2021年山東省濰坊市四縣市聯(lián)考高考物理模擬試卷（附答案詳解）

2021年山東省濰坊市四縣市聯(lián)考高考物理模擬試卷

（2021?山東省濰坊市?模擬題）下列說(shuō)法正確的是（）

A.金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出的光電子的最大初動(dòng)能與人射光的頻率成正比

B.能的裂變方程之一為：H5Ba+HKr+2ln

C.氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長(zhǎng)小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1

輻射出的光子的波長(zhǎng)

D.肥5。核的比結(jié)合能小于grBa核的比結(jié)合能

2.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體

經(jīng)歷了力tBtCt4的狀態(tài)變化過(guò)程，則下列說(shuō)法正確的是

（）Lrj

A.A-B過(guò)程中，氣體分子間距減小0

B.4TB過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加

C.B-C過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)減小

D.C-4過(guò)程中，外界對(duì)氣體做正功

3.（2021.山東省濰坊市.模擬題）如圖所示，某玻璃模具由一圓錐

和半球形兩部分組成，圓錐母線和底面直徑、半球半徑均為/

d,現(xiàn)有一束單色光從48邊的中點(diǎn)。垂直于8c方向射入玻D

璃磚中，結(jié)果折射光線剛好通過(guò)半球的圓心。，己知光在真

空中的傳播速度為小則單色光在模具里的傳播時(shí)間為（

A-冬

4.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖，兩根相互絕緣的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線分別沿x軸和y軸

放置，沿x軸方向的電流為I。。已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在其周圍激發(fā)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

B=*其中我為常量，/為導(dǎo)線中的電流，r為場(chǎng)中某點(diǎn)到導(dǎo)線的垂直距離。圖中

A點(diǎn)的坐標(biāo)為（a,b）,若A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則沿y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小

和方向分別為（）

A.（0,沿），軸負(fù)向B.沿y軸正向

C.，，沿y軸負(fù)向D.、，沿y軸正向

5.（2021.山東省濰坊市.模擬題）兩艘航模船甲、乙停在靜止的湖面上，它們之間的距離

為10m,向湖面上擲去一石塊，石塊激起的一列水波沿甲、乙連線的方向傳播，每

條航模船每分鐘上下振蕩了15次，而且當(dāng)甲船在最低點(diǎn)時(shí)，乙船在最高點(diǎn)，兩船

之間還有兩個(gè)水波的最高點(diǎn)。由此可以得到水波的波速是（）

A.lm/sB.2.5m/sC.3.75m/sD.5m/s

6.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖所示，理想變壓器的初級(jí)線圈連接電壓恒定的交流

電源，初、次級(jí)線圈均接入阻值為R的負(fù)載電阻。當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，與初級(jí)線圈連

接的電壓表匕的示數(shù)為打，與次級(jí)線圈連接的電壓表彩的示數(shù)為外，則以下判斷中

正確的是（）

A.交流電源的電壓為竽

U1

B.電鍵斷開時(shí)，初級(jí)線圈中的輸入電流為鑒

C.電鍵閉合時(shí)，電壓表匕的示數(shù)變大

D,電鍵閉合時(shí)，交流電源輸出功率減小

7.（2021.湖北省襄陽(yáng)市.模擬題）如圖中所示，傾角為a的斜面固定在水平地面上，斜面

上一木塊受到與斜面底邊平行的力尸的作用，當(dāng)力尸逐漸增大時(shí)，木塊所受的摩擦

力/和力F的大小關(guān)系如圖乙所示。若木塊的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，圖中

八、右、%均為已知量，重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是（）

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A.木塊的質(zhì)量可表示為懸

B.木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可表示為9tana

71

C.F小于Fl時(shí)木塊所受的摩擦力與斜面底邊垂直且沿斜面向上

D.尸大于&后木塊做直線運(yùn)動(dòng)

8.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖所示，光滑水平面

A8與豎直面內(nèi)的光滑半圓形導(dǎo)軌DC2在3點(diǎn)平滑

相接，。為半圓形導(dǎo)軌的最高點(diǎn)，整個(gè)軌道固定在

豎直平面內(nèi)。若把該裝置放在地球表面，一質(zhì)量為

，〃的小物體將彈簧壓縮到某一位置釋放，小物體恰好從。點(diǎn)水平飛出。若在某星球

表面，小物體將彈簧壓縮到同一位置釋放，小球恰好能到半圓軌道的C點(diǎn)。已知圓

弧軌道的半徑為R,地球表面重力加速度為g,該星球密度和地球密度相同，由此

可知（）

A.該星球表面的重力加速度為2g

B.在地球表面，小球從力點(diǎn)水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為R

C.該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為5：2

D.該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量之比為8：125

9.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖所示，木塊a、人和沙桶c通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)

繩和輕質(zhì)光滑滑輪連接，處于靜止?fàn)顟B(tài)。其中A8細(xì)繩的3端與滑輪的轉(zhuǎn)軸連接,

4端固定于天花板上?現(xiàn)向沙桶c內(nèi)加入少量沙子后，系統(tǒng)再次處于平衡狀態(tài)。下

列關(guān)于各物理量變化的說(shuō)法，正確的是（）

A.斜面對(duì)木塊a的摩擦力增大B.細(xì)繩對(duì)沙桶c的拉力增大

C.地面對(duì)斜面體的支持力增大D.AB繩與豎直方向的夾角增大

10.（2021?重慶市市轄區(qū)?單元測(cè)試）如圖所示，在正方形ABC。區(qū)域

內(nèi)有平行于AB邊的勻強(qiáng)電場(chǎng)，E、F、”是對(duì)應(yīng)邊的中點(diǎn)。PFLt.............-L

