貴州省遵義市蘭生中學(xué)2022年高三物理模擬試卷含解析

貴州省遵義市蘭生中學(xué)2022年高三物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.某光波射到一逸出功為W的光電材料表面，所產(chǎn)生的光電子在垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的最大半徑為r，設(shè)電子的質(zhì)量為m，帶電量為e，普朗克常量為h，則該光波的頻率為

（

）

A．B．

C．＋

D．－參考答案：C2.平行板間加如圖所示周期變化的電壓，重力不計(jì)的帶電粒子靜止在平行板中央，從t=0時(shí)刻開(kāi)始將其釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)碰板情況，能定性描述粒子運(yùn)動(dòng)的速度圖象正確的是：

參考答案：答案：A解析：由于電壓是常數(shù)，所以電場(chǎng)強(qiáng)度也是常數(shù)，帶電粒子受到的電場(chǎng)力也是常數(shù)，根據(jù)牛頓第二定律，帶電粒子的加速度也是常數(shù)，因此只能在選項(xiàng)A、B中選擇。選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。帶電粒子勻加速后，電壓反向了，電場(chǎng)力也反向，該粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。由于加、減速時(shí)間相同，該粒子的速度恰好減為零，沒(méi)有反向運(yùn)動(dòng)的機(jī)會(huì)。下一周期又開(kāi)始勻加速，所以選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。3.

一帶正電的小物塊處于一傾角為α的光滑絕緣斜面上，斜面距離地面有一定高度，整個(gè)裝置處于一水平向右的無(wú)限大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然將電場(chǎng)改為水平向左，且大小不變，小物塊將開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，那么小物塊可能：A.直接離開(kāi)斜面做曲線運(yùn)動(dòng)B.在斜面上往復(fù)運(yùn)動(dòng)C.先沿斜面滑行，滑離斜面后仍做直線運(yùn)動(dòng)D.先沿斜面滑行，滑離斜面后做曲線運(yùn)動(dòng)參考答案：CD4.（單選）如圖所示，骨科病房常使用的牽引裝置示意圖，輕質(zhì)的細(xì)繩的一端固定，另一端繞過(guò)定滑輪和動(dòng)滑輪后掛著一個(gè)重物，與動(dòng)滑輪相連的布帶可產(chǎn)生牽引的拉力F，整個(gè)裝置在同一豎直平面內(nèi)．若要使?fàn)恳睦增大些，可采取的方法是A．只增加傾斜細(xì)繩與水平線的夾角θB．保持夾角θ不變只增加傾斜的兩根細(xì)繩的長(zhǎng)度C．只將兩定滑輪的間距增大D．只將牽引的定滑輪保持豎直距離不變向右移動(dòng)參考答案：D解：對(duì)與滑輪接觸的一小段繩子受力分析，如圖受到繩子的兩個(gè)等大的拉力

F1=F2=mg

2F1cosθ=F

解得F=2mgcosθ要增大拉力F，關(guān)鍵是要減小角θ或者增大m，保持定滑輪與動(dòng)滑輪的角度不變，力不變，由幾何關(guān)系可知，兩個(gè)滑輪間距增大，會(huì)增加角θ，而將牽引的定滑輪保持豎直距離不變向右移動(dòng)會(huì)減小角θ，故拉力一定增大。5.冥王星與其附近的星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)，質(zhì)量比約為7：1，同時(shí)繞它們連線上某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由此可知卡戎繞點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的（

）A．角速度大小約為冥王星的7倍 B．向心力大小約為冥王星的1/7C．軌道半徑約為冥王星的7倍 D．周期大小與冥王星周期相同參考答案：CD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.在傾角為30°的斜面頂點(diǎn)以10m/s的速度水平拋出一個(gè)質(zhì)量為0.1kg的小球，則小球落到斜面上瞬間重力的瞬時(shí)功率為

，過(guò)程中重力的平均功率為

。（結(jié)果保留根號(hào)）參考答案：

平拋運(yùn)動(dòng)的位移偏轉(zhuǎn)角為30°，故：，而、解得：故過(guò)程中重力的平均功率為：小球落到斜面上瞬間重力的瞬時(shí)功率為：7.將質(zhì)量為5kg的鉛球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距沙坑表面1.25m高處由靜止釋放，從鉛球接觸沙坑表面到陷入最低點(diǎn)所歷經(jīng)的時(shí)間為0.25s，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。則鉛球?qū)ι匙拥钠骄饔昧Υ笮?/p>

