2021年湖南省岳陽市臨澧一中高考物理模擬試卷 含解析

2021年湖南省岳陽市臨澧一中高考物理模擬試卷

一、選擇題（共10小題:每小題4分:共40分，每小題有一個或多個正確選項:全部答

對的得4分:選對但不全的得2分:錯選或不選得。分,（

1,如圖所示分別為一列橫波在某一時刻的圖象和在x=6m處的質點從該時刻開頭計

時的振動圖象:則這列波（（

A,,沿x軸的正方向傳播B,,沿x軸的負方向傳播

C,,波速為Im/sD,,波速為2.5m/s

2,如圖所示的電路中：當R的滑動觸頭向右移動時（

A,,R上電流的變化大于R上電流的變化13

B,,R上電流的變化小于R上電流的變化13

C,,R上電壓的變化大于路端電壓的變化2

D,,R上電壓的變化小于路端電壓的變化2

3,如圖所示:滑塊A和B疊放在固定的斜面體上:從靜止開頭以相同的加速度一起沿

斜面加速下滑，已知B與斜面體之間光滑接觸：則在AB卜滑過程中：下列說法正確的

是（（

B

A.,A只受到重力和B的支持力的作用

B,,A對B的壓力大小等于A受到的重力大小

C,,下滑過程中A的機械能守恒

D,,下滑過程中B對A做負功

4,太陽系八大行星繞太陽運動的軌道可粗略地認為是圓：各行星的半徑、日星距離和

質量如表所示：

行星名稱水星金星地球火星木星土星天王星海王

星

星球半徑/xl06m2.446.056.383.4071.4960.2725.56

24.75

日星總巨離/xlOllmO.581.081.502.287.7814.2928.71

45.04

星球質量/xl024kg0.334.876.000.64190056986.8102由表中所列數據可以

估算海王星公轉的周期最接近于((

A,,1050年B,,165年C,,35年D,,15年

5,如圖所示:物體P左邊用一根輕彈簧和豎直墻相連:放在粗糙水平面上：靜止時彈簧

的長度大于原長，若再用一個從零開頭漸漸增大的水平力F向右拉P：直到把P拉動,

在P被拉動之前的過程中：彈簧對P的彈力T的大小和地面對P的摩擦力f的大小

的變化狀況是((

I---F

WW/lp---?

