內(nèi)蒙古自治區(qū)赤峰市市元寶山區(qū)實(shí)驗中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期期末試題含解析

內(nèi)蒙古自治區(qū)赤峰市市元寶山區(qū)實(shí)驗中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列各組力全部是以性質(zhì)或效果命名的是A．彈力、動力、斥力、分子力B．壓力、拉力、浮力、牽引力C．重力、彈力、摩擦力、電磁力D．阻力、動力、電磁力、支持力參考答案：BC2.歐盟和我國合作的“伽利略”全球定位系統(tǒng)的空間部分由平均分布在三個軌道面上的30顆軌道衛(wèi)星組成，每個軌道平面上等間距部署10顆衛(wèi)星，從而實(shí)現(xiàn)高精度的導(dǎo)航定位.現(xiàn)假設(shè)“伽利略”系統(tǒng)中每顆衛(wèi)星均繞地心O做勻速圓周運(yùn)動，軌道半徑為，一個軌道平面上某時刻10顆衛(wèi)星所在位置分布如圖所示．其中衛(wèi)星1和衛(wèi)星3分別位于軌道上的A、B兩位置．若衛(wèi)星均順時針運(yùn)行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力．則以下判斷中正確的是(

)A．這10顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為

B．這10顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度大小為C．這10顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度一定大于7.9km/sD．衛(wèi)星A由位置運(yùn)動到位置B所需的時間為參考答案：3.如圖所示是一種理想自耦變壓器示意圖。線圈繞在一個圓環(huán)形的鐵芯上，P是可移動的滑動觸頭，AB間接交流電壓U，輸出端接通了兩個相同的燈泡L1和L2，Q為滑動變阻器的滑動觸頭。當(dāng)開關(guān)S閉合，P處于如圖所示的位置時，兩燈均能發(fā)光。下列說法正確的是(

)A．P不動，將Q向右移動，變壓器的輸入功率變大B．P不動，將Q向左移動，兩燈均變暗C．Q不動，將P沿逆時針方向移動，變壓器的輸入功率變大D．P、Q都不動，斷開開關(guān)S，L1將變暗參考答案：C4.（多選）如圖所示，凹槽半徑R=30cm，質(zhì)量m=1kg的小物塊在沿半徑方向的輕彈簧擠壓下處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧的勁度系數(shù)k=50N/m，自由長度L=40cm，一端固定在圓心O處，彈簧與豎直方向的夾角為37°。取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。則（

）A．物塊對槽的壓力大小是15N

B．物塊對槽的壓力大小是13NC．槽對物塊的摩擦力大小是6N

D．槽對物塊的摩擦力大小是8N參考答案：BC5.如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑塊，使球與滑塊均靜止．現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離，球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止?fàn)顟B(tài)，則與原來相比（

）A．擋板對球的彈力增大

B．滑塊對球的彈力一定增大C．斜面對滑塊的彈力不變

D．拉力F減小參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示為火警報警裝置的部分電路，其中ε為電源，r為電源內(nèi)阻，R2是半導(dǎo)體熱敏電阻傳感器，它的電阻阻值隨溫度升高而減小，R1、R3是定值電阻．a(chǎn)、b兩端接報警器．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火險險情時，與險情出現(xiàn)前相比，a、b兩端電壓U變小，電流表中的電流I變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）．參考答案：考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；常見傳感器的工作原理．專題：恒定電流專題．分析：由題知，當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，分析外電路總電阻如何變化，根據(jù)歐姆定律分析干路電流的變化情況和路端電壓U的變化情況，根據(jù)R2、R3并聯(lián)電壓的變化情況，分析通過R3電流的變化情況，即可知電流表示數(shù)變化情況．解答：解：由題知，當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，R2、R3并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓減小，即a、b兩端電壓U變小；R2、R3并聯(lián)電壓U并=E﹣I（R1+r），I增大，E、R1、r均不變，則U并減小，通過R3電流減小，由于干路電流增大，則知電流表示數(shù)I變大．故答案為：變小，變大點(diǎn)評：本題是信息題，首先要抓住傳感器R2電阻與溫度的關(guān)系，其次按“部分→整體→部分”的順序進(jìn)行分析．7.如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機(jī)）研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗裝置。（1）在該實(shí)驗中必須采用控制變量法，應(yīng)保持___________不變，用鉤碼所受的重力作為___________，用DIS測小車的加速度。（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量。在某次實(shí)驗中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫出a-F關(guān)系圖線（如圖所示）。

①

分析此圖線的OA段可得出的實(shí)驗結(jié)論是_________________________________。②（單選題）此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是A．小車與軌道之間存在摩擦

B．導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C．所掛鉤碼的總質(zhì)量太大

D．所用小車的質(zhì)量太大參考答案：（1）小車的總質(zhì)量，小車所受外力，（4分）（2）①在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比，②C，8.如圖為密閉鋼瓶中的理想氣體分子在兩種不同溫度下的速率分布情況，可知，一定溫度下氣體分子的速率呈現(xiàn)

