廣東省佛山市八所中學高三物理聯(lián)考試題含解析

廣東省佛山市八所中學高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，a、b、c是在地球大氣層外同一平面內圓形軌道上運動的三顆衛(wèi)星，則（

）A．b、c的角速度相等，且大于a的角速度B．b、c的周期相等，且大于a的周期C．b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度D．b、c的線速度大小相等，且大于a的線速度參考答案：B2.一雜技演員,用一只手拋球.他每隔0.40s拋出一球,接到球便立即把球拋出,已知除拋、接球的時刻外，空中總有四個球，將球的運動看作是豎直方向的運動，球到達的最大高度是（高度從拋球點算起，?。?/p>

A．1.6m

B．2.4m

C．3.2m

D．4.0m參考答案：C3.一列簡諧橫波沿著x軸正方向傳播，波中A、B兩質點在平衡位置間的距離為0.5m，且小于一個波長，如圖甲所示，A、B兩質點振動圖象如圖乙所示．由此可知（）A．波中質點在一個周期內通過的路程為8cmB．該機械波的波長為4mC．該機械波的波速為0.5m/sD．t=1.5s時A、B兩質點的位移相同E．t=1.5s時A、B兩質點的振動速度相同參考答案：ACE【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系．【分析】由振動圖象可得出振幅與周期，在圖象上的同一時刻可知兩點振動狀態(tài)，得到兩質點A、B相距的距離與波長的關系，則可求得可能的波長；由波長、頻率及波速的關系可得出波速的值．【解答】解：A、由圖可知，該波的振幅為2cm，波中質點在一個周期內通過的路程為4倍的振幅，即8cm．故A正確；B、由圖知，t=0時刻B點通過平衡位置向上運動，A點位于波峰，則有：△x=x2﹣x1=（n+）λ，n=0，1，2，3…由題λ＞△x=1m，則知n只能取0，故λ=2m，故B錯誤；C、由圖知周期T=4s，則波速為v==m/s，故C正確；D、由圖可知，在t=1.5s時刻，A的位移為負，而B的位移為正．故D錯誤．E、由圖知，t=1.5s時A、B兩質點到平衡位置的距離是相等的，所以振動的速度大小相等；又由圖可知，在t=1.5s時刻二者運動的方向相同，所以它們的振動速度相同．故E正確．故選：ACE4.（單選）分子甲和乙距離較遠，設甲固定不動，乙逐漸向甲分子靠近，直到不能再近的這一過程中

A．分子力總是對乙做正功

B．乙總是克服分子力做功

C．先是乙克服分子力做功，然后分子力對乙做正功

D．先是分子力對乙做正功，然后乙克服分子力做功參考答案：D5.如圖所示，某透明介質的橫截面由半徑為R的的圓和一銳角為的直角三角形構成，一細束激光從圓弧上的A點平行于MP邊射入透明介質，且入射點A與MP的距離，已知該透明介質對激光的折射率。激光第一次射到NP邊時能否射出透明介質？請說明理由。第一次從MP邊射出的激光與MP邊所成的夾角銳角為多大？參考答案：第一次射到NP的光束不能射出透明介質；第一次有MP射出的光線與MP的夾角應為?！驹斀狻慨嫵龉饴穲D如圖。由幾何知識得：由，解得：在A點，由折射定律得解得：根據(jù)幾何知識可得光線第一次射到NP上時入射角；設介質全反射臨界角為C，則而，可得所以光線NP上發(fā)生全反射，不能射出透明介質；光線射到MP上時入射角所以光線第一次由MP射出，由折射定律有

得所以第一次由MP射出的光線與MP間的夾角為。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（19分）（1）同學們利用如題6圖1所示方法估測反應時間。首先，甲同學捏住直尺上端，使直尺保持豎直狀態(tài)，直尺零刻度線位于乙同學的兩指之間。當乙看見甲放開直尺時，立即用手指捏直尺，若捏住位置的刻度讀數(shù)為，則乙同學的反應時間為