A,,T始終增大:f始終減小

B?T先不變后增大:f先減小后增大

C?T保持不變:f始終減小

D,,T保持不變:f先減小后增大

6,傳感器是把非電學物理量（如位移、速度、壓力、角度等（轉換成電學物理量（如電

壓、電流、電量等（的一種元件，如圖所示中的甲、乙、丙、丁是四種常見的電容式

傳感器：下列說法正確的是（（

A,,圖甲中兩極間的電量不變:若電壓削減:可推斷出h變小

B,,圖乙中兩極間的電量不變:若電壓增力口:可推斷出9變大

C,,圖丙中兩極間的電壓不變:若有電流流向傳感器的負極:則插入長度x變大D,,

圖丁中兩極間的電壓不變:若有電流流向傳感器的正極:則F變大

7,如圖所示:足夠長的小平板車B的質量為M：以速度v向右在光滑水平面上運動:質

o

量為m的物體A被輕放到車的右端：由于物體與車面之間的摩擦力f的作用:A也運

動起來：當A在車面上達到最大速度時：下列說法錯誤的是（（

A,,平板車的速度最小

B,,物體A不再受摩擦力作用

C,,在此過程:摩擦力對A、B系統(tǒng)的總沖量為mvo

MIDVQ

（M+in）f

D,,此過程經受時間為

8,如圖所示:一水平放置的平行板電容器充完電后始終與電源相連:帶正電的極板接

地:兩極板間在P點固定一帶正電的點電荷:若將負極板向下移動一小段距離穩(wěn)定后

（兩板仍正對平行（:則下列說法中正確的是（（

由p：

A,,P點的電勢上升B,,兩板間的場強不變

C,,點電荷的電勢能減小D,,兩極板所帶的電量不變

9,假如a、b、c、d是勻強電場中的四個點:它們正好是一個梯形的四個頂點：電場

線與梯形所在的平面平行:ab平行cd：且ab邊長為cd邊長的一半：已知a點的電

勢是3V：b點的電勢是5V：c點的電勢是7V：由此可知:d點的電勢為（（

A,,1VB,,2VC,,3VD,,4V

10,內壁光滑的絕緣材料制成圓軌道固定在傾角為e的斜面上：與斜面的交點是A：直

徑AB垂直于斜面:直徑CD和MN分別在水平和豎直方向上,它們處在水平方向的

勻強電場中,質量為m、電荷量為q的小球（可視為點電荷（剛好能靜止于圓軌道內的

A點,現對在A點的該點電荷施加一沿圓環(huán)切線方向的瞬時沖量:使其恰能繞圓環(huán)完

成圓周運動，下列對該點電荷運動的分析:正確的是（（

A,.小球確定帶負電

B,,小球運動到B點時動能最小

C,,小球運動到M點時動能最小

D,,小球運動到D點時機械能最小

二、試驗題,20分”

11,科學試驗是人們生疏自然的重要手段，電學試驗中經常需要測量某負載的電阻，

（1（測電阻的方法有多種：現在有一只標有“220V：100W”的燈泡:它正常工作時的電

阻為。，若用多用電表的歐姆檔來測量這只燈泡的電阻:則測出的電阻應

（填“大于"、"等于''或“小于”（燈泡正常工作時的電阻，這是由于，（2（請

你用下列器材設計一個試驗:測定燈泡正常工作時的電阻，

A.220V溝通電源

B,單刀雙擲開關一個

C,電阻箱一個（0：999Q:額定電流1A（

D,溝通電流表一個（0：0.6A（

E,導線若干

請畫出電路原理圖,

12,某同學為了測電流表A的內阻精確值:有如下器材:i

電流表A(量程300mA：內阻約為50(,1

電流表A(量程600mA：內阻約為1。(,2

電壓表V(量程15V：內阻約為3kQ(,

定值電阻R(5Q(,o

滑動變阻器R(0：10Q：額定電流為1A(,I

滑動變阻器R(0：250Q：額定電流為0.3A(,2

電源E(電動勢3V：內阻較小(

導線、開關若干

(1(要求待測電流表,A的示數從零開頭變化:且多測幾組數據:盡可能的削減誤差:從1

以上給定的器材中選擇恰當的器材，在如圖所示線框內畫出測量用的電路原理圖：并

在圖中標出所用儀器的代號，

(2(若選測量數據中的一組來計算電流表A的內阻r：則r表達式為

r=,1111

式中各符號的意義是，

三、計算題,本題共3小題:共40分，解答要寫出必要的文字說明、方程式和重要的

演算步驟，只寫出最終答案不能得分，有數值計算的題:答案必需寫出數值的單位,,13,

某日有霧的早晨:一艘質量為m=500t的輪船:從某碼頭由靜止啟航做直線運動：并

保持發(fā)動機輸出功率等于額定功率不變:經t=10min后:達到最大行駛速度

v=20m/s：霧也om

恰好散開:此時船長突然發(fā)覺航線正前方s=480m處:有一只拖網漁船以v=5m/s

的速度沿o

垂直航線方向勻速運動;且此時漁船船頭恰好位于輪船航線上:輪船船長馬上下令關

閉發(fā)

5動機且附加了制動力F=1.0xl0N：結果漁船的拖網剛好越過輪船的航線時:輪船也剛

好從該點通過:從而避開了事故的發(fā)生:已知漁船和拖網共長L=200m,求：

(1(輪船減速時的加速度大小a,

(2(輪船的額定功率P,

(3(發(fā)覺漁船時:輪船已離開碼頭的距離s.

14,如圖所示:兩電阻不計的足夠長光滑平行金屬導軌與水平面夾角為①導軌間距為

I：所在平面的正方形區(qū)域abed內存在有界勻強磁場:磁感應強度大小為B：方向垂直

于斜面對上，如圖所示:將甲、乙兩阻值相同：質量均為m的相同金屬桿放置在導軌上:

甲金屬桿處在磁場的上邊界：甲、乙相距I,從靜止釋放兩金屬桿的同時:在金屬桿甲

上施加一個沿著導軌的外力：使甲金屬桿在運動過程中始終沿導軌向下做勻加速直線

運動:且加速度大小以a=gsin。：乙金屬桿剛進入磁場時做勻速運動，

(1(求每根金屬桿的電阻R為多少，

(2(從剛釋放金屬桿時開頭計時:寫出從計時開頭到甲金屬桿離開磁場的過程中外力

F隨時間t的變化關系式:并說明F的方向，

(3(若從開頭釋放兩桿到乙金屬桿離開磁場：乙金屬桿共產生熱量Q：試求此過程中外

力F對甲做的功，

15,如圖所示:某放射線源處于Oxy,平面坐標系的0點：該放射源連續(xù)放出速度為v

的。電子：電子的電量為e：質量為m.通過技術手段：只剩下在Oxy,平面？、？象限內

的電子，今要讓這些電子都能在,H+H,的區(qū)域內平行x軸向x軸的正方向前進，某同

學想只通過勻強磁場達到上述目的：試問

(1(磁場的大小和方向怎樣，

(2(給出所加磁場的區(qū)域邊界方程,

2021年湖南省岳陽市臨澧一中高考物理模擬試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題(共10小題:每小題4分:共40分，每小題有一個或多個正確選項：全部答

對的得4分:選對但不全的得2分:錯選或不選得0分,(

1,如圖所示分別為一列橫波在某一時刻的圖象和在x=6m處的質點從該時刻開頭計

時的振動圖象:則這列波((

A,,沿x軸的正方向傳播B,,沿x軸的負方向傳播

C,,波速為lm/sD,,波速為2.5m/s

考點:波長、頻率和波速的關系,橫波的圖象，

分析:依據t=0時刻x=6m處質點的振動方向得到波的傳播方向：由左圖得到波長：

右圖得到周期：依據v=求解波速，

T

解答:解:A、B：t=O時刻x=6m處質點的振動方向是向上：由波形平移法知:波沿x

軸負方向傳播：故A錯誤：B正確，

X

T

C、由左圖得到波長為人=8m：右圖得到周期為T=0.08s：故波速v==100m/s：故

CD錯誤，

故選：B.