分布規(guī)律；T1溫度下氣體分子的平均動能

（選填“大于”、“等于”或“小于”）T2溫度下氣體分子的平均動能。參考答案：中間多、兩頭少；小于試題分析：由圖可知，兩種溫度下氣體分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點(diǎn)．由于T1時速率較低的氣體分子占比例較大，則說明溫度下氣體分子的平均動能小于溫度下氣體分子的平均動能．考點(diǎn)：考查了分子平均動能【名師點(diǎn)睛】要注意明確分子平均動能為統(tǒng)計規(guī)律，溫度升高時并不是所有分子的速率均增大，同時注意圖象的性質(zhì)，能明確如何判斷分子平均速率的變化和溫度的變化．9.如圖所示，質(zhì)量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，，AB邊靠在豎直墻面上，在垂直于斜面的推力F作用下，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，則物塊受到墻面的彈力大小為_________；摩擦力大小為_________。

參考答案：

答案：，10.A物體靠在墻壁上，現(xiàn)用力向左緩慢推B物體，壓縮彈簧，外力做功W，突然撤去外力，B物體將從靜止開始向右運(yùn)動，以后將帶動A物體一起做復(fù)雜的運(yùn)動，從A物體開始運(yùn)動以后的過程中，彈簧的彈性勢能最大值為

.參考答案：W11.油酸密度為、摩爾質(zhì)量為M、油酸分子直徑為d0將體積為V0的油酸溶于酒精，制成體積為nV0的油酸酒精溶液．用滴管取一滴油酸酒精溶液滴在水面上形成油膜，已知一滴油酸酒精溶液的體積為V0若把每個油分子看成球形，一滴油酸在水面上形的n的單分子油膜的面積是

，阿伏加德羅常數(shù)NA的表達(dá)式是

．參考答案：，．【考點(diǎn)】用油膜法估測分子的大小．【分析】將配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出1滴此溶液的體積．則用1滴此溶液的體積除以油酸分子的直徑，等于1滴此溶液的面積．根據(jù)摩爾質(zhì)量與密度，求出摩爾體積，然后與單個分子的體積的比值，即為阿伏伽德羅常數(shù)．【解答】解：一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積，水面上的面積S=油酸的摩爾體積為VA=阿伏加德羅常數(shù)為NA==故答案為：，．12.（4分）物質(zhì)是由大量分子組成的，分子直徑的數(shù)量級一般是

m，能說明物體內(nèi)分子都在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動的實(shí)驗事實(shí)有

（舉一例即可）。在兩分子間的距離由r0（此時分子間的引力和斥力相互平衡，分子作用力為零）逐漸增大的過程中，分子力的變化情況是

（填“逐漸增大”、“逐漸減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”）。參考答案：10-10（1分）；布朗運(yùn)動（或擴(kuò)散現(xiàn)象）（2分）；先增大后減小（1分）13.如圖所示，勻強(qiáng)磁場豎直向上穿過水平放置的金屬框架，框架寬L，足夠長且電阻不計，右端接有電阻R。磁場的磁感強(qiáng)度為B。一根質(zhì)量為m，電阻不計的金屬棒以v0的初速沿框架向左運(yùn)動。棒與框架間的動摩擦因數(shù)為μ。測得棒在整個運(yùn)動過程中，通過電阻的電量為q，則棒能運(yùn)動的距離為______________，電阻R上消耗的電能為______________。

參考答案：，

三、實(shí)驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.老師要求同學(xué)們測出一待測電源的電動勢及內(nèi)阻，所給的實(shí)驗器材有：待測電源E，定值電阻R1(阻值未知)，電壓表V(量程為3．0V，內(nèi)阻很大)，電阻箱R(0—99．99)，單刀單擲開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2，導(dǎo)線若干。某同學(xué)連接了一個如圖l所示的電路，他接下來的操作是：a．撥動電阻箱旋鈕，使各旋鈕盤的刻度處于如圖2甲所示的位置后，將S2接到a，閉合S1，記錄下對應(yīng)的電壓表示數(shù)為2．20V，然后斷開S1；b保持電阻箱示數(shù)不變，將S2切換列b，閉合S1，記錄此時電壓表的讀數(shù)(電壓表的示數(shù)如圖乙所示)，然后斷開S1。①請你解答下列問題：圖甲所示電阻箱的讀數(shù)為

，圖乙所示的電壓表讀數(shù)為

V。由此可算出定值電阻R1的阻值為

。(計算結(jié)果取3位有效數(shù)字)②在完成上述操作后，該同學(xué)繼續(xù)以下的操作：將S2切換列a，多次調(diào)節(jié)電阻箱，閉合S1，讀出多組電阻箱的示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U，由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示的圖象。由此可求得該電池組的電動勢E及內(nèi)阻r，其中E=