點(diǎn)是EH的中點(diǎn)。一個(gè)帶正電的粒子（不計(jì)重力）從尸點(diǎn)沿尸”/P

B?------------1c

方向射入電場(chǎng)后恰好從C點(diǎn)射出，以下說(shuō)法正確的是（）

A.粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)P點(diǎn)

B.粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)P"之間某點(diǎn)

C.若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿過(guò)EH

D.若將粒子的初速度變?yōu)樵瓉?lái)的一半，粒子恰好由E點(diǎn)從8c邊射出

11.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖1所示，。點(diǎn)處固定有力傳感器，長(zhǎng)為/的輕繩一

端與力傳感器相連，另一端固定著一個(gè)小球?，F(xiàn)讓小球在最低點(diǎn)以某一速度開始運(yùn)

動(dòng)，設(shè)輕繩與豎直方向的角度為8（如圖所示），圖2為輕繩彈力大小廠隨cos。變化

的部分圖像。圖2中。為已知量，不考慮空氣阻力，重力加速度大小為g,貝ij（）

圖1圖2

A.小球質(zhì)量為］

B.小球在與圓心等高處時(shí)的速度為聆

C.小球運(yùn)動(dòng)到。=45。時(shí)的動(dòng)能為讓mg/

D.小球在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)細(xì)線的拉力為5a

12.（2021?湖北省武漢市?模擬題）如圖所示，水平面內(nèi)的兩根光滑導(dǎo)軌平行放置，左側(cè)連

接阻值為％的定值電阻，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向下。一導(dǎo)體棒質(zhì)量為加，電阻為/?2,

以初速度孫從圖示位置沿著導(dǎo)軌向右滑動(dòng)，滑動(dòng)的最遠(yuǎn)距離為s。棒與導(dǎo)軌始終接

觸良好，其他電阻不計(jì)。當(dāng)棒以初速度先從圖示位置向右滑動(dòng)到:處時(shí)，下列判斷

正確的是（）

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A.棒的速度為竽

B.棒的速度為警

C.電阻治的熱功率為盍臉

D.棒以初速度火從圖示位置向右滑動(dòng)到|處的過(guò)程，回路產(chǎn)生的熱量為等

13.(2021?山東省濰坊市?模擬題)某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置測(cè)量彈簧彈力做功。在水

平桌面上固定好光電門，彈簧左側(cè)固定，右側(cè)連接固定有遮光條的滑塊，將光電門

與數(shù)字計(jì)時(shí)器(圖中未畫出)連接，彈簧原長(zhǎng)為沏。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：

遮光女滑塊光電門

甲

01234cm主尺

llllllllllllllllllllllllllllllllllllllllllllllllll

01020游標(biāo)尺

乙

(1)先用游標(biāo)卡尺測(cè)量滑塊上遮光條寬度4,如圖乙所示，貝必=〃?。

(2)用滑塊壓縮彈簧，遮光條到光電門距離為雙刀＞q),并由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)

器記下遮光條通過(guò)光電］所用的時(shí)間t,以此得到滑塊到達(dá)光電門時(shí)的速度"=

(用題中所給符號(hào)表示)。

(3)右移光電門的位置，再次壓縮彈簧到同一位置，重復(fù)(2)的操作，得到多組x與

v的值。根據(jù)這些數(shù)據(jù)作出/-X的圖像，如圖丙所示。

(4)已知小車質(zhì)量為相，重力加速度大小為g,根據(jù)圖像可得到橫軸截距為“，縱軸

截距為6,可求出滑塊每次運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧對(duì)其所做的功w=：還可求出

滑塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=（用機(jī)、g、。、〃表示）。

14.（2021?山東省濰坊市?模擬題）為精確測(cè)量某一個(gè)電壓表的內(nèi)阻,實(shí)驗(yàn)探究小組從實(shí)驗(yàn)

室找來(lái)了以下儀器。

a.電源E,具有一定內(nèi)阻，電動(dòng)勢(shì)為3.0匕

尻待測(cè)電壓表V,量程為0?1.5V，內(nèi)阻r，約為12000：

c.標(biāo)準(zhǔn)電壓表匕量程為0?3V;

d.標(biāo)準(zhǔn)電流表A,量程為0?0,64內(nèi)阻小于10;

e.電阻箱*（0?9990）;

f.定值電阻Ro（1500。）；

g.滑動(dòng)變阻器匕（0-20000）；

兒?jiǎn)蔚秵螖S開關(guān)S,導(dǎo)線若干。

圖1圖2

（1）某同學(xué)根據(jù)找來(lái)的器材，設(shè)計(jì)了如圖?所示的電路圖進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)判斷這樣設(shè)