X

T

點評:本題關鍵明確波形平移方向與質點振動方向的關系：能夠結合公式v=求解波速,

2,如圖所示的電路中：當R的滑動觸頭向右移動時((1

言

A,,R上電流的變化大于R上電流的變化13

B,,R上電流的變化小于R上電流的變化13

C,.R上電壓的變化大于路端電壓的變化2

D,,R上電壓的變化小于路端電壓的變化2

考點：閉合電路的歐姆定律，

專題:恒定電流專題，

分析:依據滑片的移動方向推斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化:然后由串并

聯電路特點及歐姆定律分析答題，

解答:解:AB、由電路圖可知：滑動變阻器的滑動片向右移動時:滑動變阻器接入電路

的阻值增大：電路的總電阻增大，

電源的電動勢不變：由閉合電路歐姆定律可知：電路總電流I減小:并聯部分的電壓增

大:通過R的電流增大：由于總電流減小:所以通過R的電流減小:且R上電流的變化

大于211

R上電流即總電流的變化:故A正確：B錯誤,3

CD、R上電壓增大：R上電壓減?。核鼈兊目傠妷杭绰范穗妷涸龃?所以R上電壓的

變232化大于路端電壓的變化，故C正確：D錯誤，

故選:AC

點評:本題是電路的動態(tài)變化分析問題:首先分析變阻器接入電路的電阻如何變化:接

著分析總電阻、總電流和路端電壓的變化:再分析局部電流、電壓的變化：即按“局部

到整體再到局部”的思路進行分析，

3,如圖所示:滑塊A和B疊放在固定的斜面體上：從靜止開頭以相同的加速度一起沿

斜面加速下滑，已知B與斜面體之間光滑接觸:則在AB下滑過程中：下列說法正確的

是（（

A.,A只受到重力和B的支持力的作用

B,,A對B的壓力大小等于A受到的重力大小

C,,下滑過程中A的機械能守恒

D,,下滑過程中B對A做負功

考點:機械能守恒定律，牛頓其次定律，

專題:機械能守恒定律應用專題，

分析:先整體法分析:AB整體沿斜面對下勻加速直線運動:再隔離A進行分析求解即

可，解答:解:A、對整體受力分析可得整體的加速度沿著斜面對下：大小為gsinB：對

小木塊A將加速度分解為水平向左的加速度a和豎直向下的加速度a：xy

而對小木塊A受力有重力mg（豎直向下（、支持力N（豎直向上（和摩擦力f（水平方

向（：明顯水平分加速度只能由摩擦力供應：即f=ma：x

故小木塊A受到水平向左的摩擦力：故A錯誤，

B、小木塊有豎直向下的加速度：豎直方向由牛頓其次定律可得:mgN=ma,：故mg,y

N：所以B對A的支持力的大小小于A受到的重力大小:依據牛頓第三定律可知:A對

B的壓力大小小于A受到的重力大小，故B錯誤，

A受力如圖所示：

■N

?G

C、D、當物塊A下滑的距離為L時:合外力做的功:W=mgsinB?L：該過程中重力做

的功:1

W=mgh=mgL?sin8=W：可知物體受到的合外力做的功與重力做的功相等:說明除

重力做G1

的功外:其他的力做功的總和為0,即B對A做功的合為0:所以下滑過程中A的機械

能守恒，故C正確：D錯誤，

故選:C

點評:解決本題的關鍵知道B與整體具有相同的加速度:依據加速度確定物體的合力

方向，留意整體法和隔離法的運用，

4,太陽系八大行星繞太陽運動的軌道可粗略地認為是圓：各行星的半徑、日星距離和

質量如表所示：

行星名稱水星金星地球火星木星土星天王星海王

星

星球半徑/xl06m2.446.056.383.4071.4960.2725.56

24.75

日星距離/x101ImO.581.081.502.287.7814.2928.71

45.04

星球質量/xl024kg0.334.876.000.64190056986.8102由表中所列數據可以

估算海王星公轉的周期最接近于((

A?1050年B?165年C,,35年D?15年考點:萬有引力定律及其應用，

專題:萬有引力定律的應用專題，

分析:依據開普勒第三定律內容太陽系中全部行星的軌道半長軸的3次方與其公轉周

期的平方的比值都相等：即，

解答:解:依據開普勒第三定律內容太陽系中全部行星的軌道半長軸的3次方與其公

轉周期的平方的比值都相等：

R3

T2

即：對圍繞同一中心天體運行的行星（或衛(wèi)星（都相同,

R地1R海3

T~~2

T地T海

所以

地球的公轉周期是1年:從表中可以知道地球和天王星的軌道半徑:

所以天王星的公轉的周期T=T=?165年，天地

故B正確,

號k

T2

點評:解該題關鍵要把握:式中的k值:對圍繞同一中心天體運行的行星（或衛(wèi)星（都相

同，

5,如圖所示:物體P左邊用一根輕彈簧和豎直墻相連:放在粗糙水平面上:靜止時彈簧

的長度大于原長，若再用一個從零開頭漸漸增大的水平力F向右拉P：直到把P拉動,

在P

被拉動之前的過程中：彈簧對P的彈力T的大小和地面對P的摩擦力f的大小的變

化狀況是（（

F

,WWAP

77/Z/77

A,,T始終增大:f始終減小

B.,T先不變后增大:f先減小后增大

C,,T保持不變:f始終減小

D,,T保持不變:f先減小后增大

考點:力的合成與分解的運用，胡克定律，

專題:受力分析方法專題，

分析:在P被拉動之前的過程中：彈簧仍處于原狀：因此彈力不變:而物體P先開頭受

到向右的靜摩擦力：當拉力漸漸增大時：導致毀滅向左的靜摩擦力：因而依據進行受力

分析：即可推斷，

解答:解：由題意可知:放在粗糙水平面上:靜止時彈簧的長度大于原長：

則彈簧對P的拉力向左：由于粗糙水平面：因此同時受到水平向右的靜摩擦力，當再用

一個從零開頭漸漸增大的水平力F向右拉P：直到把P拉動前過程中:物體P受到的

靜摩擦力從向左變?yōu)樗较蛴遥?/p>

所以其大小先減小后增大,故只有D正確:ABC均錯誤，

故選D.