V，電源內(nèi)阻r=

。(計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字)參考答案：①20.00（1分）

2.80（1分）

5.45（2分）

②2.86（2分）

0.27（2分）電阻箱的讀數(shù)等于各檔位的電阻之和，為20.00Ω；電壓表讀數(shù)應(yīng)估讀一位，為2.80V；根據(jù)部分電路歐姆定律可得，解得R1的阻值約為5.45Ω。由圖象可知當(dāng)R無窮大時，R兩端的電壓近似等于電源的電動勢，即，解得E=2.86V；根據(jù)歐姆定律可得，，解得r=0.27Ω。15.某同學(xué)到實(shí)驗室做《測電源電動勢和內(nèi)阻》的實(shí)驗時，發(fā)現(xiàn)實(shí)驗臺上有以下器材：待測電源(電動勢未知，內(nèi)阻約為2Ω)；一個阻值未知的電阻R0；多用電表一只；電壓表兩只；電流表一只；滑動變阻器一只；開關(guān)一個，導(dǎo)線若干．①該同學(xué)首先用多用電表粗略測量電源的電壓，電表指針和選擇開關(guān)分別如圖所示，則該電表讀數(shù)為

▲

V；②為較準(zhǔn)確地測量該電源的電動勢和內(nèi)電阻并同時測出定值電阻R0的阻值，他設(shè)計了如圖所示的電路．實(shí)驗時他用U1、U2、I分別表示電表V１、V2、A的讀數(shù)，在將滑動變阻器的滑片移動到不同位置時，記錄了U1、U2、I的一系列值．并作出下列三幅U—I圖線來處理實(shí)驗數(shù)據(jù)，從而計算電源電動勢、內(nèi)阻以及定值電阻R0的值．其中，可直接算出電源電動勢和內(nèi)電阻的圖是

▲

，可直接算出定值電阻R0的圖是

▲

．③本實(shí)驗中定值電阻的測量存在誤差，造成這一誤差的原因是

▲

A．由電壓表V1、V2分流共同造成

B．由電壓表V1、V2分流及電流表分壓共同造成C．只由電壓表V2分流造成

D．由電流表、滑動變阻器分壓共同造成參考答案：（1）1.50

（2）

A

、

C

（3）C四、計算題：本題共3小題，共計47分16.宇航員駕駛質(zhì)量為m的航天器，繞某星球做勻速圓周運(yùn)動，航天器距離星球表面的高度為H，該航天器繞星球一周所用時間為T，已知星球半徑為R，萬有引力常量為G．若宇航員降落在星球表面后，在距離地面h高處（且h<<

H），水平拋出一個重物，試求重物落到星球表面所用時間．參考答案：17.如圖所示，一個質(zhì)量m=1kg的長木板靜止在光滑的水平面上，并與半徑為R=1.8m的光滑圓弧形固定軌道接觸（但不粘連），木板的右端到豎直墻的距離為s=0.08m；另一質(zhì)量也為m的小滑塊從軌道的最高點(diǎn)由靜止開始下滑，從圓弧的最低點(diǎn)A滑上木板。設(shè)長木板每次與豎直墻的碰撞時間極短且無機(jī)械能損失。木板的長度可保證物塊在運(yùn)動的過程中不與墻接觸。已知滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)=0.1，g取10m/s2。試求：（1）滑塊到達(dá)A點(diǎn)時對軌道的壓力大??；（2）當(dāng)滑塊與木板達(dá)到共同速度（）時，滑塊距離木板左端的長度是多少？參考答案：【知識點(diǎn)】牛頓第三定律動能定理勻變速運(yùn)動規(guī)律C2E2A2【答案解析】（1）30N（2）17.96m解析：從物塊開始滑動到A由動能定理得:mgR=.得在A點(diǎn)對物塊由牛頓第三定律得由牛頓第三定律得在A點(diǎn)對軌道的壓力（2）物塊滑上木板后，在摩擦力作用下，木板從靜止開始做勻加速運(yùn)動，設(shè)木板加速度為a，經(jīng)歷時間T后與墻第一次碰撞，碰撞時的速度為，則聯(lián)立解得：T=0.4s在物塊與木板兩者達(dá)到共同速度前，在每次碰撞之間，木板受到物塊對它的摩擦力作用而做加速度恒定的勻變速直線運(yùn)動，因而木板與墻相碰后將返回至初態(tài)，所用時間也為T，設(shè)在物塊與木板兩者達(dá)到共同速度v前木板共經(jīng)歷n次碰撞，則有式中是碰撞n次后木板從起始位置至達(dá)到共同速度時所需要的時間，求解上式得，由于n是整數(shù)，故n=7

共同末速度v=0.2m/s對物塊對木板所以【思路點(diǎn)撥