浙江省杭州市桐廬縣分水高中2024屆高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題含解析

浙江省杭州市桐廬縣分水高中2024屆高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于速度、速度的變化、加速度的關(guān)系，下列說法中正確的是（）A．速度變化越大，加速度就一定越大 B．加速度變小，速度一定變小C．速度為零，加速度一定為零 D．速度變化越慢，加速度越小2、關(guān)于UAB＝和WAB＝qUAB的理解，正確的是（）A．電場中的A、B兩點的電勢差和兩點間移動電荷的電荷量q成反比B．在電場中A、B兩點間沿不同路徑移動相同電荷，路徑長時WAB較大C．UAB與q、WAB無關(guān)，甚至與是否移動電荷都沒有關(guān)系D．WAB與q、UAB無關(guān)，與電荷移動的路徑無關(guān)3、在“研究電荷間作用力大小影響因素”的實驗中，將一帶電輕質(zhì)小球掛在鐵架臺上，小球靜止時絲線與豎直方向的夾角如圖所示．現(xiàn)增大小球的電荷量后仍掛在原處，絲線與豎直方向的夾角將()A．增大 B．減小 C．不變 D．先減小再增大4、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)，存在垂直紙面向外的勻強磁場，ab是圓的一條直徑．一帶正電的粒子從a點射入磁場，速度大小為2v，方向與ab成30°時恰好從b點飛出磁場，粒子在磁場中運動的時間為t；若僅將速度大小改為v，則粒子在磁場中運動的時間為(不計帶電粒子所受重力)（）A．3t B． C． D．2t5、以下說法中不正確的是（）A．公式U=E·d只適用于勻強電場,公式E=F/q是電場強度的定義式，適用于任何靜電場B．公式E=kQ/r2是由庫侖定律得出的，因而只適用于真空中點電荷的電場C．電流的定義式I=q/t，適用于任何電荷的定向移動形成的電流D．從R=U/I可知，導(dǎo)體的電阻跟兩端的電壓成正比，跟流過導(dǎo)體的電流成反比6、電容器C1、C2和可變電阻器R1、R2以及電源ε連接成如圖所示的電路．當(dāng)R1的滑動觸頭在圖示位置時，C1、C2的電量相等．要使C1的電量大于C2的電量，應(yīng)A．增大R2B．減小R2C．將R1的滑動觸頭向A端移動D．將R1的滑動觸頭向B端移動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中，有A、B、C三點，A為兩點電荷連線的中點，B為連線上距A為d的一點，C為連線中垂線距A也為d的一點，則下面關(guān)于這三點電場強度的大小、電勢高低的比較，正確的是（）A．EA>EB>ECB．EB>EA>ECC．ФB=ФC>ФAD．ФA=ФC>ФB8、在如圖所示電路中，電源電動勢為10V，內(nèi)阻為1.0Ω，電阻R0為1Ω，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開關(guān)S后，電動機轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A，則以下判斷中正確的是（）A．電動機的輸出功率為10.0WB．電動機輸出功率為14.0WC．電源輸出的電功率為16.0WD．電源輸出的電功率為14.0W9、如圖所示電路中，已知電源的內(nèi)阻r＜R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值。閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑臂P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法中正確的有A．A1的示數(shù)先變大后變小，A2的示數(shù)先變小后變大B．V1的示數(shù)先變大后變小，V2的示數(shù)先變小后變大C．電源內(nèi)部的熱功率先變大后變小D．電源的輸出功率先變小后變大10、壓敏電阻的阻值R隨所受壓力的增大而減小。其興趣小組利用壓敏電阻設(shè)計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，其裝置示意圖如圖所示。將壓敏電阻平放在電梯內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體A，電梯靜止時電壓表示數(shù)為，電梯在某次運動過程中，電壓表的示數(shù)變化情況如圖乙所示，下列判斷中錯誤的是（）。A．乙圖表示電梯可能勻速下降B．乙圖表示電梯可能勻減速下降C．乙圖表示電梯可能變減速上升D．乙圖表示電梯可能變減速下降三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中：①用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖1所示，則該金屬絲直徑的測量值__________；②按如圖2所示的電路圖測量金屬絲的電阻（阻值約為）．實驗中除開關(guān)、若干導(dǎo)線之外還提供下列器材：電壓表（量程，內(nèi)阻約）；電流表（量程，內(nèi)阻約）；電流表（量程，內(nèi)阻約）；滑動變阻器（）；滑動變阻器（）；電源（電動勢為，內(nèi)阻不計）．為了調(diào)節(jié)方便，測量準(zhǔn)確，實驗中電流表應(yīng)選__________，滑動變阻器應(yīng)選__________．（選填器材的名稱符號）③請根據(jù)如圖2所示電路圖，用連線代替導(dǎo)線將圖3中的實驗器材連接起來，并使滑動變阻器的滑片置于端時接通電路后的電流最小________．④若通過測量可知，金屬絲的長度為，直徑為，通過金屬絲的電流為，金屬絲兩端的電壓為，由此可計算得出金屬絲的電阻率__________．（用題目所給字母和通用數(shù)學(xué)符號表示）12．（12分）在“用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中備有如下器材：A．干電池1節(jié)B．滑動變阻器（0～20Ω）C．電壓表（0～3V，內(nèi)阻約為20kΩ）D．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻RA=0.2Ω）E．電流表（0～3A，內(nèi)阻約為0.01Ω）F．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為減小實驗誤差和方便操作，選擇圖甲所示電路進(jìn)行實驗，其中電流表應(yīng)選__．（填寫器材前的序號）（2）某同學(xué)根據(jù)實驗測得的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，畫出U﹣I圖象如圖乙所示，由圖象可得電池的電動勢為__V，內(nèi)電阻為__Ω．（保留到小數(shù)點后1位）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平絕緣光滑軌道AB的B端與處于豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧形粗糙絕緣軌道BC平滑連接，圓弧的半徑R=0.40m．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E="1."0×104N/C．現(xiàn)有一質(zhì)量m=0.10kg的帶電體（可視為質(zhì)點）放在水平軌道上與B端距離s=1.0m的位置，由于受到電場力的作用帶電體由靜止開始運動，當(dāng)運動到圓弧形軌道的C端時，速度恰好為零．已知帶電體所帶電荷量q=8.0×10-5C，取g=10m/s2，求：（1）帶電體在水平軌道上運動的加速度大小及運動到B端時的速度大?。唬?）帶電體運動到圓弧形軌道的B端時對圓弧軌道的壓力大??；（3）帶電體沿圓弧形軌道運動過程中，電場力和摩擦力對帶電體所做的功各是多少？14．（16分）如圖所示，勻強磁場中有一矩形閉合線圈abcd，線圈平面與磁場垂直．已知線圈的匝數(shù)N=100，邊長ab="1.0"m、bc="0.5"m，電阻r=2Ω．磁感應(yīng)強度B在0~1s內(nèi)從零均勻變化到0.2T．在1~5s內(nèi)從0.2T均勻變化到-0.2T，取垂直紙面向里為磁場的正方向．求：（1）0.5s時線圈內(nèi)感應(yīng)電動勢的大小E和感應(yīng)電流的方向；（2）在1~5s內(nèi)通過線圈的電荷量q；（3）在0~5s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱Q．15．（12分）如圖所示，一勻強電場（圖中沒有畫出）的方向平行于直角三角形ABC所在平面，已知，，A、B兩點間的距離L=2.0cm，將一帶電量為的帶電微粒從A點移到B點，靜電力做功，再將該微粒從B點移到C點，靜電力做功。取B點的電勢為零。求：（1）A、C兩點的電勢各為多少？（2）該勻強電場的場強的大小及其方向。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