點評:本題解題的關鍵是對P物體進行正確的受力分析:知道當P沒有運動時:彈簧彈

力不變:而由于拉力的變化:從而導致靜摩擦力的方向變化:難度適中，

6,傳感器是把非電學物理量（如位移、速度、壓力、角度等（轉換成電學物理量（如電

壓、電流、電量等（的一種元件，如圖所示中的甲、乙、丙、丁是四種常見的電容式

傳感器:下列說法正確的是（（

A,,圖甲中兩極間的電量不變:若電壓削減:可推斷出h變小

B,,圖乙中兩極間的電量不變：若電壓增力U:可推斷出0變大

C,,圖丙中兩極間的電壓不變:若有電流流向傳感器的負極:則插入長度x變大D,,

圖丁中兩極間的電壓不變:若有電流流向傳感器的正極:則F變大

考點：電容器的動態(tài)分析，

專題：電容器專題，

SSQ

4兀kdU

分析:依據電容的打算式C=和定義式C=結合分析電量不變時：電壓增加時:h如何變

化，分析電壓不變時:x如何變化，

SS

4冗kd

解答:解:A、圖甲中由電容的打算式C=得知：h變?。簝蓸O板正對面積變小:則C變小:

由于兩極間的電量不變:則由電容的定義式C=分析知道:則電壓變大:故A錯誤，

QSS

U4Kkd

B、圖乙中9變大:極板正對面積減?。河呻娙莸拇蛩闶紺=得知電容減小:兩極間的

電量不變:則由電容的定義式C=分析知道：電壓增力口：故B正確，

Q

U

C、圖丙中兩極間的電壓不變:有電流流向傳感器的負極:則電容器在放電：電量減?。?/p>

由電容的定義式C=分析知道：電容減?。河呻娙莸拇蛩闶紺=得知：電介質向外移動：

則X變小，故C錯誤，

Q￡S

U4Kkd

D、圖丁中兩極間的電壓不變:有電流流向傳感器的正極：則電容器在充電：電量增加：

由電容的定義式C=分析知道：電容增大:極板間距離減?。簞tE增大：F變大，故D正

確，

Q

U

故選:BD,

SS

4冗kd

點評:本題是電容的動態(tài)變化分析問題:抓住不變量:依據電容的打算式C=和定義式

C=結合進行分析，

Q

U

7,如圖所示:足夠長的小平板車B的質量為M：以速度v向右在光滑水平面上運動:質

o

量為m的物體A被輕放到車的右端：由于物體與車面之間的摩擦力f的作用:A也運

動起來：當A在車面上達到最大速度時：下列說法錯誤的是((

A,,平板車的速度最小

B,,物體A不再受摩擦力作用

C,,在此過程:摩擦力對A、B系統(tǒng)的總沖量為mvo

MITIVQ

(M+m)f

D,,此過程經受時間為

考點:動量定理，

專題:動量定理應用專題，

分析:依據動量守恒定律求出M與m的共同速度:再結合動量定理求出摩擦力的作

用的時間：以及摩擦力的沖量，

MVp

M+m

解答:解:A、依據動量守恒定律有：Mv=(M+m(v：解得:v=，達到共同速度o

后：m速度達到最大值：M速度達到最小值:此后一起勻速運動：故A正確，

B,達到共同速度后：m速度達到最大值：M速度達到最小值:此后一起勻速運動:故無

先對滑動趨勢：無靜摩擦力：故B正確，

C、依據動量定理:在此過程:摩擦力對系統(tǒng)的總沖量等于系統(tǒng)動量的變化量:而系統(tǒng)

的動量守恒:所用為0:故C錯誤，

D、依據動量定理:在此過程:摩擦力對m的沖量等于m動量的增加量:有:ft=mv,解

得:t==:故D正確，

MniV0mV

(M+m)fW

本題選錯誤的：故選C,

點評:本題綜合考查了動量守恒定律和動量定理：也可以運用牛頓其次定律和運動學

公式聯立求解：不難，

8,如圖所示:一水平放置的平行板電容器充完電后始終與電源相連:帶正電的極板接

地:兩極板間在P點固定一帶正電的點電荷:若將負極板向下移動一小段距離穩(wěn)定后

(兩板仍正對平行(:則下列說法中正確的是((

ep；

A,,P點的電勢上升B,,兩板間的場強不變

C,,點電荷的電勢能減小D,,兩極板所帶的電量不變

考點：電容器的動態(tài)分析，

專題：電容器專題,

分析：電容器始終與電源連接:兩端的電勢差不變:負極板向下移動一小段距離穩(wěn)定后:

電容發(fā)生變化:依據Q=CU推斷帶電量的變化:依據￡=推斷電場強度的變化:可以依

據U=Ed推斷P點與正極板間電勢差的變化:從而得出P點電勢的變化，

U

d

解答:解:A、電容器始終與電源連接:兩端的電勢差不變:負極板向下移動一小段距離

穩(wěn)定后:d變?。阂罁﨓=:知兩板間的電場強度增大，依據U=Ed知:正極板與P點間

的電勢差增大：電勢差等于正極板與P點的電勢之差:正極板的電勢為0：所以P點的

電勢降低，故A錯誤:B錯誤，

U

d

,,,,C、P點的電勢降低:依據E=q<p：該點電荷是正電荷:所以電勢能降低，故C正確,P

￡s

4兀kd

，…D、依據C=:知電容器的電容增大:再依據Q=CU知：極板所帶的電量增加，故D

錯誤，

故選:C,

點評:解決本題的關鍵知道電容器與電源始終相連:兩端間的電勢差不變，電容器與電

源斷開：電容器的電量保持不變，

9,假如a、b、c、d是勻強電場中的四個點:它們正好是一個梯形的四個頂點：電場

線與梯形所在的平面平行:ab平行cd：且ab邊長為cd邊長的一半：已知a點的電

勢是3V：b點的電勢是5V：c點的電勢是7V：由此可知:d點的電勢為((

a------------------h

d

A?1VB?2VC?3VD?4V考點：電勢，電勢能,

專題：電場力與電勢的性質專題,

分析:在勻強電場中已知任意三點的電勢確定第四點的電勢凹凸：連接已知三點中的

任意兩點:在其連線上找到與第三點的等勢點:連接這兩點:過第四點做連線的平行線:

與連線的交點的電勢即為第四點的電勢，

解答:解：由題意：得（p=3v：（p=5v：（p=7v：沿長ab：使ab=bf：且be=ef：分別作abc

li、bh、eg、fc平行于ab如圖示：則，年=4v：（p=cp=7v：（p=cp=3v：故C正確ifcad

故選C

點評:考查了勻強電場中不同的電勢凹凸:方法找等勢線、等勢點,

10,內壁光滑的絕緣材料制成圓軌道固定在傾角為0的斜面上:與斜面的交點是A：直

徑AB垂直于斜面:直徑CD和MN分別在水平和豎直方向上,它們處在水平方向的

勻強電場中,質量為m、電荷量為q的小球（可視為點電荷（剛好能靜止于圓軌道內的

A點,現對在A點的該點電荷施加一沿圓環(huán)切線方向的瞬時沖量:使其恰能繞圓環(huán)完

成圓周運動，下列對該點電荷運動的分析:正確的是（（

A,,小球確定帶負電

B,,小球運動到B點時動能最小

C,,小球運動到M點時動能最小

D,,小球運動到D點時機械能最小

考點:功能關系，電勢能，

分析:小球原來處于靜止狀態(tài):分析電場力方向：即可推斷小球的電性，找到等效最高點

位置:此位置的動能最小，電場力做功引起機械能的變化：電場力做負功最大時:機械能

減小最大，

解答:解:A、小球原來處于靜止狀態(tài):分析受力可知：小球所受的電場力方向向左：電場

強度方向向右:故小球帶負電:故A正確，

B、C、小球靜止時：受到重力、電場力和軌道的支持力作用：由平衡條件得知:重力與

電場力的合力方向與支持力方向相反:與斜面垂直向下:則小球從A運動到B點的過

程中：此合力做負功:動能減小:所以小球運動到B點時動能最?。汗蔅正確:C錯

誤,D、依據功能關系可知：電場力做負功越多：小球的機械能減小越大:可知：小球從A

運動到D點時：電場力做負功最多：所以小球運動到D點時機械能最?。汗蔇正確，故

選:ABD,

點評:本題關鍵要把握動能定理和功能關系:在正確分析受力狀況的基礎上:運用功能

關系進行分析:該題中要留意的是在等效最高點的速度最小:而不是在最高點M速度

最小，

二、試驗題,20分,，

11,科學試驗是人們生疏自然的重要手段，電學試驗中經常需要測量某負載的電

阻,（1（測電阻的方法有多種：現在有一只標有“220V：100W”的燈泡:它正常工作時

的電阻為，,,,484,,Q,若用多用電表的歐姆檔來測量這只燈泡的電阻:則測出的電

阻應小于（填“大于"、“等于''或“小于”（燈泡正常工作時的電阻，這是由于燈泡

電阻隨溫度變化而變化:溫度越高電阻越大，

（2（請你用下列器材設計一個試驗:測定燈泡正常工作時的電阻，

A.220V溝通電源

B,單刀雙擲開關一個

C,電阻箱一個（0：999C：額定電流1A（

D,溝通電流表一個（0：0.6A（

E,導線若干

請畫出電路原理圖，

考點:伏安法測電阻，

專題：試驗題，恒定電流專題，

分析：（1（燈泡正常發(fā)光時溫度可以達到一千多攝氏度:金屬電阻（率（隨溫度上升而增

大，考慮燈泡發(fā)光時產生熱量:則導致電阻率變大:使得工作時電阻偏大，

（2（解答該題的思路為想法測量出燈泡的電壓：即可測量其工作狀態(tài)時的實際電阻值:

在設計試驗的時候可以將燈泡和電阻箱并聯：當流過它們的電流相等時：則電壓相同:

由此可求出工作時的電阻，

解答:解：（1（依據:得到:Q,

燈泡正常發(fā)光時溫度可以達到一千多攝氏度:金屬電阻（率（隨溫度上升而增大：故常溫

下電阻較小，

（2（由于沒有電壓表:不能使用伏安法測量電阻:所以要將燈泡和電阻箱并聯：當流過它

們的電流相等時：則電壓相同：由此可確定燈泡工作時的電阻等于電阻箱的電阻，故電

路原理圖如圖所示，

故答案為：（1（484小于,，燈泡電阻隨溫度變化而變化:溫度越高電阻越大（2（電路原理

圖如圖所示

點評:考查公式及式中成立條件:是不是受溫度的影響，同時還體現電阻率隨著溫度上

升而增大，

明確試驗原理是進行試驗設計的前提:在進行設計試驗時：要嫻熟應用串并聯的有關

學問：這點在平常訓練中要加強練習，

12,某同學為了測電流表A的內阻精確值:有如下器材:i

電流表A(量程300mA：內阻約為5Q(,i

電流表A(量程600mA：內阻約為10(,2

電壓表V(量程15V：內阻約為3kQ(,

定值電阻R(5C(,o

滑動變阻器R(0：10Q：額定電流為1A(,I

滑動變阻器R(0：250Q:額定電流為0.3A(,2

電源E(電動勢3V：內阻較小(

導線、開關若干

(1(要求待測電流表,A的示數從零開頭變化:且多測幾組數據:盡可能的削減誤差:從1

以上給定的器材中選擇恰當的器材，在如圖所示線框內畫出測量用的電路原理圖：并

在圖中標出所用儀器的代號，

(2(若選測量數據中的一組來計算電流表A的內阻r：則r表達式為r=1111

，式中各符號的意義是和分別表示某次測量,,,,,,A.,表的讀

數,,,1212R為定值電阻的阻值,0

考點:伏安法測電阻,

專題:試驗題，恒定電流專題，

分析:待測電流表,A的示數從零開頭變化:則滑動變阻器接受分壓式接法：電壓表量程

1

偏大:不行以用電壓表測量電流表A的電壓:通過電流表A與定值電阻并聯:再與A

串112聯:測量電壓表A的電壓:依據歐姆定律求出電流表A的內阻,11

解答:解:(1(要求待測電流表,A的示數從零開頭變化:則滑動變阻器接受分壓式接1

法：由于電壓表的量程較大:測量電流表A的電壓測量誤差較大:選擇電流表A與定值

11電阻并聯:再與A串聯:結合歐姆定律得出A兩端的電壓，如圖所示,21

(2(依據串并聯電路的特點:通過定值電阻的電流I=LI:則電流表A的內阻R2ii

[RR。12~11-

：1和I分別表示某次測量A表A的讀數,R為定值電阻的阻12120

值，式中I和I分別表示某次測量A表A的讀數,R為定值電阻的阻值,1212。

故答案為：(1(試驗電路如圖所示：

(2(,式中I和I分別表示某次測量A表A的讀數,R為定值電阻的12120

阻值，

點評:解決本題的關鍵知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)分：以及把握器

材選取的原貝IJ:即平安、精確，

三、計算題，本題共3小題:共40分，解答要寫出必要的文字說明、方程式和重要的

演算步驟，只寫出最終答案不能得分，有數值計算的題:答案必需寫出數值的單位,,13,

某日有霧的早晨：一艘質量為m=500t的輪船:從某碼頭由靜止啟航做直線運動：并

保持發(fā)動機輸出功率等于額定功率不變:經t=10min后:達到最大行駛速度

v=20m/s：霧也om

恰好散開:此時船長突然發(fā)覺航線正前方s=480m處:有一只拖網漁船以v=5m/s

的速度沿o

垂直航線方向勻速運動:且此時漁船船頭恰好位于輪船航線上:輪船船長馬上下令關

閉發(fā)