計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路是否合理并簡(jiǎn)述理由______。

（2）經(jīng)過(guò)小組討論后，根據(jù)提供的器材，該小組設(shè)計(jì)一個(gè)能夠多次測(cè)量的實(shí)驗(yàn)電路，

如圖2所示，請(qǐng)選擇正確的元件將電路圖完善起來(lái)。其中，甲處應(yīng)連接（填

“Ro"或"R'"或"七"）;乙處應(yīng)連接（填“匕”或“彩”或"A”）；丙處

應(yīng)連接（填“匕”或“彩"或）。

（3）用名表示匕的示數(shù)，用/表示彩的示數(shù)，用/表示A的示數(shù)，用R表示甲處所

選電阻的阻值，則電壓表匕的內(nèi)阻r】=。

（4）在按照?qǐng)D2電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí),系統(tǒng)誤差（填“存在”

或“不存在”）。

15.（2021?山東省濰坊市?模擬題）中國(guó)籃球賽事是廣大國(guó)民都關(guān)注

的重要賽事，剛剛過(guò)去的2020年，對(duì)于中國(guó)籃球來(lái)說(shuō)是不平

第6頁(yè)，共22頁(yè)

凡的一年，女籃國(guó)家隊(duì)、三人籃球男隊(duì)和女隊(duì)均獲得2021年?yáng)|京奧運(yùn)入場(chǎng)券，展

望前路，中國(guó)籃球必將書寫更多的精彩故事。已知比賽專用籃球在溫度為匕=17久

時(shí)的標(biāo)準(zhǔn)氣壓為Pi=1.5x105Pa,體積為V=7.6L。（設(shè)0汽=273K）

（1）比賽過(guò)程中，籃球內(nèi)氣體溫度變?yōu)榻?37冤，不計(jì)籃球體積變化，求此時(shí)籃球

內(nèi)氣體的壓強(qiáng)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

（2）在某次使用前測(cè)得球內(nèi)氣壓為p=1.3x105Pa,為達(dá)到正常使用時(shí)的標(biāo)準(zhǔn)氣壓，

現(xiàn)用如圖所示腳踏式雙筒充氣筒給籃球充氣，已知每個(gè)充氣筒容積為4V=20cm3,

忽略充氣過(guò)程中的溫度變化，請(qǐng)計(jì)算需要用腳踩踏多少次？（設(shè)大氣壓強(qiáng)po=1.0x

105Pa）

16.（2021?山東省濰坊市?模擬題）如圖是某同學(xué)參加編程機(jī)器人大賽的高速機(jī)器人小車

和一部分的編程語(yǔ)言，機(jī)器人小車的車輪分別是由兩個(gè)相同的電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)的，程序

中稱為馬達(dá)，機(jī)器人小車的車輪可各自轉(zhuǎn)動(dòng)，假設(shè)車輪半徑為匕兩車輪之間的距

離為心當(dāng)編程語(yǔ)言設(shè)為左右馬達(dá)為"時(shí)，機(jī)器人小車的車輪將以“轉(zhuǎn)每秒的轉(zhuǎn)速

向前運(yùn)動(dòng)。圖中設(shè)定“超聲波小于10”的意思為當(dāng)小車向前運(yùn)動(dòng)離障礙物距離等

于10時(shí)小車右馬達(dá)轉(zhuǎn)速迅速變?yōu)?n而左馬達(dá)仍然為轉(zhuǎn)速”不變，此時(shí)機(jī)器人小車

左輪向前轉(zhuǎn)動(dòng)，右輪向后轉(zhuǎn)動(dòng)，達(dá)到機(jī)器人小車向右轉(zhuǎn)彎的目的?，F(xiàn)為研究機(jī)器人

小車的轉(zhuǎn)彎時(shí)間，設(shè)小車轉(zhuǎn)彎角度為90度之后機(jī)器人小車重新啟動(dòng)前進(jìn)，理想狀

態(tài)下小車從啟動(dòng)至穩(wěn)定速度花費(fèi)的總時(shí)間為玲，該段加速位移可忽略不計(jì)?，F(xiàn)將該

機(jī)器人小車放在離障礙物匕處，“超聲波”項(xiàng)設(shè)定為s?i>s）。

里復(fù)執(zhí)行

(1)請(qǐng)求出機(jī)器人小車從啟動(dòng)到轉(zhuǎn)彎再行進(jìn)G所用的總時(shí)間；

(2)第二次將該機(jī)器人小車放在同一初始位置，機(jī)器人小車轉(zhuǎn)彎時(shí)將編程語(yǔ)言右馬

達(dá)改為轉(zhuǎn)速為零，左馬達(dá)轉(zhuǎn)速為〃不變，請(qǐng)求出機(jī)器人小車從啟動(dòng)到轉(zhuǎn)彎再行進(jìn)42

所用的總時(shí)間。

17.(2021?山東省濰坊市?模擬題)如圖所示，在光滑水平面上，固定一個(gè)四分之一豎直圓

弧軌道A8,半徑R=lm,圓弧最低點(diǎn)8靜止放置一質(zhì)量為1依的小物塊⑶緊挨

B右側(cè)有一個(gè)上表面與B齊平，質(zhì)量為2極的足夠長(zhǎng)木板M,機(jī)與M之間的動(dòng)摩擦

因數(shù)〃=0.2。一質(zhì)量為0.5kg的小物塊恤從A點(diǎn)正上方距A點(diǎn)一定高度處由靜止釋

放，沿圓弧軌道到達(dá)B點(diǎn)時(shí)與小物塊機(jī)發(fā)生彈性碰撞，碰后瞬間小。對(duì)8點(diǎn)的壓力

大小為9.5N。此時(shí)對(duì)長(zhǎng)木板施加一水平向右、大小為6N的拉力F,并開始計(jì)時(shí)。

取g=10m/s2,小物塊Tn。碰后不再與〃、機(jī)發(fā)生碰撞。求：

(1)碰撞后瞬間機(jī)的速度大?。?/p>

(2)計(jì)時(shí)起2s內(nèi)小物塊根滑行的距離；

(3)計(jì)時(shí)起2s內(nèi)系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能。

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18.(2021?山東省濰坊市?模擬題)如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，x軸上方存在勻

