北京市西城14中2024屆物理高一第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

北京市西城14中2024屆物理高一第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、如圖所示，豎立在水平面上的輕彈簧下端固定，將一個(gè)小球放在彈簧頂端（球與彈簧不連接），用力向下壓球使彈簧被壓縮，松手后小球被彈起，脫離彈簧后小球還能繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)直到速度為零。從小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次上升至最高點(diǎn)的過(guò)程中，下列描述正確的是（）A.在脫離彈簧前小球的合力始終豎直向上B.在脫離彈簧前小球的合力先減小后增大C.小球的加速度先減小后恒定D.脫離彈簧時(shí)小球的速度最大2、物體做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，相繼經(jīng)過(guò)兩段距離為的路程，第一段用時(shí)，第二段用時(shí)，則物體的加速度是A. B.C. D.3、如圖所示，用根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細(xì)繩與豎直方向夾30°角且繃緊，小球入處于靜止，則需對(duì)小球施加的最小力等于（）A.mg B.mgC.mg D.mg4、一個(gè)做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體，先后經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度大小分別是4v和v，所用時(shí)間為t，下列判斷正確的是（）A.物體的加速度大小為 B.經(jīng)過(guò)ab中點(diǎn)時(shí)的速率是C.在時(shí)刻的速率是 D.這段時(shí)間內(nèi)的位移為5、下列關(guān)于牛頓運(yùn)動(dòng)定律說(shuō)法中，正確的是()A.力是改變物體慣性的原因 B.一對(duì)作用力和反作用力的作用效果總相同C.物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的難易程度就是加速度 D.力的國(guó)際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的6、下列說(shuō)法正確的是()A.伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是完全基于實(shí)驗(yàn)事實(shí)得出的B.伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)證明了力不是物體維持運(yùn)動(dòng)的原因C.牛頓第一定律（慣性定律）反映了物體不受外力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，因此物體只在不受外力時(shí)才有慣性D.由牛頓第一定律可知，物體在任何情況下始終處于靜止或勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)7、如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的甲、乙兩木塊之間壓縮一輕彈簧，用細(xì)線(xiàn)拉緊，豎直放置在水平地面上．當(dāng)整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧豎直，細(xì)線(xiàn)的拉力大小為F．將細(xì)線(xiàn)剪斷的瞬間，下列說(shuō)法中正確的是A.甲的加速度大小為B.甲的加速度大小為C.乙對(duì)地面的壓力大小為(m1+m2)g+FD.地面對(duì)乙的支持力大小為(m1+m2)g8、我市奧運(yùn)冠軍鄧薇在2019年舉重世界杯暨東京奧運(yùn)會(huì)資格賽中再次打破世界紀(jì)錄．如圖為鄧薇在進(jìn)行抓舉比賽。下列說(shuō)法正確的是A.在抓舉杠鈴上升階段，手對(duì)杠鈴的作用力大于杠鈴對(duì)手的作用力B.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力等于杠鈴對(duì)手的作用力C.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴對(duì)手的作用力是一對(duì)平衡力D.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴所受重力是一對(duì)平衡力9、用計(jì)算機(jī)輔助實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)做驗(yàn)證牛頓第三定律的實(shí)驗(yàn)∶用一輛電玩具汽車(chē)拖運(yùn)另一輛無(wú)動(dòng)力的玩具汽車(chē)，在兩車(chē)掛接處裝上傳感器探頭，并把它們的掛鉤連在一起.當(dāng)電玩具汽車(chē)通電后拉著另一輛車(chē)向前運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以在顯示器屏幕上呈現(xiàn)相互作用力隨時(shí)間變化的圖像，如圖所示.觀(guān)察分析兩個(gè)力傳感器的相互作用力隨時(shí)間變化的曲線(xiàn)，可以得出以下實(shí)驗(yàn)結(jié)論，其中正確的是A.作用力與反作用力的大小時(shí)刻相等B.作用力與反作用力作用在同一物體上C.作用力與反作用力大小相等，方向相反D.作用力與反作用力方向相同10、在電梯內(nèi)地板上放一體重計(jì)，電梯靜止時(shí)，某同學(xué)站在體重計(jì)上，體重計(jì)示數(shù)為50kg；電梯運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，某一段時(shí)間內(nèi)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)為40kg，如圖所示，則在這段時(shí)間內(nèi)(g取10m/s2)A.電梯以2m/s2的加速度加速下降B.電梯以2m/s2的加速度減速上升C.電梯以8m/s2的加速度加速上升D.電梯以8m/s2的加速度減速下降11、作用在同一個(gè)物體上的三個(gè)共面共點(diǎn)力，第一個(gè)力的大小是1N，第二個(gè)力的大小是5N，第三個(gè)力的大小是9N，它們合力的大小可能是A.0N B.2NC.4N D.6N12、如圖所示，質(zhì)量為m的小球穿在足夠長(zhǎng)的水平固定直桿上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)對(duì)小球同時(shí)施加水平向右的恒力F0和豎直向上的力F，使小球從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，其中豎直向上的力F大小始終與小球的速度成正比，即(圖中未標(biāo)出)．