎn)都要讓小鋼球重復(fù)釋放屢次，在白紙上留下多個(gè)點(diǎn)跡，那么，確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點(diǎn)位置的方法是________；〔2〕為了完成實(shí)驗(yàn)，除了測量小鋼球離開軌道后的下落高度h和水平位移s，還需測量

。

〔3〕請(qǐng)用上述必要的物理量寫出探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：W＝________；〔4〕該實(shí)驗(yàn)小組利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到了如下列圖的圖象，那么圖象的橫坐標(biāo)表示________〔用實(shí)驗(yàn)中測量的物理量符號(hào)表示〕。10.在練習(xí)使用多用電表的實(shí)驗(yàn)中。請(qǐng)完成以下問題：〔1〕用多用表測某元件的電阻，選用“×100〞倍率的電阻擋測址，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，因此需選擇倍率為________〔填“×10〞或“×1k〞〕的電阻擋，并需________〔填操作過程〕后，再次進(jìn)行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為________Ω。〔2〕某同學(xué)設(shè)計(jì)出一個(gè)歐姆電表，用來測量電阻，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖乙電路，其中電源內(nèi)陽r＝1.0Ω．電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。但和普通歐姆表不同的是調(diào)零方式。該同學(xué)想用一個(gè)電阻箱Rx來測出電路中電源的電動(dòng)勢(shì)E和表頭的量程Ig，進(jìn)行如下操作步驟是：a．先兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態(tài)下調(diào)滑動(dòng)變阻器使表頭滿偏；b．將歐姆表與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記下電阻箱示數(shù)Rx和與之對(duì)應(yīng)的電流表G的示數(shù)I；c．將記錄的各組Rx，I的數(shù)據(jù)描點(diǎn)，得到﹣圖線如圖丙所示；d．根據(jù)丙圖作得的﹣圖線，求出電源的電動(dòng)勢(shì)E和表頭的量程Ig．由丙圖可知電源的電動(dòng)勢(shì)為________，歐姆表總內(nèi)阻為________，電流表G的量程是________。11.如下列圖，半徑未知的光滑圓弧AB與傾角為37°的斜面在B點(diǎn)連接，B點(diǎn)的切線水平。斜面BC長為L＝0.3m。整個(gè)裝置位于同一豎直面內(nèi)?，F(xiàn)讓一個(gè)質(zhì)量為m的小球從圓弧的端點(diǎn)A由靜止釋放，小球通過B點(diǎn)后恰好落在斜面底端C點(diǎn)處。不計(jì)空氣阻力?！瞘取10m/s2〕〔1〕求圓弧的軌道半徑；〔2〕假設(shè)在圓弧最低點(diǎn)B處放置一塊質(zhì)量為m的膠泥后，小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點(diǎn)D．假設(shè)將膠泥換成3m重復(fù)上面的過程，求前后兩次粘合體在斜面上的落點(diǎn)到斜面頂端的距離之比。12.如下列圖，在平面直角坐標(biāo)系第Ⅲ象限內(nèi)充滿+y方向的勻強(qiáng)電場，在第Ⅰ象限的某個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場〔電場、磁場均未畫出〕；一個(gè)比荷為＝K的帶電粒子以大小為v0的初速度自點(diǎn)P〔﹣2d，﹣d〕沿+x方向運(yùn)動(dòng)，恰經(jīng)原點(diǎn)O進(jìn)入第Ⅰ象限，粒子穿過勻強(qiáng)磁場后，最終從x軸上的點(diǎn)Q〔9d，0〕沿﹣y方向進(jìn)入第Ⅳ象限；該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝，不計(jì)粒子重力．〔1〕求第Ⅲ象限內(nèi)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大??；〔2〕求粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑R及時(shí)間tB；〔3〕求圓形磁場區(qū)的最小半徑rm．三、[物理--選修3-3]13.以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

液晶顯示器利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特性

B.

當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大

C.

兩個(gè)相鄰的分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力增大，斥力減小

D.

熱量既能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體

E.

絕熱氣缸中密封的理想氣體在被壓縮過程中，氣體分子運(yùn)動(dòng)劇烈程度增大14.如圖甲所示，有一“上〞形、粗細(xì)均勻的玻璃管，開口端豎直向上放置，水平管的兩端封閉有理想氣體A與B，氣柱長度都是22cm，中間水銀柱總長為12cm，現(xiàn)將水銀全部推進(jìn)水平管后封閉管道接口處，并把水平管轉(zhuǎn)成豎直方向，如圖乙所示，為了使A、B兩局部其他一樣長，把B氣體的一端單獨(dú)放進(jìn)恒溫?zé)崴屑訜幔噯枱崴臏囟葢?yīng)控制為多少？〔外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg，氣溫275K〕四、[物理--選修3-4]15.一列簡諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，從該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

該波沿x軸正向傳播

B.