強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度5=警，方向豎直向下；在0>y>-L空間內(nèi)存在另一水平方

向的勻強(qiáng)電場(chǎng),y<-L空間內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電荷量為外

質(zhì)量為m的粒子從M(0,L)點(diǎn)、以孫沿x軸負(fù)方向射入第二象限內(nèi)，并垂直于邊界PQ

及磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)N點(diǎn)離開磁場(chǎng)。求：

(1)粒子第一次到達(dá)x軸時(shí)的速度；

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

(3)粒子第5次通過(guò)x軸時(shí)的橫坐標(biāo)值；

答案和解析

1.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】愛因斯坦光電效應(yīng)方程、能級(jí)躍遷、結(jié)合能和比結(jié)合能、核力與核能

【解析】解：4根據(jù)光電效應(yīng)方程取=田/-%可知，逸出的電子的最大初動(dòng)能與入射

光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，故A錯(cuò)誤；

8.裂變反應(yīng)需要用慢中子引發(fā)核反應(yīng)，該方程反應(yīng)物中無(wú)慢中子，故8錯(cuò)誤；

C.氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的頻率小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出

的光子的頻率，所以氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍

遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；

D因?yàn)槟?〃核裂變時(shí)釋放能量，第5u核的比結(jié)合能小于慫,Ba核的比結(jié)合能，故。正確。

故選：Do

根據(jù)光電效應(yīng)方程以=成-%可分析；裂變反應(yīng)需要用慢中子引發(fā)核反應(yīng)；氫原子從

能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的頻率小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的頻

率，進(jìn)而判斷波長(zhǎng)；因?yàn)榫?〃核裂變時(shí)釋放能量，能5。核的比結(jié)合能小于慫核的比

結(jié)合能。

本題考查了原子核的相關(guān)問(wèn)題，考查知識(shí)點(diǎn)針對(duì)性強(qiáng)，難度適中，考查了學(xué)生掌握知識(shí)

與應(yīng)用知識(shí)的能力。

2.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容及應(yīng)用、理想氣體狀態(tài)方程

【解析】解：A、4TB過(guò)程中，氣體的體積不變，故氣體分子間距不變，故A錯(cuò)誤；

B、4-B過(guò)程中，氣體的溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，故氣體的內(nèi)能增大，故B

正確；

C、在圖像中，B-C的延長(zhǎng)線過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，為等壓變化，故c錯(cuò)誤；

D、CTA過(guò)程中，氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做正功，故。錯(cuò)誤；

故選：Bo

一定質(zhì)量的氣體單位體積內(nèi)分子數(shù)與氣體的體積有關(guān)；圖像中，圖像斜率的倒數(shù)

表示氣體的壓強(qiáng)：氣體分子平均動(dòng)能取決于氣體的溫度。

本題利用u-r圖像考查氣體的狀態(tài)變化，在r圖像中，圖像斜率的倒數(shù)表示氣體的

壓強(qiáng)，這是一個(gè)易錯(cuò)點(diǎn)。

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3.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】折射定律

【解析】解：由題意可知，光在AB

面上的入射角為60。，折射角為30。,

如圖所示：

玻璃的折射率n=—=%黑=

sinrsin3Q

V3

由幾何關(guān)系可得，光在模具中傳播

的路程s=d,光在模具中的速度

v=；,則單色光在模具里的傳播時(shí)

間t=V=返，故C正確，AB。錯(cuò)誤.

VC

故選：Co

作出光路圖，根據(jù)幾何知識(shí)分析光在尸點(diǎn)的入射角和折射角以及光在介質(zhì)中的傳播路程,

再由s=比求解傳播時(shí)間；

解決該題的關(guān)鍵是正確作出光路圖，能根據(jù)幾何知識(shí)分析求解光在介質(zhì)中傳播的路程以

及相關(guān)的角度，熟記折射定律的表達(dá)式。

4.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】電流周圍的磁場(chǎng)及安培定則

【解析】解：沿x軸方向的電流在A點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為=由安培定則可知方

向垂直紙面向外：若A點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則y軸放置的導(dǎo)線中電流在A點(diǎn)產(chǎn)生的磁感

應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，由安培定則，y軸放置的導(dǎo)線中電流方向沿y軸正向，其大

小滿足By=%=l（凈所以y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小/=》,故B正確，AQ9錯(cuò)

誤；

故選：Bo

根據(jù)題意通電導(dǎo)體在某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=kL利用安培定則和矢量的平行四邊

r

形法則解題。

本題考查了通電直導(dǎo)線磁場(chǎng)的分布與計(jì)算、矢量的平行四邊形法則等知識(shí)點(diǎn)，利用安培

定則判斷磁場(chǎng)方向是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】波速、波長(zhǎng)和頻率、波的圖象