根據(jù)加速度的定義式可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大.【題目詳解】A、物體的速度變化大，但所需時間更長的話，物體速度的變化率可能很小，則加速度就會很小，故A錯誤；B、運動物體的加速度變小，如果加速度與速度同向，速度增加，故B錯誤；C、物體的速度為零，但物體的速度的變化率可以不為零，即物體的加速度不為零.故C錯誤；D、物體的速度變化越慢，即物體速度的變化率越小，則物體的加速度越?。还蔇正確.故選D.【題目點撥】本題考查加速度的定義式，只要理解了加速度的概念就能順利解決，注意明確加速度和速度大小無關(guān).2、C【解題分析】

A．電勢差公式是比值定義法，電場中的A、B兩點間的電勢差和兩點間移動電荷的電量q和電場力做功均無關(guān)。故A錯誤；B．根據(jù)公式WAB=qUAB，在電場中A、B兩點移動不同的電荷，電場力的功WAB和電量q成正比，故B錯誤；C．電勢差公式是比值定義法，UAB與q、WAB無關(guān)，甚至與是否移動電荷都沒有關(guān)系，故C正確；D．電場力做功與路徑無關(guān)，電場力的功WAB和電量q成正比，即WAB與q成正比，但與電荷移動的路徑無關(guān)，故D錯誤。3、A【解題分析】

由題意可知，當(dāng)增大小球的電荷量時，根據(jù)庫侖定律，則庫侖力增大，由平衡條件，則有：，因此絲線與豎直方向的夾角增大，故A正確，BCD錯誤．故選A．4、D【解題分析】粒子在磁場中運動，運動的時間周期與粒子的速度的大小無關(guān)，分析粒子的運動的情況，可以判斷粒子的運動的時間．解：根據(jù)周期公式T=可得，同一粒子在磁場中運動時的運動的周期相同，當(dāng)速度的大小為2v時，圓周運動的圓心為O1，圓弧所對的圓心角為60°，當(dāng)速度的大小為v時，圓周運動的圓心在O2，由幾何關(guān)系可知所對的圓心角為120°，則粒子的運動的時間為2t，所以D正確．故選D．5、D【解題分析】

