新疆昌吉市教育共同體四校2024屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

新疆昌吉市教育共同體四校2024屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用a表示行星饒?zhí)栠\行的橢圓軌道的半長軸，T表示行星繞太陽運行的公轉(zhuǎn)周期，則對于所有繞太陽運行的行星，下列比值為定值的是A． B． C． D．2、如圖所示,在一電場中有A、B兩點,下列說法正確的是（）A．由E＝F/q可知,在A點放入的電荷電量越大,A點的場強越小B．B點場強大于A點場強C．A點場強是確定值,與放入電荷無關(guān)D．A點場強大于B點場強,且方向相同3、某磁場的磁感線分布如圖所示，有一銅線圈從圖中的上方A處落到B處，則在下落的過程中，從上向下看，線圈中的感應(yīng)電流的方向是()A．順時針 B．逆時針C．先逆時針后順時針 D．先順時針后逆時針4、如圖所示，電場中a、b、c三點，ab=bc，則把點電荷+q從a點經(jīng)b移到c的過程中，電場力做功的大小關(guān)系有（）A．Wab＞W(wǎng)bc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．無法比較5、在一個導(dǎo)線框架中通以如圖所示的電流，邊的正中間用絕緣線懸掛金屬環(huán)，環(huán)面與框架平面在同一平面內(nèi)，在電流Ⅰ減小的過程中A．環(huán)向邊靠攏 B．環(huán)向邊靠攏 C．懸線中拉力變小 D．懸線中拉力增大6、下列關(guān)于摩擦力的說法，正確的是（）A．作用在物體上的滑動摩擦力只能使物體減速，不可能使物體加速B．摩擦力的大小一定與物體的重力成正比C．運動的物體不可能受到靜摩擦力作用D．作用在物體上的靜摩擦力可以是動力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用三根長度相同的絕緣細(xì)線將三個帶電小球連接后懸掛在空中．三個帶電小球質(zhì)量相等，A球帶正電，平衡時三根絕緣細(xì)線都是直的，但拉力都為零．則A．B球和C球都帶負(fù)電荷B．B球帶負(fù)電荷，C球帶正電荷C．B球和C球所帶電量一定相等D．B球和C球所帶電量不一定相等8、下列的物理量中，屬于矢量的是：A．電量； B．電場強度； C．磁感應(yīng)強度； D．電流強度．9、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc,實線為一帶負(fù)電的離子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知A．三個等勢面中，b的電勢最低B．帶電離子通過P點時的電勢能較大C．帶電離子通過P點時的動能較大D．帶電離子通過P點時的加速度較大10、如圖所示，勻強電場中有一等腰三角形ABC，一個帶電荷量q=－3×10－6C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加1.8×10－5J，由B移到C的過程中電場力做功9×10－6J，∠ABC=∠CAB=30°，BC=23m，已知電場線平行于△ABC所在的平面，下列說法正確的是A．B、C兩點的電勢差UBC=3VB．電場強度的方向平行于ABC．負(fù)電荷由C移動到A的過程中，電勢能增加D．該電場的場強為1V/M三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，使用的小燈泡標(biāo)有“6V3W”，其他可供選擇的器材有：A．電壓表V1（量程6V，內(nèi)阻約20kΩ）B．電壓表V2（量程20V，內(nèi)阻約60kΩ）C．電流表A1（量程3A，內(nèi)阻約0.2Ω）D．電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω）E.滑動變阻器R1（0-1000Ω，0.5A）F.滑動變阻器R2（0-10Ω，2A）G.學(xué)生電源E（6V到8V）H.開關(guān)S及導(dǎo)線若干實驗中為減小實驗誤差，方便調(diào)節(jié)，電壓表應(yīng)使用____（填器材前序號字母），電流表應(yīng)選用____（填器材前序號字母），滑動變阻器應(yīng)選用_____（填器材前序號字母），在下面的四個電路中，應(yīng)選用___A．B．C．D．12．（12分）在把電流表改裝成電壓表的實驗中，把量程Ig=300μA，內(nèi)阻約為100Ω的電流表G改裝成電壓表．（1）采用如圖所示的電路測電流表G的內(nèi)阻Rg，可選用器材有：A．電阻箱：最大阻值為999.9Ω；B．電阻箱：最大阻值為99999.9Ω；C．滑動變阻器：最大阻值為200Ω；D．滑動變阻器，最大阻值為2kΩ；E．電源，電動勢約為2V，內(nèi)阻很?。籉．電源，電動勢約為6V，內(nèi)阻很?。籊．開關(guān)、導(dǎo)線若干?為提高測量精度，在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應(yīng)該選擇___；可變電阻R2應(yīng)該選___；電源E應(yīng)該選擇___．（填入選用器材的字母代號）（2）測電流表G內(nèi)阻Rg的實驗步驟如下：a．連接電路，將可變電阻R1調(diào)到最大；b．?dāng)嚅_S2，閉合S1，調(diào)節(jié)可變電阻R1使電流表G滿偏；c．閉合S2，調(diào)節(jié)可變電阻R2使電流表G半偏，此時可以認(rèn)為電流表G的內(nèi)阻Rg=R2設(shè)電流表G內(nèi)阻Rg的測量值為R測，真實值為R真，則R測___R真?（填“大于”、“小于”或“相等”）（3）若測得Rg=105.0Ω，現(xiàn)串聯(lián)一個9895.0Ω的電阻將它改裝成電壓表，用它來測量電壓，電流表表盤指針位置如圖所示，則此時所測量的電壓的值應(yīng)是___V．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，電源的電動勢為12V，內(nèi)電阻為r＝1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，電動機的線圈電阻RM=為0..5Ω,若開關(guān)閉合后通過電源的電流為3A，則：①R2消耗的電功率為多少？②電動機輸出的機械功率為多少？14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為m＝1kg、電荷量為q＝5×10－2C的帶正電的小滑塊，從半徑為R＝0.4m的光滑絕緣14圓弧軌道上由靜止自A端滑下．整個裝置處在方向互相垂直的勻強電場與勻強磁場中．已知E＝100V/m，方向水平向右，B＝1T，方向垂直紙面向里，g＝10m/s2.(1)滑塊到達(dá)C點時的速度；(2)在C點時滑塊所受洛倫茲力．15．（12分）如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖．在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強大小均為E的勻強電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形，電子的電量為e（不計電子所受重力）．（1）在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，求電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)．（2）在電場I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點的位置坐標(biāo)．（3）在滿足（2）的情況下，粒子從釋放點出發(fā)到達(dá)D點所需的最短時間是多少．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