N，方向

。參考答案：（150；豎直向下）8.以初速度v做平拋運(yùn)動(dòng)的物體，重力在第1s末和第2s末的功率之比為，重力在第1s內(nèi)和第2s內(nèi)的平均功率之比為，則:=

。參考答案：9.（4分）按照有關(guān)規(guī)定，工作場(chǎng)所受到的電磁輻射強(qiáng)度（單位時(shí)間內(nèi)垂直通過(guò)單位面積的電磁輻射能量）不得超過(guò)0.50瓦／米2。若某一小型無(wú)線通訊裝置的電磁輻射功率是1瓦，那么在距離該通訊裝置

米以外是符合規(guī)定的安全區(qū)域（已知球面面積為S＝4πR2）。參考答案：答案：0.4010.超導(dǎo)磁懸浮列車(chē)（圖甲）推進(jìn)原理可以簡(jiǎn)化為圖乙所示的模型：在水平面上相距為L(zhǎng)的兩根平行直導(dǎo)軌間有豎直方向等距離分布的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1和B2，且B1=B2=B，每個(gè)磁場(chǎng)的寬度都是l，相間排列。金屬框abcd（懸浮在導(dǎo)軌上方）跨在兩導(dǎo)軌間，其長(zhǎng)和寬分別為L(zhǎng)、l。當(dāng)所有這些磁場(chǎng)都以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬框abcd在磁場(chǎng)力作用下將向________（填“左”或“右”）運(yùn)動(dòng)。若金屬框電阻為R，運(yùn)動(dòng)中所受阻力恒為f，則金屬框的最大速度為_(kāi)________________參考答案：右

磁場(chǎng)向右勻速運(yùn)動(dòng)，金屬框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流所受安培力向右，金屬框向右加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度設(shè)為vm，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=2BL（v-vm），感應(yīng)電流為，安培力為F=2BLI，安培力與阻力平衡，F(xiàn)=f，解得vm=11.一個(gè)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，它在開(kāi)始時(shí)連續(xù)兩個(gè)4s的時(shí)間內(nèi)分別通過(guò)的位移為24m和64m，則這個(gè)物體的加速度為

m/s2，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度為

m/s。參考答案：2.5

1112.當(dāng)每個(gè)具有5．0eV的光子束射人金屬表面后，從金屬表面逸出的電子具有最大初動(dòng)能是1．5eV。為了使這種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，入射光子的最低能量是_________eV。為了使從金屬表面逸出的電子具有的最大初動(dòng)能加倍，入射光子的能量是_________eV。參考答案：3.5、3.513.質(zhì)量為0.2kg的小球以10m/s速度豎直下落到水泥地面，然后向上彈起．若取豎直向上為正方向，小球與地面碰撞前后動(dòng)量的變化量為3.6kgm/s，則小球與地面相碰前瞬間的動(dòng)量為﹣2kgm/s，小球向上彈起的速度大小為8m/s．參考答案：解：取豎直向上方向?yàn)檎较颍瑒t小球與地面相碰前的動(dòng)量P0=mv0=﹣0.2×10=﹣2kg?m/s；在碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化為：△p=mv2﹣P0=3.6kg?m/s．解得：v2=8m/s；故答案為：﹣2

8三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（1）有一游標(biāo)卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標(biāo)上有20個(gè)小的等分刻度。用它測(cè)量一小球的直徑，如圖甲所示的讀數(shù)是

mm；用螺旋測(cè)微器測(cè)量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數(shù)是

mm。（2）在描繪電場(chǎng)等勢(shì)線的實(shí)驗(yàn)中yszplg，在安裝實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，正確的做法是（

）

A．在一塊平整木板上依次放復(fù)寫(xiě)紙、白紙、導(dǎo)電紙

B．導(dǎo)電紙有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)該向上

C．連接電源正負(fù)極的電極a、b必須與導(dǎo)電物質(zhì)保持絕緣

D．連接電極a、b的電源電壓為交流4~6V參考答案：（1）圖甲讀數(shù)

10．50

（3分），

圖乙讀數(shù)

1．731

（3分）；

（2）正確做法是

B

15.下圖為研究牛頓第二定律中“加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。用鉤碼所受的重力作為小車(chē)所受外力，用DIS測(cè)小車(chē)的加速度。(1)在該實(shí)驗(yàn)中應(yīng)保持