（重力加速度為）。基于上述原理，某同學用直尺制作測量反應時間的工具，若測量范圍為0～0.4s，則所用直尺的長度至少為

cm（取10m/s2）；若以相等時間間隔在該直尺的另一面標記出表示反應時間的刻度線，則每個時間間隔在直尺上對應的長度是

的（選填“相等”或“不相等”）.參考答案：，80，不相等試題分析：①在人的反應時間內直尺做自由落體運動，有，解得；②反應時間最長為，需要直尺的長度為；③自由落體運動從計時開始連續(xù)相等時間的位移為1:4:9:16，而相等時間內的位移為1:3:5:7，故長度不相等?？键c：本題考查研究自由落體運動的規(guī)律。7.（選修3-3（含2-2）模塊）(4分）已知某物質摩爾質量為M，密度為，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該物質的分子質量為___

，單位體積的分子數(shù)為

。

參考答案：答案：M/NA

（2分）；

ρNA/M（2分）8.如圖甲所示，足夠長的水平傳送帶以的速度勻速運行。t=0時，在最左端輕放一個小滑塊，t=2s時，傳送帶突然制動停下。已知滑塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為u=0.2，。在圖乙中，關于滑塊相對地面運動的v-t圖像正確的是

參考答案：D9.在用架空電纜進行高壓輸電時，為了增加電纜的抗拉能力，常常增加掛線的弧度，如圖所示，在ABCD四點，若電纜線端切線與豎直方向的夾角都是60o，已知電纜線能承受的最大拉力為2000N，則AB或CD段電纜線承重不超過

A．1000N

B．2000N

C．2000N

D．N參考答案：B10.約里奧—居里夫婦因發(fā)現(xiàn)人工放射性而獲得了1935年的諾貝爾化學獎,他們發(fā)現(xiàn)的放射性元素3015P衰變成3014Si的同時放出另一種粒子,這種粒子是________,3215P是3015P的同位素,被廣泛應用于生物示蹤技術,1mg3215P隨時間衰變的關系如圖所示,請估算4mg的3215P經________天的衰變后還剩0.25mg.參考答案：3015P衰變的方程:3015P→3014Si+01e,即這種粒子為正電子.題圖中縱坐標表示剩余3215P的質量,經過t天4mg的3215P還剩0.25mg,也就是1mg中還剩mg=0.0625mg,由題圖估讀出此時對應天數(shù)為56天.(54~58天都算對)11.測定木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)時，采用如圖所示的裝置，圖中長木板水平固定．（1）實驗過程中，電火花計時器應接在

電源上．調整定滑輪高度，使

．（2）已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，木塊的加速度為a，則木塊與長木板間動摩擦因數(shù)μ=

．（3）如圖為木塊在水平木板上帶動紙帶運動打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出．從紙帶上測出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm．則木塊加速度大小a=

m/s2(保留兩位有效數(shù)字)．參考答案：12.如圖，P是水平放置的足夠大的圓盤，繞經過圓心O點的豎直軸勻速轉動，在圓盤上方固定的水平鋼架上，吊有盛水小桶的滑輪帶動小桶一起以v=0.1m/s的速度勻速向右運動，小桶底部與圓盤上表面的高度差為h=5m．t=0時，小桶運動到O點正上方且滴出第一滴水，以后每當一滴水剛好落在圓盤上時桶中恰好再滴出一滴水，不計空氣阻力，若要使水滴都落在圓盤上的同一條直徑上，圓盤角速度的最小值為ω，則ω=πrad/s，第二、三滴水落點的最大距離為d，則d=0.5m．參考答案：考點：線速度、角速度和周期、轉速；自由落體運動．專題：勻速圓周運動專題．分析：滴下的水做平拋運動，平拋運動的時間由高度決定，水平位移由時間和初速度共同決定．若要使水滴都落在圓盤上的同一條直徑上，且圓盤的角速度最小，則在滴水的時間內圓盤轉動πrad．解答：解：水滴平拋運動的時間：t===1s．則圓盤的最小角速度：ω=rad/s=πrad/s．第2滴水距離O點的距離x2=vt2=0.1×2m=0.2m，第3滴水距離O點的距離為x3=vt3=0.1×3m=0.3m，因為2、3兩滴水分居在O點的兩側，所以d=x2+x3=0.5m．故答案為：π，0.5．點評：本題是平拋運動與圓周運動相結合的問題，關鍵掌握兩種運動的運動規(guī)律，抓住相等量進行分析計算．13.如圖所示，質量為m的均勻直角金屬支架ABC在C端用光滑鉸鏈鉸接在墻壁上，支架處在磁感應強度為B的勻強磁場中，當金屬支架通一定電流平衡后，A、C端連線恰水平，相距為d，BC與豎直線夾角為530，則金屬支架中電流強度大小為