已知小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B.小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)C.小球的最大速度為D.小球的最大加速度為二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線(xiàn)上）13、（6分）14、（10分）三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，長(zhǎng)L=10m的水平傳送帶以速度v=8m/s勻速運(yùn)動(dòng)．質(zhì)量分別為2m、m的小物塊P、Q，用不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩，通過(guò)固定光滑小環(huán)C相連．小物塊P放在傳送帶的最左端，恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，C、P間的細(xì)繩水平．現(xiàn)在P上固定一質(zhì)量為2m的小物塊(圖中未畫(huà)出)，整體將沿傳送帶運(yùn)動(dòng)，已知Q、C間距大于10m，重力加速度g取10m/s2.求：(1)小物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)小物塊P從傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間；(3)當(dāng)小物塊P運(yùn)動(dòng)到某位置S（圖中末畫(huà)出）時(shí)將細(xì)繩剪斷，小物塊P到達(dá)傳送帶最右端時(shí)剛好與傳送帶共速，求位置S距傳送帶右端距離16、（12分）質(zhì)量為5.0kg的物體，放在光滑的水平面上，受水平恒定拉力F的作用，由靜止開(kāi)始作勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，位移為36m時(shí)，速度為24m/s．求：(1)物體運(yùn)動(dòng)的加速度的大??；(2)物體所受水平恒定拉力F的大小17、（12分）如圖，質(zhì)量為m=lkg的小球穿在斜桿上，斜桿與水平方向的夾角為θ=30°，球恰好能在桿上勻速滑動(dòng)。若球受到一大小為F=20N的水平推力作用，可使小球沿桿向上加速滑動(dòng)（g取10m/s2），求：(1)小球與斜桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的大小；(2)小球沿桿向上加速滑動(dòng)的加速度大小。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、B【解題分析】在脫離彈簧前，開(kāi)始時(shí)彈力大于重力，小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈力等于重力時(shí)速度最大；后來(lái)彈力小于重力，加速度向下逐漸增大，小球做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)。所以小球的加速度先減小后增大。脫離彈簧后，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)。選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。2、B【解題分析】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度知，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)第一段時(shí)計(jì)時(shí)，則時(shí)的瞬時(shí)速度等于~內(nèi)的平均速度時(shí)的瞬時(shí)速度等于~內(nèi)的平均速度兩個(gè)中間時(shí)刻的時(shí)間間隔為根據(jù)加速度定義可得故選B。3、C【解題分析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，如圖根據(jù)作圖法分析得到，當(dāng)小球施加的力F與細(xì)繩垂直時(shí)，所用的力最小。根據(jù)平衡條件得，F(xiàn)的最小值為故選C。4、D【解題分析】根據(jù)速度時(shí)間公式求出物體的加速度，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論求解中間位置的速度；根據(jù)平均速度的推論求出中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，根據(jù)平均速度求解這段時(shí)間內(nèi)的位移【題目詳解】物體的加速度大小為：，故A錯(cuò)誤；中點(diǎn)的速率為，B錯(cuò)誤；在時(shí)刻的速率為：，C錯(cuò)誤；t時(shí)間內(nèi)的位移大小，故D正確．故選D.5、D【解題分析】A．慣性取決于物體的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．作用力和反作用力作用在兩個(gè)物體上，不能進(jìn)行合成，不能抵消，故B錯(cuò)誤；C．物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的難易程度取決于物體慣性大小，故C錯(cuò)誤；D．力國(guó)際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的，故D正確。故選D。6、B【解題分析】A.伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)結(jié)論是在基于實(shí)驗(yàn)事實(shí)基礎(chǔ)上經(jīng)過(guò)科學(xué)的推理得出的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)證明了力不是物體維持運(yùn)動(dòng)的原因，選項(xiàng)B正確；C.牛頓第一定律（慣性定律）反映了物體不受外力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，物體在任何情況下都有慣性，與是否受力無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.