不變，只改變小車(chē)所受外力，此研究方法叫

。(2)改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫(huà)出a-F關(guān)系圖線(如圖所示)。①分析此圖線的OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是

。②此圖線的AB段明顯偏離直線，其主要原因是

。

A.小車(chē)與軌道之間存在摩擦; B.導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài);

C.所掛鉤碼的總質(zhì)最太大; D.所用小車(chē)的質(zhì)量太大參考答案：（1）小車(chē)的總質(zhì)量

控制變量法（2）①在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比②C；

解析：：（1）探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持小車(chē)的質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重力作為小車(chē)所受的合力．這種方法叫控制變量法（2）由圖象OA段可知，a與F成正比，即：在小車(chē)質(zhì)量一定時(shí)，加速度a與小車(chē)受到的合力F成正比；以小車(chē)與鉤碼組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)所受的合外力等于鉤碼的重力m鉤碼g，由牛頓第二定律得：m鉤碼g=（m小車(chē)+m鉤碼）a，小車(chē)的加速度a=，小車(chē)受到的拉力F=m小車(chē)a=，當(dāng)m鉤碼＜＜m小車(chē)時(shí)，可以認(rèn)為小車(chē)受到的合力等于鉤碼的重力，如果鉤碼的質(zhì)量太大，則小車(chē)受到的合力小于鉤碼的重力，實(shí)驗(yàn)誤差較大，a-F圖象偏離直線，故C正確．四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.一輛長(zhǎng)為的汽車(chē)以的速度在公路上勻速行駛，在離鐵路與公路交叉點(diǎn)處，汽車(chē)司機(jī)突然發(fā)現(xiàn)離交叉點(diǎn)處有一列長(zhǎng)為的列車(chē)以的速度行駛過(guò)來(lái)，為了避免事故的發(fā)生，汽車(chē)司機(jī)立刻使汽車(chē)減速，讓火車(chē)先通過(guò)交叉點(diǎn)，求汽車(chē)減速的加速度至少多大?（不計(jì)汽車(chē)司機(jī)的反映時(shí)間）參考答案：列車(chē)駛過(guò)交叉點(diǎn)用時(shí)：

若汽車(chē)在25s內(nèi)位移為s1＝175m則：

此時(shí)

因此汽車(chē)已經(jīng)在25s前沖過(guò)了交叉點(diǎn)，發(fā)生了交通事故，不合題意。要使汽車(chē)安全減速，必須在小于25s的時(shí)間內(nèi)汽車(chē)速度減少為零，這樣才能使它的位移小于175m

由

得

ks5u

汽車(chē)減速的加速度至少為17.如圖所示，傾角為37°的部分粗糙的斜面軌道和兩個(gè)光滑半圓軌道組成翹尾巴的S形軌道．兩個(gè)光滑半圓軌道半徑都為R=0.2m，其連接處CD之間留有很小的空隙，剛好能夠使小球通過(guò)，CD之間距離可忽略．斜面上端有一彈簧，彈簧上端固定在斜面上的擋板上，彈簧下端與一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m=0.02kg的小球接觸但不固定，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)并鎖定，彈簧的彈性勢(shì)能Ep=0.27J，現(xiàn)解除彈簧的鎖定，小球從A點(diǎn)出發(fā)，經(jīng)翹尾巴的S形軌道運(yùn)動(dòng)后從E點(diǎn)水平飛出，落到水平地面上，落點(diǎn)到與E點(diǎn)同一豎直線上B點(diǎn)的距離s=2.0m．已知斜面軌道的A點(diǎn)與水平面B點(diǎn)之間的高度為h=1.0m，小球與斜面的粗糙部分間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75，小球從斜面到達(dá)半圓軌道通過(guò)B點(diǎn)時(shí)，前后速度大小不變，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，求：（1）小球從E點(diǎn)水平飛出時(shí)的速度大?。唬?）小球?qū)點(diǎn)軌道的壓力；（3）斜面粗糙部分的長(zhǎng)度x．參考答案：解：（1）小球從E點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：4R=gt2，水平方向：s=vEt，代入數(shù)據(jù)解得：vE=5m/s；（2）小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mvB2=mvE2+mg?4R，在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得：F﹣mg=m，代入數(shù)據(jù)解得：F=4.3N，由頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫Γ篎′=F=4.3B，方向豎直向下；（3）從A到B過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理得：Ep+mgh﹣μmgcos37?x=mvB2﹣0，代入數(shù)據(jù)解得：x≈0