5動機且附加了制動力F=1.0xl0N：結果漁船的拖網剛好越過輪船的航線時:輪船也剛

好從該點通過:從而避開了事故的發(fā)生:已知漁船和拖網共長L=200m,求：

（1（輪船減速時的加速度大小a,

（2（輪船的額定功率P,

（3（發(fā)覺漁船時:輪船已離開碼頭的距離s,

考點:運動的合成和分解,功率、平均功率和瞬時功率，

專題:運動的合成和分解專題，

分析：（1（先求出漁船通過的時間：輪船運動的時間等于漁船運動的時間：依據位移時間

公式即可求得加速度，

（2（依據牛頓其次定律求出輪船所受阻力：最大速度行駛時:牽引力等于阻力：再依據功

率P=FV求出功率,m

（3（從開頭運動到看到漁船的過程中運用動能定理即可解題，

L200

v5

解答:解：（1（漁船通過的時間為:t==s=40s

1

2

2由運動學公式有:S=Vt+at：m

2仁-V/）

-?-

2得:a==0.4m/s,

（2（輪船做減速運動時：

由牛頓其次定律得：,（,F+F（=maf5解得:F=l.0x10Nf5最大速度行駛時:牽引力

為：F=F=1.0xl0N：f56功率為：P=Fv=Fv=1.0xl0x20W=2.0xl0Wmfm

12

2m

（3（由動能定理得：Pt+（,FS（=mvofi

4代入數據解得:S=l.lxl0mi2答：（1（輪船減速時的加速度大小為0.4m/s,

6（2（輪船的額定功率P為2.0x10W,

4（3（發(fā)覺漁船時:輪船離開碼頭的距離為1.1x10m,

點評:本題主要考查了運動學基本格式、牛頓其次定律及動能定理得直接應用：難度

適中：解題時留意牽引力做的功等于功率與時間的乘積，

14,如圖所示:兩電阻不計的足夠長光滑平行金屬導軌與水平面夾角為8:導軌間距為

I：所在平面的正方形區(qū)域abed內存在有界勻強磁場:磁感應強度大小為B：方向垂直

于斜面對上，如圖所示:將甲、乙兩阻值相同：質量均為m的相同金屬桿放置在導軌上:

甲金屬桿處在磁場的上邊界：甲、乙相距I,從靜止釋放兩金屬桿的同時:在金屬桿甲

上施加一個沿著導軌的外力:使甲金屬桿在運動過程中始終沿導軌向下做勻加速直線

運動:且加速度大小以a=gsinB：乙金屬桿剛進入磁場時做勻速運動，

（1（求每根金屬桿的電阻R為多少，

（2（從剛釋放金屬桿時開頭計時：寫出從計時開頭到甲金屬桿離開磁場的過程中外力

F隨時間t的變化關系式:并說明F的方向，

（3（若從開頭釋放兩桿到乙金屬桿離開磁場：乙金屬桿共產生熱量Q：試求此過程中外

力F對甲做的功，

考點：導體切割磁感線時的感應電動勢，力的合成與分解的運用,共點力平衡的條件及

其應用，安培力，電磁感應中的能量轉化，

專題:壓軸題，電磁感應——功能問題，

分析:（1（甲、乙勻加速運動時加速度相同：當乙通過位移I進入磁場時:甲剛出磁場：

由運動學速度位移公式求出乙進入磁場時的速度：乙金屬桿剛進入磁場時做勻速運動:

依據平衡條件求解電阻R,

（2（從剛釋放金屬桿時開頭計時：由于甲的加速度大小a=gsin6：外力與安培力大小

相等：由速度公式得出速度與時間的關系式:依據安培力的表達式得出外力與時間的

關系式,（3（從開頭釋放兩桿到乙金屬桿離開