由牛頓第一定律可知，物體在不受力或合力為0時(shí)處于靜止或勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.7、AC【解題分析】系統(tǒng)靜止時(shí)，根據(jù)繩子的拉力，結(jié)合共點(diǎn)力平衡求出彈簧的彈力，細(xì)繩燒斷的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律和共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析求解【題目詳解】A、B、開(kāi)始系統(tǒng)處于靜止，對(duì)甲分析，有：F+m1g=F彈，剪斷細(xì)線(xiàn)的瞬間，彈簧彈力不變，對(duì)甲由牛頓第二定律得，聯(lián)立得；故A正確，B錯(cuò)誤.C、D、對(duì)乙分析可知，剪斷細(xì)繩前后均處于靜止，則，聯(lián)立F+m1g=F彈可知，由牛頓第三定律可知乙對(duì)地面的壓力；故C正確，D錯(cuò)誤.故選AC.【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡和牛頓第二定律進(jìn)行求解，知道剪斷細(xì)繩的瞬間，彈簧的彈力不變8、BD【解題分析】ABC．手對(duì)杠鈴的作用力和杠鈴對(duì)手的作用力是相互作用力，等大反向，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，AC錯(cuò)誤，B正確；D．舉住杠鈴靜止時(shí)，杠鈴所受合力為零，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴所受重力是一對(duì)平衡力，D正確。故選BD。9、AC【解題分析】AC．由圖象不難看出兩個(gè)力的大小總是相等的，并且兩個(gè)力的方向也是始終相反的，它們的變化的情況也是一樣的，所以AC正確；BD．作用力與反作用力是兩個(gè)物體之間的相互作用，大小相等，方向相反，所以BD錯(cuò)誤。故選AC。10、AB【解題分析】對(duì)人受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可知mg-FN=ma解得a=2m/s2加速度方向向下，故電梯可能是減速向上運(yùn)動(dòng)，也可能加速向下運(yùn)動(dòng).A．電梯以2m/s2的加速度加速下降，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．電梯以2m/s2的加速度減速上升，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．電梯以8m/s2的加速度加速上升，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電梯以8m/s2的加速度減速下降，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AB。11、CD【解題分析】F1=1N、F2=5N、F3=9N，三個(gè)力最大值等于三個(gè)力之和。即15N。F1、F2兩個(gè)力的合力最大為6N，最小為4N，F(xiàn)3=9N不在這兩個(gè)力的合力范圍內(nèi)，所以三個(gè)力最小值是3N。因此三個(gè)力的合力范圍：3N≤F≤15N，A．0N，故A不符合題意；B．2N，故B不符合題意；C．4N，故C符合題意；D．6N，故D符合題意。故選CD。12、BC【解題分析】對(duì)小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律表示出加速度，分析加速度隨速度的變化情況，進(jìn)而分析運(yùn)動(dòng)情況【題目詳解】AB、剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度為a=，當(dāng)速度v增大，加速度增大，當(dāng)速度v增大到符合kv>mg后，加速度為：a=，當(dāng)速度v增大，加速度減小，當(dāng)a2減小到0，做勻速運(yùn)動(dòng)，所以小球的速度先增大后保持不變，加速度先增大后減小，最后保持不變，故A錯(cuò)誤，B正確；C.當(dāng)加速度為零時(shí)，小球的速度最大，此時(shí)有：F0=μ(kvm?mg)，故最大速度為：，故C正確；D.當(dāng)阻力為零時(shí)，加速度最大，故小球的最大加速度為F0/m，故D錯(cuò)誤故選BC二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線(xiàn)上）13、14、三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（1）0.5（2）（3）4m【解題分析】(1)對(duì)物體P、Q分別由平衡條件求解即可；(2)判斷滑塊的運(yùn)動(dòng)是一直加速還是先加速后勻速.(3)相對(duì)運(yùn)動(dòng)確定滑動(dòng)摩擦力，相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)弄清靜摩擦力方向，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求距離.【題目詳解】(1)設(shè)靜止時(shí)細(xì)繩的拉力為T(mén)0，小物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，P、Q受力如圖:由平衡條件得：(2)設(shè)小物塊P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為a1，細(xì)繩的拉力為T(mén)，P、Q受力如圖，由牛頓第二定律得,對(duì)P：對(duì)Q：假設(shè)P一直加速至傳送帶最右端時(shí)間為t，末速度為v1由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：v1=聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：,v1=<v假設(shè)成立.(3)設(shè)細(xì)繩剪斷后小物塊P的加速度大小為a2，小物塊P在S處的速度大小為，位置S距離傳送帶左端距離為，距離傳送帶右端距離為，P受力如圖:斷繩后由牛頓第二定律得：斷繩前由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：斷繩后由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)得：S距離傳送帶右端距離：【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵是明確滑塊P、Q的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式