【解析】解：當(dāng)甲船在最低點(diǎn)時(shí)，乙船在最高點(diǎn)，兩船之間還有兩個(gè)水波的最高點(diǎn)，說(shuō)

明甲乙之間的距離為l(hn,則波長(zhǎng)2=4M,每條航模船每分鐘上下振蕩了15次，

則周期7=*=4s,則波速〃=代入數(shù)據(jù)得〃=lm/s,故A正確，88錯(cuò)誤。

故選：Ao

由甲船在最低點(diǎn)時(shí)，乙船在最高點(diǎn)，兩船之間還有兩個(gè)水波的最高點(diǎn)，可分析得出波長(zhǎng)，

由每條航模船每分鐘上下振蕩了15次可得出周期，由u=:計(jì)算波速。

本題考查機(jī)械波及簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)問(wèn)題?？疾橹R(shí)點(diǎn)針對(duì)性強(qiáng)，充分考查了學(xué)生掌握知識(shí)與應(yīng)

用知識(shí)的能力。

6.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】電功和電功率定義、表達(dá)式及應(yīng)用、變壓器的構(gòu)造和原理

【解析】解:A、根據(jù)歐姆定律，初級(jí)線圈前的電阻上的電壓：UR=/】/?,聯(lián)立可得:UR=學(xué),

U1

所以交流電源的電壓為：U=UI+UR=華或，故A正確；

U1

B、電鍵斷開時(shí),次級(jí)線圈上的電流:12=半,由輸出功率等于輸入功率,貝I：UJi=U212,

所以：h=誓=蠱,故B錯(cuò)誤；

C、電鍵閉合后次級(jí)線圈上負(fù)載的電阻值變成惇設(shè)此時(shí)初級(jí)線圈上的電壓為電流

為“，次級(jí)線圈上的電壓為《'，電流為小，初級(jí)線圈前的電阻R上的電壓為冊(cè)'，則：

H=手=等,*=/2*=需,初級(jí)線圈前的電阻R上的電壓:%'="R=*,

交流電源的電壓為：U=￡+UR'=曳需墮；

U1U2

所以：用=也黑運(yùn)1,可得：攀=窸條＜1,所以電壓表瞑的示數(shù)減小，由于變

U11/11/2U?t/j+ZU2

壓器兩側(cè)的電壓比不變，所以電壓表匕的示數(shù)也減小，故c錯(cuò)誤；

。、電壓表匕的示數(shù)減小，說(shuō)明變壓器的輸入電壓減小，所以初級(jí)線圈前的電阻R上的

電壓增大，由歐姆定律可知，初級(jí)線圈前的電阻R上的電流增大，即電源的輸出電流增

大，由于電源的輸出電壓不變，所以電源的輸出功率一定增大，故。錯(cuò)誤。

第12頁(yè)，共22頁(yè)

故選：Ao

根據(jù)歐姆定律求出初級(jí)線圈前的電阻上的電壓，交流電源的電壓為初級(jí)線圈前的電阻上

的電壓與初級(jí)線圈上的電壓的和；

根據(jù)歐姆定律求出次級(jí)線圈上的電流，再由輸出功率等于輸入功率求出初級(jí)線圈中的輸

入電流；

再分析電鍵閉合時(shí)次級(jí)線圈上電阻的變化與電流、電功率的變化，最后分析交流電源輸

出功率的變化。

考查變壓器的基本應(yīng)用，明確原、副線圈的電壓與匝數(shù)的關(guān)系不變是關(guān)鍵。要注意，若

沒有第四個(gè)選項(xiàng)，第三個(gè)選項(xiàng)也可以將初級(jí)線圈前的電阻R看成電源的內(nèi)電阻簡(jiǎn)單化處

理。

7.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡、力的合成與分解、摩擦力

【解析】解：A、將木塊所受重力分解為垂直于斜面方向和沿斜面方向的兩個(gè)分力，木

塊在斜面平面內(nèi)的受力有：沿斜面向下的下滑分力mgsina、水平方向的力尸和斜面給

木塊的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件得：f=y/F2+(mgsinaY，當(dāng)F=0時(shí)，由題圖乙可知：

/i=mgsina,所以木塊的質(zhì)量：機(jī)=￡*，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)木塊剛要運(yùn)動(dòng)時(shí)，靜摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，有：%=pngcosa,則:〃=而胃，

又:m=品,所以f喘tma,故B正確:

C、尸小于Fi時(shí)，摩擦力小于最大靜摩擦力，則木塊保持靜止?fàn)顟B(tài)，靜摩擦力方向與P

和重力的下滑分力mgsina的合力方向相反，不與斜面底邊垂直，故C錯(cuò)誤；

。、尸大于a后木塊將運(yùn)動(dòng)，所受滑動(dòng)摩擦力方向與木塊運(yùn)動(dòng)方向相反，不會(huì)改變速度

方向；重力下滑分力mgsina大小不變，但力F一直增大，所以尸與重力下滑分力mgs譏a

的合力方向不斷變化，造成其方向與速度方向不在一條直線上，木塊做曲線運(yùn)動(dòng)，故。

錯(cuò)誤。

故選：B。

尸=0時(shí)，靜摩擦力/!=zngs譏a,尸=0時(shí)物體開始滑動(dòng)，摩擦力為滑動(dòng)摩擦力；將物

體受力分解為沿斜面平面與垂直斜面的力，分別在斜面平面內(nèi)和垂直斜面方向列平衡方

程即可求解。

本題主要考查了共點(diǎn)力平衡條件的運(yùn)用，題目的難點(diǎn)在于物體受力為空間力系，需要轉(zhuǎn)