該波的波速大小為1m/s

C.

經(jīng)過0.3s，A質(zhì)點(diǎn)通過的路程為0.3m

D.

A，B兩點(diǎn)的速度有可能相同

E.

假設(shè)此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干預(yù)現(xiàn)象，那么所遇到的波的頻率為0.4Hz16.如下列圖，ABC等邊三棱鏡，P、Q分別為AB邊、AC邊的中點(diǎn)，BC面鍍有一層銀，構(gòu)成一個(gè)反射面，一單色光以垂直于BC面的方向從P點(diǎn)射入，經(jīng)折射、反射，剛好照射在AC邊的中點(diǎn)Q，求①棱鏡對(duì)光的折射率；②使入射光線繞P點(diǎn)在紙面內(nèi)沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)光線再次照射到Q點(diǎn)時(shí)，人射光線轉(zhuǎn)過的角度。

答案解析局部一、選擇題：此題共8小題，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，第18～21題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.【解析】【解答】A．處于n=3的一個(gè)氫原子回到基態(tài)時(shí)可能會(huì)輻射一種頻率的光子，或兩種不同頻率的光子。處于n=3的“一群〞氫原子回到基態(tài)時(shí)會(huì)輻射三種頻率的光子；A不符合題意；B．根據(jù)玻爾理論，各種氣體原子的能級(jí)不同，躍遷時(shí)發(fā)射光子的能量〔頻率〕不同，因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈，故答案為：項(xiàng)B符合題意；C．氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，會(huì)輻射一定頻率的光子，同時(shí)氫原子的電勢(shì)能減小，電子的動(dòng)能增大。故答案為：項(xiàng)C不符合題意；D．根據(jù)能量守恒可知，要使原來靜止并處于基態(tài)的氫原子從基態(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)，需要吸收的能量為12．09eV，那么必須使動(dòng)能比12．09eV大得足夠多的另一個(gè)氫原子與這個(gè)氫原子發(fā)生碰撞，才能躍遷到某一激發(fā)態(tài)，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用粒子的個(gè)數(shù)可以判別光子的數(shù)量；核外電子輻射能量時(shí)向內(nèi)躍遷，半徑變小電勢(shì)能變大動(dòng)能變大；利用吸收的能量可以判別相碰時(shí)所需氫原子的動(dòng)能大小。2.【解析】【解答】解：A、由圖可知0到r0電勢(shì)不變，之后電勢(shì)變小，帶電金屬球?yàn)橐坏葎?shì)體，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢(shì)降低，那么金屬球帶正電，A不符合題意；BC、因?yàn)轫樦妶鼍€電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向由A指向B，因?yàn)棣诈亁圖象的斜率表示電場強(qiáng)度，所以A點(diǎn)所在處的切線的斜率大于B點(diǎn)所在處的切線的斜率，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度，BC不符合題意；D、正電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力做功W＝qUAB＝q〔φ1﹣φ2〕，D符合題意。故答案為：D