開普勒認(rèn)為：所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，其表達(dá)式為：，即開普勒第三定律，故A正確，BCD錯誤．2、C【解題分析】在電場中A點，場強E是確定的，與在A點放入的電荷電量大小無關(guān)，故A錯誤；由圖看出，B點處電場線比A點處電場線疏，則場強B點場強小于A點場強，故B錯誤；對于給定的電場，A點的場強是唯一確定的，與放入的電荷無關(guān)，由電場本身決定，故C正確；由圖得知，A點場強大于B點場強．而兩點電場線切線方向不同，說明場強方向不同，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．3、D【解題分析】在下落過程中，磁感應(yīng)強度先增大后減小，所以穿過線圈的磁通量先增大后減小，A處落到中間位置，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流磁場方向向下，所以感應(yīng)電流的方向為順時針；從中間位置落到B處，穿過線圈的磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流磁場方向向上，所以感應(yīng)電流的方向為逆時針，故D正確，ABC錯誤．4、C【解題分析】

電場線疏密表示場強的大小，由圖象知從左到右場強逐漸增大，電場力做功W=qU=qEd，ab=bc所以Wab＜Wbc，故C正確．5、C【解題分析】

根據(jù)安培定則知，彎曲成“п”導(dǎo)線中電流的磁場方向為：垂直紙面向里，且大小減小。由楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向為順時針，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向背離圓心，由于彎曲成是“п”導(dǎo)線，所以金屬環(huán)下邊圓弧受到的安培力小于上邊圓弧受到的安培力，因此導(dǎo)致掛環(huán)的拉力減小，但由于金屬環(huán)左右兩側(cè)受安培力等大反向，則環(huán)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)；A．環(huán)向AB邊靠攏，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．環(huán)向CD邊靠攏，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．懸線中拉力變小，與結(jié)論相符，選項C正確；D．懸線中拉力增大，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；6、D【解題分析】作用在物體上的滑動摩擦力可能使物體減速，也可能使物體加速，選項A錯誤；滑動摩擦力的大小與動摩擦因數(shù)和正壓力有關(guān)，不一定與物體的重力成正比，選項B錯誤；運動的物體和靜止的物體都可能受到靜摩擦力作用，選項C錯誤；作用在物體上的靜摩擦力可以是動力，也可能是阻力，選項D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】B球受重力及A、C對B球的庫侖力而受于平衡狀態(tài)；則A與C球?qū)球的庫侖力的合力應(yīng)與重力大小相等，方向相反；而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對B的庫侖力應(yīng)指向A，C對B的作用力應(yīng)指向B的左側(cè)；則可知B、C都應(yīng)帶負(fù)電；故A正確、B錯誤；