換為一個(gè)平面內(nèi)的受力來(lái)分析求解。

8.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】拋體運(yùn)動(dòng)、萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用、向心力

【解析】解：A、設(shè)某星球的重力加速度大小為歷，由題可知在地球上恰好能過(guò)。點(diǎn),

根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得：%=JgR

設(shè)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep,對(duì)彈簧和小物體組成的系統(tǒng)根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：埒=

\rnvl+mg-2R

在某星球上剛好能到C點(diǎn)，對(duì)彈簧和小物體組成的系統(tǒng)根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：Ep=

mg〔R

聯(lián)立可解得：gi=2.5g,故A錯(cuò)誤；

以小物體做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=隹=理

小球從。點(diǎn)水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為x=vDt,

聯(lián)立解得：x=2R,故8錯(cuò)誤；

CD,由萬(wàn)有引力和重力的關(guān)系可得：^=mg

根據(jù)質(zhì)量的計(jì)算公式可得：M=px^nr3

聯(lián)立可得中心天體的半徑：r=

解得中心天體的質(zhì)量為：M=-^—

16n2pzC3

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得：粵=m《，解得：”=屈=匡

r2Vy]4npG

因?yàn)樵撔乔蛎芏群偷厍蛎芏认嗤?，結(jié)合A、B項(xiàng)中重力加速度的關(guān)系可得該星球的第一

宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為5：2,

該星球的質(zhì)量與地球的質(zhì)量之比為125：8,故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

小物體在地球上恰好能過(guò)。點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解通過(guò)。點(diǎn)的速度大小，

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解水平位移；對(duì)彈簧和小物體組成的系統(tǒng)根據(jù)機(jī)械能守恒定律列

方程聯(lián)立求解該星球表面的重力加速度；由萬(wàn)有引力和重力的關(guān)系、質(zhì)量的計(jì)算公式、

萬(wàn)有引力提供向心力聯(lián)立求解第一宇宙速度之比和質(zhì)量之比。

本題主要是考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星

球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬(wàn)有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心

力列方程進(jìn)行解答。

第14頁(yè)，共22頁(yè)

9.【答案】BD

【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡、力的合成與分解

【解析】解：A、開始“受重力、斜面支持力、細(xì)繩拉力T,摩擦力可能有也可能沒有，

有的情況下大小方向也不確定，所以c內(nèi)加入沙子，細(xì)繩拉力T變大，摩擦力變化情況

不確定，故4錯(cuò)誤;

B、c受重力和細(xì)繩拉力，二力平衡，c內(nèi)加入沙子，重力增大，再次平衡時(shí)，細(xì)繩拉力

增大，故8正確;

C、木塊b受力如圖1所示：由平衡條件：2Tcos。=Gb，c內(nèi)加入沙子后再次平衡時(shí),

2T'cos9'=Gb,因?yàn)?'>7,所以cos。'<cos。，所以。‘>8,

設(shè)木塊。和斜面體總重力為G,受力

如圖2所示：由平衡條件：N=G+

Teos。，c內(nèi)加入沙子后再次平衡時(shí)

:M=G+T'cosd',因7cosJ=等

T'cose'=所以：M=N=G+M不變，故C錯(cuò)誤；

D、8點(diǎn)受力如圖3所示：由幾何關(guān)系：d=2a,加入沙子后再次平

衡時(shí)：&=2a',又因?yàn)閐'>e

所以：a'>a,即A2繩與豎直方向的夾角變大，故。正確。

故選：BD。

4、隔離《分析受力解答；B、隔離〃分析受力，由二力平衡解答；C、隔離b列平衡方

程判斷夾角變化，再整體法列平衡方程解答；。、分析8點(diǎn)受力結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)解答。

本題考查了解決平衡問(wèn)題的多種方法：整體法、隔離體法、正交分解法、合成法，解題

時(shí)根據(jù)需要轉(zhuǎn)換研究對(duì)象，變化方法，做好受力分析。

10.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)

【解析】解：A8、粒子從尸點(diǎn)沿尸，方向射入電場(chǎng)后恰好從C點(diǎn)射出，其軌跡是拋物

線，根據(jù)推論知，過(guò)C點(diǎn)做速度的反向延長(zhǎng)線一定與水平位移交于尸，的中點(diǎn)，而延長(zhǎng)

線又經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，所以粒子軌跡一定經(jīng)過(guò)尸￡之間某點(diǎn)，故A、B錯(cuò)誤；

C、由上知，粒子從C點(diǎn)射出時(shí)速度反向延長(zhǎng)線與EH垂直。若增大初速度，粒子軌跡

可能經(jīng)過(guò)尸”之間某點(diǎn)，根據(jù)速度的反向延長(zhǎng)線交水平位移中點(diǎn)，可知粒子不可能垂直

穿過(guò)EH.故C錯(cuò)誤。

。、由平拋知識(shí)類比可知，當(dāng)豎直位移一定時(shí)，水平速度變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則水平位移