A．公式U=E·d只適用于勻強電場,公式E=F/q是電場強度的定義式，適用于任何靜電場，選項A正確，不符合題意；B．公式E=kQ/r2是由庫侖定律得出的，因而只適用于真空中點電荷的電場，選項B正確，不符合題意；C．電流的定義式I=q/t，適用于任何電荷的定向移動形成的電流，選項C正確，不符合題意；D．導(dǎo)體的電阻只由導(dǎo)體本身決定，與兩端的電壓以及流過導(dǎo)體的電流大小無關(guān)，選項D錯誤，符合題意。6、D【解題分析】由題意，當(dāng)變阻器R1的滑動觸頭在圖示位置時，C1、C2的電量相等，則，要使C1的電量大于C2的電量，根據(jù)Q=CU，可知，C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例應(yīng)增大，根據(jù)閉合電路分析，則有當(dāng)將R1的滑動觸頭向B端移動時，C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例將增大，而R2電阻的增大或減小，都不會導(dǎo)致C1的電壓占R1兩端的總電壓的比例增大，故D正確，ABC錯誤；故選D.點睛：電路穩(wěn)定后，電容器的電壓等于與之并聯(lián)電阻兩端的電壓，而電阻R2、R1串聯(lián)，根據(jù)電容器電量的變化，結(jié)合歐姆定律分析，即可求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

AB.根據(jù)電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EB>EA>EC，故A錯誤，B正確；CD.等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢，所以ФA=ФC>ФB。故C錯誤，D正確。故選：BD。8、AC【解題分析】AB、電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為：，電動機的總功率為：P總=UI=6×2=12W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動機的輸出功率為：P出=12W-2W=10W，所以A正確，B錯誤；

CD、電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=10×2-22×1=16W，故C正確，D錯誤．

故選：AC。點睛：在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計算，發(fā)熱的功率用P=I2R來計算，如果是計算純電阻的功率，這兩個公式的計算結(jié)果是一樣的，但對于電動機等非純電阻，第一個計算的是總功率，第二個只是計算發(fā)熱的功率，這兩個的計算結(jié)果是不一樣的．9、BD【解題分析】

AB．由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當(dāng)滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內(nèi)電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數(shù)先變大后變小。V2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)先變小后變大。并聯(lián)電壓U并=U-U2，先變大后變小，電阻R1所在支路電阻R1支路逐漸減小，所以電流I1增大，電流表A2示數(shù)增大；I2=I-I1，電流表A1示數(shù)變小，故A錯誤，B正確。

C．電源內(nèi)部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內(nèi)部的熱功率先變小后變大，故C錯誤。

D．因為r＜R2，所以外電阻總是大于內(nèi)電阻的，當(dāng)滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故D正確。10、ABC【解題分析】

A．電梯勻速下降時，壓敏電阻所受壓力等于重力不變，其電壓不變，與圖象反映的情況不符，故A錯誤；B．電梯勻減速下降時，加速度不變，壓敏電阻所受壓力不變，其電壓不隨時間而變化，與圖象情況不符，故B錯誤；C．電梯變減速上升時，其加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律，壓敏電阻所受壓力小于重力，則其電壓逐漸增大，與圖象意義不符，故C錯誤；D．電梯變減速下降時，壓力大于重力，由其特性知，其電壓逐漸減小，與圖象的意義相符，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①0.383(0.382-0.385)②A1R1③如圖；④【解題分析】①對螺旋測微器，以鼓輪邊緣為準(zhǔn)在固定刻度上讀出整毫米數(shù)零，從可動刻度上讀出毫米以下的小數(shù)：，測量長度為上述二者之和，需注意的是該螺旋測微儀精度為，讀數(shù)需估讀一位；②由于通過待測電阻的最大電流為，所以電流表應(yīng)選擇；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應(yīng)為：，則變阻器需要的最大電阻為，所以為調(diào)節(jié)方便，變阻器應(yīng)選擇；③滑動變阻器滑片置于端時電流最小，則此時滑動變阻器的阻值最大，接法如圖．④根據(jù)歐姆定律應(yīng)有，，聯(lián)立可得．點睛：本題考查測量導(dǎo)體電阻率的實驗，要注意正確分析題目中給出的物理量，從面確定出可用的儀表．12、D1.50.8【解題分析】

（1）[1]．由于本實驗中通過電源的電流不能太大，由圖可知，最大電流不超過0.6A；所以電流表應(yīng)選Ｄ；（2）[2][3]．將RA等效于電源的內(nèi)阻，根據(jù)U=E-I(r+RA)，可知E=1.50V四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a=8m/s2vB=4.0m/s（2）N=5.0N（3）W電=0.32JW摩=–0.72J【解題分析】

（1）在水平軌道運動時qE="ma"得a=由動能定理qEs=得（2）設(shè)帶電體運動到圓軌道B端時受軌道的支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律有得N=6mg根據(jù)牛頓第三定律可知，帶電體對圓弧軌道B端的壓力大小N/=N=6mg（3）因電場力做功與路徑無關(guān)，所以帶電體沿圓弧形軌道運動過程中，電場力所做的功W電=qER=設(shè)帶電體沿圓弧形軌道運動過程中摩擦力所做的功為W摩，對此過程根據(jù)動能定理有qER+W-mgR=0-解得W