；若使BC邊與豎直線夾角緩慢增至900過程中，則金屬支架中電流強度變化應

（選填“增大、減小、先增大后減小、先減小后增大”）。(sin37°=0.6，cos37°=0.8)參考答案：1.07mg/Bd，先增大后減小三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）如圖所示，在水平光滑直導軌上，靜止著三個質量均為的相同小球、、，現(xiàn)讓球以的速度向著球運動，、兩球碰撞后黏合在一起，兩球繼續(xù)向右運動并跟球碰撞，球的最終速度.①、兩球跟球相碰前的共同速度多大？②兩次碰撞過程中一共損失了多少動能？參考答案：解析：①A、B相碰滿足動量守恒（1分）

得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒（1分）

得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，（1分）

兩次碰撞損失的動能（2分）15.(4分)在橄欖球比賽中，一個95kg的橄欖球前鋒以5m/s的速度跑動，想穿越防守隊員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時，迎面撞上了對方兩名均為75kg的隊員，一個速度為2m/s，另一個為4m/s，然后他們就扭在了一起。①他們碰撞后的共同速率是；②在右面方框中標出碰撞后他們動量的方向，并說明這名前鋒能否得分：。參考答案：答案：①0.1m/s

（2分）

②方向見圖（1分）

能得分（1分）

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.(14分)如圖所示，光滑水平面上有一質量為M=1kg的長木板，木板左端表面水平且長為L=2m，右端連有光滑的圓弧槽.現(xiàn)有一個的質量為m=0.5kg可視為質點的物塊以速度v0=3m/s水平滑上長木板，m與長木板水平部分間的動摩擦因數(shù)為μ=0.1，物塊滑過水平部分后能沖上圓弧面而又不能離開圓弧面.求

(1)物塊在圓弧面上能上升的最大高度；

(2)物塊最終相對木板靜止的位置離木板左端的距離；

(3)為使物塊最終能滑出木板，v0應滿足的條件.參考答案：解析：

(1)物塊滑上長木板后，與木板相互作用，水平方向不受外力，動量守恒.物塊上升到最大高度時，二者具有相同的速度.系統(tǒng)損失的動能轉化為熱量和物塊的重力勢能.

mv0=(M+m)v

①

v=

②

由①②式可得：

ΔEk=

③

物塊與木板摩擦產生的熱量取決于它們的相對位移：Q=μmgL

④

ΔEk=Q+mghmax

⑤

解得：hmax=

⑥

代入數(shù)值得hmax=0.1m

(2)物塊從圓弧上滑以后，繼續(xù)在木板上滑行，最終和木板相對靜止，設此時共同速度為v′，由整個過程動量守恒得：mv0=(M+m)v′

ΔE′k=

若s為物塊相對木板的路程，由能量守恒定律得：

ΔE′k=Q=μmgs

⑦

解得s=3m

即物塊離木板左端的距離為1m

(3)考慮臨界情況，認為物塊恰好相對木板靜止在木板的最左端，它們的相對路程為2L，此時共同速度為v″，則；mv0=(M+m)v″

ΔE″k=m-(M+m)v″2

==μmg·2L

⑧

解得v0=m/s17.如圖（a），質量m=1kg的物體沿傾角θ=37°的固定粗糙斜面由靜止開始向下運動，風對物體的作用力沿水平方向向右，其大小與風速v成正比，比例系數(shù)用k表示，物體加速度a與風速v的關系如圖（b）所示．求：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）比例系數(shù)k．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）參考答案：考點：牛頓第二定律．版權所有分析：（1）根據(jù)b圖可以看出當沒有風的作用時物體的加速度的大小是4m/s2，由牛頓第二定律可以求得物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）當風速為5m/s時，物體的加速度為零，說明此時的物體受力平衡，對物體受力分析，由平衡的條件可以求得比例系數(shù)k．解答：解：（1）對初始時刻，沒有風的作用，對物體受力分析可得，沿斜面的方向：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma0

①，由b圖可以讀出a0=4m/s2代入①式，解得：μ==0.25；（2）對末時刻加速度為零，受力分析可得：mgsinθ﹣μN﹣kvcosθ=0

②，又N=mgcosθ+kvsinθ，由b圖可以讀出，此時v=5m/s代入②式解得：k==0.84kg/s．答：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ為0.25；（2）比例系數(shù)k是0.84kg/s．點評：本題考查了學