也變?yōu)樵瓉?lái)的一半，粒子恰好由E點(diǎn)射出8C,故。正確。

故選：Do

本題運(yùn)用類比的方法分析比較簡(jiǎn)單，也可以運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法研究類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式和推論，分析時(shí)間和豎直關(guān)系進(jìn)行求解。

11.【答案】AO

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能和動(dòng)能定理、牛頓第二定律、向心力

【解析】解：A、設(shè)小球在最低點(diǎn)時(shí)的速度為先,則當(dāng)角度為。時(shí)，由動(dòng)能定理：-mg,Cl-

eos。)=1mv2-mvl,繩子拉力滿足：F-mgeosd=聯(lián)立解得：F=3mgcos9+

(m——2mg)＞故圖線解率大小為史盧=3mg,截距2a=m曳—2?ng,解得：m=~＞

VQ=2y[gly故A正確；

2

B、與圓心等高處，即cos。=0時(shí)，此時(shí)滿足2a=根(，解得：%=7^區(qū)，故3錯(cuò)誤；

C、小球運(yùn)動(dòng)到。=45。時(shí)，由動(dòng)能定理：-cos45°)=Ek解得益=

手mgl,故C錯(cuò)誤；

。、小球在最低點(diǎn)時(shí)。=0,小球?qū)?xì)線的拉力F=3/ngcos8+(m,—2mg)=5a,故

n正確。

故選：AD.

根據(jù)動(dòng)能定理、牛頓第二定律可寫出輕繩彈力大小尸隨cos。變化的表達(dá)式，結(jié)合圖線的

橫軸截距以及斜率分析判斷。

本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)圖象獲取有效信息,

再結(jié)合向受力分析和牛頓第二定律進(jìn)行分析求解。

12.【答案】AC

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)、閉合電路歐姆定律、電磁感應(yīng)中的功能問(wèn)題

【解析】解:AB,以導(dǎo)體棒為研究對(duì)象，全過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得：△t=0-6火，

即：=7n其中5?△[=5，所以有：:::=一"o:

R1+R2尺1+尺2

同理可得：B＞爾=mv_mv

Rr+R2口

第16頁(yè)，共22頁(yè)

聯(lián)立解得："=|%,故A正確、3錯(cuò)誤;

C、導(dǎo)體棒以初速度先從圖示位置間右滑動(dòng)到|處時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv=

lBLv0,感應(yīng)電流為：/=泠丁，則電阻Ri的熱功率為P=/2%,根據(jù)A選項(xiàng)可知苦=

mv0,所以篝=詈，解得：P=費(fèi)端，故C正確；

。、根據(jù)功能關(guān)系可得棒以初速度必從圖示位置向右滑動(dòng)到:處的過(guò)程，回路產(chǎn)生的熱量

為Q諾-Lzn/=5n故。錯(cuò)誤。

x20218

故選：AC?

以導(dǎo)體棒為研究對(duì)象，全過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可求解速度大??；根據(jù)電功率的計(jì)算公式求

解電阻R1的熱功率；根據(jù)功能關(guān)系求解回路產(chǎn)生的熱量。

對(duì)于安培力作用下導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，如果涉及電荷量、求位移問(wèn)題，常根據(jù)動(dòng)量定理

結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律列方程進(jìn)行解答，涉及能量問(wèn)題，常根

據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。

13.【答案】1.150xio-4vi

【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：探究功與物體速度變化的關(guān)系

【解析】解：(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)應(yīng)為:主尺讀數(shù)+分度值X副尺刻度，故讀數(shù)為d=11mm+

0.05mmX10=11.50mm—1.150x10-2mo

(2)滑塊經(jīng)過(guò)光電門的速度D=?

(4)根據(jù)動(dòng)能定理：W-pmgx=|mv2

可得=—2p,gx+華.

根據(jù)丙圖可知，斜率k=—?=-24g,解得“=擊，根據(jù)截距6=與，解得皿=?.

故答案為：(1)1.150x10-2：Q冷(4)?，卷

(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)應(yīng)為：主尺讀數(shù)+分度值X副尺刻度；

(2)滑塊通過(guò)光電門的速度可認(rèn)為等于擋光片通過(guò)光電門的平均速度；

(3)從動(dòng)能定理推理出圖象對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，利用圖象的斜率和縱截距求出彈簧對(duì)物塊做

的功及滑塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題主要是明確實(shí)驗(yàn)的原理和實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)處理，對(duì)于圖問(wèn)題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公

式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)的關(guān)系式，分析斜率的變化，截距的大小等，然后作

出正確的判斷。

14.【答案】因?yàn)殡娏鞅淼氖緮?shù)太小，無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)RoV2匕舞不存在

【知識(shí)點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻

【解析】解：(1)電流表和電壓表串聯(lián)，%=3憶rx?1200/2,則電流為

E

/=—=2.5mA

n

而電流表的量程為0?0.64,不能測(cè)2.5nM的電流，故不合理，因?yàn)殡娏鞅淼氖緮?shù)太小，

無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)：

(2)將匕、R.串聯(lián)，再用彩測(cè)它們的電壓；而出一必得飛的電壓，再用該電壓除以Ro得

出電流，再用歐姆定律可求出匕的內(nèi)阻力；故甲處應(yīng)連接Ro；乙處應(yīng)連接彩；丙處應(yīng)連

接匕.