【分析】利用電勢(shì)降低方向可以判別金屬球帶正電；利用電勢(shì)降低方向可以判別電場強(qiáng)度的方向；利用斜率可以比較電場強(qiáng)度的大小；利用電勢(shì)差的大小可以求出電場力做功的大小。3.【解析】【解答】解：AB、繩子拉力方向與豎直方向夾角為θ，對(duì)N受力分析知繩子的拉力在豎直方向的分力恒等于重力，即Fcosθ＝mNg，所以只要角度不變，繩子的拉力不變，環(huán)N與豎直桿之間的彈力FN＝Fsinθ不變，AB不符合題意；C、對(duì)M受力分析知豎直方向F′N＝Fcosθ+mg，與角速度無關(guān)，C符合題意；D、對(duì)M受力分析知水平方向Fsinθ±f＝mω2r，角速度不同，摩擦力大小可能相同，但方向相反，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】利用豎直方向的平衡方程可以判別角度不變時(shí)拉力大小不變其彈力也保持不變；利用M的平衡方程可以求出彈力的大??；利用牛頓第二定律可以判別角速度不同時(shí)摩擦力大小可能相等。4.【解析】【解答】解：A、電流表的讀數(shù)：I2＝1A，電壓表的讀數(shù)：U2＝4V，根據(jù)歐姆定律可知，R2＝＝4Ω，當(dāng)R2＝2R1時(shí)，得R1＝2Ω，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得原線圈電壓：U1＝2V，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比得原線圈電流：I1＝2A，所以電源輸出電壓：U＝U1+I1R1＝2V+2×2V＝6V，A不符合題意；B、電源輸出功率為P＝UI1＝12W，B不符合題意；C、通過副線圈電流：I2＝，通過原線圈電流：，分析原線圈，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U＝+，解得：U2＝，變壓器輸出的功率：P2＝＝＝＝，當(dāng)R2＝8Ω時(shí)，變壓器輸出的功率P2最大，即為4.5W，C符合題意；D、當(dāng)R2＝8Ω時(shí)，U2＝＝6V，即電壓表的讀數(shù)為6V，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用歐姆定律可以求出輸出電流的大??；結(jié)合匝數(shù)之比和歐姆定律可以求出電源輸出電壓的大??；利用功率的表達(dá)式可以求出電源輸出功率的大小；利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合功率的表達(dá)式可以求出功率最大時(shí)電阻的大小及輸出電壓的大小。5.【解析】【解答】A．兩衛(wèi)星的質(zhì)量相等，到地心的距離相等，所以受到地球的萬有引力相等。衛(wèi)星a在赤道上隨地球自轉(zhuǎn)而做圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力的一局部充當(dāng)自轉(zhuǎn)的向心力，衛(wèi)星b在赤道上空貼著地表做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力全部用來充當(dāng)公轉(zhuǎn)的向心力，因此a、b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大小不相等，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．對(duì)衛(wèi)星b重力近似等于萬有引力，萬有引力全部用來充當(dāng)公轉(zhuǎn)的向心力，所以向心加速度等于重力加速度g，B項(xiàng)正確；C．衛(wèi)星b在赤道上空貼著地表做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其公轉(zhuǎn)速度就是最大的環(huán)繞速度，也是第一宇宙速度，衛(wèi)星a在赤道上隨地球自轉(zhuǎn)而做圓周運(yùn)動(dòng)，自轉(zhuǎn)的向心力小于衛(wèi)星b的公轉(zhuǎn)向心力，根據(jù)牛頓第二定律，衛(wèi)星a的線速度小于b的線速度，即a的線速度小于第一字宙速度，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．a(chǎn)在赤道上隨地球自轉(zhuǎn)而做圓周運(yùn)動(dòng)，自轉(zhuǎn)周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，同步衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期也等于地球的自轉(zhuǎn)周期，所以a做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于地球同步衛(wèi)星的周期，D項(xiàng)正確。故答案為：BD。

【分析】由于a、b向心力的來源不相等所以向心力大小不相等；利用引力形成重力可以求出b的加速度的大??；利用牛頓第二定律可以判別線速度的大??；a的周期與同步衛(wèi)星周期相等。6.【解析】【解答】解：AB、帶電粒子只在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等，根據(jù)能量守恒可知，粒子在M、N兩點(diǎn)處的電勢(shì)能相等，所以M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，那么M、N兩點(diǎn)的的連線為等勢(shì)面，做MN的垂線CO，即為電場線，如下列圖：

，由曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，粒子受到的電場力和速度的夾角先大于90°后小于90°，電場力對(duì)粒子先做負(fù)功，后做正功，電勢(shì)能先增大，后減小，A符合題意，B不符合題意；C、勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為：E＝，C符合題意；D、粒子在勻強(qiáng)電場中受到的是恒定的電場力，不可能做圓周運(yùn)動(dòng)，D不符合題意。故答案為：AC

【分析】利用能量守恒定律可以判別電勢(shì)相等；利用電場力方向可以判別電場力做功；利用電勢(shì)差和距離可以求出電場強(qiáng)度的大??；利用電場力恒力所以不能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。7.【解析】【解答】解：A、根據(jù)機(jī)械能守恒知Ek＝mgh，Ek與h成線性關(guān)系，A不符合題意；B、受力分析知N﹣mg?＝m，其中v2＝2gh，所以N＝，N與h是線性關(guān)系，過原點(diǎn)，B符合題意；C、根據(jù)機(jī)械能守恒知E不變，C符合題意；D、重力瞬時(shí)功率為：P＝mgvy＝mgv?＝mg，與h的關(guān)系圖象不是如圖關(guān)系，D不符合題意；故答案為：BC