由受力分析圖可知，A對B的庫侖力應(yīng)為C對B庫侖力的2倍，故C帶電量應(yīng)為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應(yīng)為A帶電量的一半，故B、C帶電量應(yīng)相同；

故C正確，D錯誤；故選AC．

點睛：庫侖定律考查一般都是結(jié)合共點力平衡進(jìn)行的，因此解題的關(guān)鍵在于做出受力分析圖，明確庫侖力的方向；則可利用共點力的平衡條件進(jìn)行解答．8、BC【解題分析】

電量只有大小無方向，是標(biāo)量，選項A錯誤；電場強度和磁感應(yīng)強度既有大小又有方向是矢量，選項BC正確；電流強度雖然有大小和方向，但是不符合平行四邊形法則，也是標(biāo)量，選項D錯誤；故選BC.9、BD【解題分析】

電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負(fù)電，因此電場線指向左上方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最低，a等勢線的電勢最高，故A錯誤；根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．故選BD．【題目點撥】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化．10、BD【解題分析】

A.由電勢差與電場力做功的關(guān)系可知：U故A錯誤；B.由電勢差與電場力做功的關(guān)系可知：U因為UBC=-3V，所以UCB=3V，所以C點與AB中點電勢相等，C點與AB的中點連線是一條等勢線，等腰三角形ABC底邊AB與等勢線垂直，所以電場強度的方向平行于AB，故B正確；C.CA間的電勢差為UCA=-UBC-UAB=-3V,說明C點電勢比A點電勢低，因為負(fù)電荷在電勢高的地方，電勢能小，所以負(fù)電荷由C移動到A的過程中，電勢能減小，故C錯誤；D.∠ABC=∠CAB=30°，BC=23m，AB=6m，電場強度的方向平行于AB，由勻強電場中電場強度與電勢差的關(guān)系可知：E=故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADFC【解題分析】

[1]描繪小燈泡的伏安特性曲線，通過小燈泡的電流從零開始，故滑動變阻器采用分壓接法，選最大阻值小些的，即選R2；[2]小燈泡額定電壓為6V，故電壓表選V1；[3]對小燈泡，額定電流為A故電流表選A2；[4]由于小燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故電流表外接，綜合滑動變阻器的分壓接法，故電路圖選C；12、BAF小于2.30【解題分析】

本實驗通過半偏法測量電流表G的內(nèi)阻，抓住整個電路電流要基本保持不變，確定選擇的器材．通過總電阻的變化，導(dǎo)致總電流的變化，確定半偏法測量電流表內(nèi)阻的誤差．根據(jù)歐姆定律求出改裝后電壓表的電壓．（1）利用半偏法測量電流表G的內(nèi)阻，要保證總電流基本不變，則R1的阻值遠(yuǎn)大于R2的阻值，電動勢選擇大一些的．故可變電阻R1應(yīng)該選擇B；可變電阻R2應(yīng)該選擇A；電源E應(yīng)該選擇F．（2）由于并聯(lián)R2后，總電阻減小，則總電流增大，所以通過R2的實際電流大于通過電流表G的電流，則R2的阻值小于電流表G的阻值，所以電流表R測＜R真．（3）根據(jù)歐姆定律得：U=Ig（Rg+R）=2.3×10﹣4×（105+9895）=2.30V；【題目點撥】本題考查了實驗器材選擇、實驗誤差分析、電壓表讀數(shù)，知道半偏法測電表內(nèi)阻的實驗原理是正確解題的關(guān)鍵，要掌握實驗器材的選擇原則．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6w（2）10w【解題分析】【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出并聯(lián)部分的電壓，利用求出R2消耗的電功率，電動機輸出的機械功率等于電動機的總功率減去電動機內(nèi)阻發(fā)熱功率。解：(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=U+Ir＝U并＋I(xiàn)R1+IrR2、RM并聯(lián)部分的電壓U2=UM=U并＝E－IR1－Ir＝12－3×1－3×1V=6VR2消耗的電功率P2=(2)通過電動機的電流IM=I－I2=I－電動機的總功率P=IMUM=2×6W=12W電動機內(nèi)阻發(fā)熱功率PM=22×0.5W=2W電動機輸出的機械功率P出=P－PM=2×6W－22×0.5W=10W14、(1)2m/s，方向水平向左(2)0.1N，方向豎直向下【解題分析】

（1）分析滑塊受力情況，根據(jù)動能定理可求得滑塊到達(dá)C點的速度；

（2）根據(jù)洛倫茲力公式可求得滑塊所受洛倫茲力；【題目詳解】（1）以滑塊為研究對象，自