(3)匕的電流為

則電壓表匕的內(nèi)阻G=￡=黑

(4)根據(jù)歐姆定律可知，電壓和電流均為準(zhǔn)確值，則可知電壓表匕的內(nèi)阻不存在系統(tǒng)誤

差。

故答案為：(1)因?yàn)殡娏鞅淼氖緮?shù)太小，無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)；(2)Ro,瞑，匕；(3)含■:(4)不

u2~ul

存在

(1)分析電流值，根據(jù)電流表量程判斷；

(2)選擇將匕、R.串聯(lián)，再用彩測(cè)它們的電壓；

(3)根據(jù)串并聯(lián)關(guān)系與歐姆定律可求得電壓表內(nèi)阻；

(4)電壓和電流均為準(zhǔn)確值，則可知電壓表匕的內(nèi)阻不存在系統(tǒng)誤差。

本題考查測(cè)電壓表內(nèi)阻，需要掌握串并聯(lián)關(guān)系與歐姆定律進(jìn)行計(jì)算，同時(shí)注意由于電壓

和電流均為準(zhǔn)確值，則可知電壓表匕的內(nèi)阻不存在系統(tǒng)誤差。

15.【答案】解：⑴設(shè)此時(shí)壓強(qiáng)為P2,氣體做等容變化，由查理定律可知，篙其

中7\=290K,T2=310K

s

解得:p2=1.6x10Pa

(2)充氣過(guò)程為等溫變化，設(shè)需要踩踏w次，由玻意耳定律可知：pV+2np0^V=P1V

解得n=38次

答：(1)此時(shí)籃球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為1.6x105Pa；

第18頁(yè)，共22頁(yè)

（2）需要用腳踩踏38次。

【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程

【解析】（1）被封閉氣體做等容變化，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)查理定律即可求得；

（2）把打入的氣體和球內(nèi)的氣體作為整體，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律求得。

本題主要考查了查理定律和玻意耳定律，關(guān)鍵是找出初末狀態(tài)參量，把變質(zhì)量問(wèn)題轉(zhuǎn)化

為恒質(zhì)量為題。

16.【答案】解：（1）機(jī)器人小車穩(wěn)定后行進(jìn)速度大小為%=2兀所

機(jī)器人小車從啟動(dòng)到開始轉(zhuǎn)彎的時(shí)間匕=宇+to

v0

機(jī)器人小車轉(zhuǎn)彎是以車輪軸距中點(diǎn)處為圓心，以T為半徑的圓周運(yùn)動(dòng)

轉(zhuǎn)彎時(shí)間t2=￥

轉(zhuǎn)彎后從啟動(dòng)到再運(yùn)動(dòng)么的距離所用時(shí)間J=F+玲

v0

,,,,nd

12

所以機(jī)器人所用總時(shí)間［=tl+b+t3=+2t0

L4J2nnru

（2）機(jī)器人小車從啟動(dòng)到開始轉(zhuǎn)彎的時(shí)間仍為匕=M+壇

第二次轉(zhuǎn)彎的運(yùn)動(dòng)是以右輪為圓心，以車輪間軸距d為半徑的圓周運(yùn)動(dòng)

轉(zhuǎn)彎時(shí)間t4=支

%

轉(zhuǎn)彎后從啟動(dòng)到再運(yùn)動(dòng)G的距離所用時(shí)t5=臺(tái)+t。

v0

.,.,nd.

所以機(jī)器人小車第二次運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為y=L+4+卜=出g1+2%

14b2nnru

,,,,nd

答：（1）機(jī)器人小車從啟動(dòng)到轉(zhuǎn)彎再行進(jìn)功所用的總時(shí)間為（吟濘+2t0）；

（2）機(jī)器人小車第二次運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為（空需二+2%）。

【知識(shí)點(diǎn)】圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】先判斷機(jī)器人小車行進(jìn)的速度，再根據(jù)t=；分別判斷小車從啟動(dòng)到開始轉(zhuǎn)彎的

時(shí)間，小車第一、二次轉(zhuǎn)彎時(shí)間和轉(zhuǎn)彎后從啟動(dòng)到再運(yùn)動(dòng)乙2的距離所用時(shí)間。

本題在運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式時(shí)要注意正確判斷小車運(yùn)動(dòng)的路程，結(jié)合s=區(qū)判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

17.【答案】解：（1）由牛頓第三定律可知，碰后瞬間小物塊在8點(diǎn)所受的支持力/V=

9.5/V

在2點(diǎn)，由牛頓第二定律可知:

小物塊根0與小物塊機(jī)碰撞前后，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可知：

movo=mov1+mv2

由機(jī)械能守恒定律可知：

111

詔=-movl+-mv1

其中Tn。—0.5kg,m-1kg

聯(lián)立解得，碰撞瞬間小物塊，"的速度大小為：v2=6m/s

(2)小物塊機(jī)和長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可知：nmg=ma.

解得小物塊m的加速度大小為的=2m/s2

設(shè)小物塊，"滑上長(zhǎng)木板后經(jīng)過(guò)時(shí)間f,小物塊m與長(zhǎng)木板具有相同的速度v,則

V=V2—。1七=Q2t

解得u=4m/s,t=Is<=2s

假設(shè)此后小物塊，”與長(zhǎng)木板一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)小物塊機(jī)和長(zhǎng)木板整體，由牛

頓第二定律可知：

F=(M+m)a

其中F=6N

解得一起運(yùn)動(dòng)的加速度大小a