【分析】利用機(jī)械能守恒定律可以判別動(dòng)能和高度的關(guān)系；利用牛頓第二定律可以判別彈力和高度的關(guān)系；利用機(jī)械能守恒可以判別機(jī)械能和高度的關(guān)系；利用重力瞬時(shí)功率的表達(dá)式可以判別功率和高度的關(guān)系。8.【解析】【解答】解：A、b棒靜止說明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒勻速向上運(yùn)動(dòng)，說明a棒受繩的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三個(gè)力平衡，c勻速下降那么c所受重力和繩的拉力大小平衡。由b平衡可知，安培力大小為：F安＝m2gsinθ由a平衡可知：F繩＝F安+m1gsinθ由c平衡可知：F繩＝mcg聯(lián)立解得物塊c的質(zhì)量為：mc＝〔m1+m2〕sinθ，A不符合題意；B、b棒放上導(dǎo)軌后，根據(jù)b棒的平衡可知：F安＝m2gsinθ，又因?yàn)镕安＝BIL，可得b棒中電流大小是：I＝，B符合題意；C、b放上導(dǎo)軌之前，根據(jù)能量守恒知物塊c減少的重力勢(shì)能等于a、c增加的動(dòng)能與a增加的重力勢(shì)能之和，C不符合題意；D、根據(jù)功能關(guān)系可知，b棒放上導(dǎo)軌后，a棒克服安培力所做的功等于a、b兩棒上消耗的電能之和，D符合題意。故答案為：BD

【分析】利用a、b、c的平衡方程可以求出物塊c的質(zhì)量大??；利用b的平衡方可以求出電流的大?。焕媚芰渴睾愣煽梢耘袆e物塊c減速的重力勢(shì)能等于a、c增加的動(dòng)能與a增加的重力勢(shì)能之和；利用功能關(guān)系可以判別克服安培力做功等于電能的產(chǎn)生。二、非選擇題：共174分．第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～38題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題：共129分．9.【解析】【解答】解：〔1〕確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點(diǎn)位置的方法是：用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點(diǎn)，圓心即為平均落點(diǎn)的位置；〔2〕根據(jù)動(dòng)能定律可得：W＝mv2根據(jù)平拋規(guī)律可得：x＝vt，h＝gt2聯(lián)立可得探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：W＝，根據(jù)表達(dá)式可知為了探究動(dòng)能定理，并測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冗€需測量的量為小鋼球的質(zhì)量m，故答案為：B?！?〕由解析〔2〕可知探究動(dòng)能定理的關(guān)系式為：W＝?！?〕根據(jù)圖象形狀可知，W與橫軸表示的物理量成正比例，又因?yàn)楸磉_(dá)式為W＝，所以圖象的橫坐標(biāo)表示x2。故答案為：〔1〕用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點(diǎn)，圓心即為平均落點(diǎn)的位置〔2〕B〔3〕，〔4〕x2。

【分析】〔1〕需要利用盡可能小的源泉圈住盡多的點(diǎn)，圓心那么為平均落點(diǎn)的位置；

〔2〕利用動(dòng)能定理可以判別需要測量鋼球的質(zhì)量；

〔3〕利用動(dòng)能定理可以求出做功的表達(dá)式；

〔4〕利用動(dòng)能定理可以判別橫坐標(biāo)的物理量。10.【解析】【解答】解：〔1〕歐姆表的表盤上越向右側(cè)電阻越小，偏角小說明阻值大，選用“×100〞倍率的電阻擋測址，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明待測電阻阻值較大，為了準(zhǔn)確測量其電阻，要換較大擋，故答案為：擇×1k擋進(jìn)行測量，換擋后要重新歐姆調(diào)零，示數(shù)為：7×1000Ω＝7000Ω；〔2〕設(shè)電流表G所在的支路電阻之和為R，由閉合電路歐姆定律得：I＝由分流原理得：Ig＝I聯(lián)立解得：＝+根據(jù)圖象可知：＝4A﹣1，＝A﹣1Ω＝A﹣1Ω，解得：E＝1.5V，R＝5Ω，所以歐姆表總內(nèi)阻為：R總電流表G的量程為：Ig＝＝0.25A。故答案為：〔1〕×1k，歐姆調(diào)零，7000；〔2〕1.5V，6.0Ω，0.25A。

【分析】〔1〕利用偏角太小說明阻值太大需要換大擋位；換擋需要重新歐姆調(diào)零；利用示數(shù)和檔數(shù)可以求出電阻的大??；

〔2〕利用斜率和截距可以求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大??；利用歐姆定律可以求出電流表的量程。11.【解析】【分析】〔1〕利用機(jī)械能守恒結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的