2023-2024學年寧夏青吳忠市銅峽高級中學物理高二第一學期期末教學質(zhì)量檢測試題含解析

2023-2024學年寧夏青吳忠市銅峽高級中學物理高二第一學期期末教學質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一小鋼球在光滑水平桌面上沿AB直線運動，C處有一小球門，BC垂直于AB．現(xiàn)用同一根細管分別沿甲、乙、丙三個方向?qū)蔅處吹氣，可將鋼球吹進球門的是()A.甲方向B.乙方向C.丙方向D.都有可能2、在同一平面內(nèi)有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示，四根導線中電流I4＝I3>I2>I1，要使O點磁場增強，則應切斷哪一根導線中的電流()A.I1 B.I2C.I3 D.I43、如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=2kg的另一物體B以水平速度滑上原來靜止的長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況如圖所示，下列說法正確的是A.A、B間的動摩擦因數(shù)為0.2B.系統(tǒng)損失的機械能為4JC.木板A的最小長度為1.5mD.木板獲得的動能為1J4、下列說法正確的是（）A.電源是通過非靜電力做功把電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的裝置B.庫侖提出了庫侖定律，并最早用實驗測得元電荷e的數(shù)值C.英國物理學家法拉第最早引入了電場的概念，并提出用電場線表示電場D.牛頓設計了理想斜面實驗，得出力不是物體產(chǎn)生運動的原因5、如圖為遠距離輸電示意圖，n1、n2和，n3、n4分別是升、降壓變壓器的原、副線圈，已知發(fā)電機的輸出電壓一定。用電高峰時，某同學發(fā)現(xiàn)當他家的大功率電器開啟后，家中的白熾燈變暗．下列說法正確的是課課評A.該同學家開啟大功率電器后，輸電線上損失的功率減小B.若減小降壓變壓器原線圈n3的匝數(shù)，可能會使白熾燈正常發(fā)光C.若減小降壓變壓器副線圈n4的匝數(shù)，可能會使白熾燈正常發(fā)光D.若減小升壓變壓器副線圈n2的匝數(shù)，可能會使白熾燈正常發(fā)光6、帶正電的甲、乙、丙三個粒子(不計重力)分別以v甲、v乙、v丙速度垂直射入電場和磁場相互垂直的復合場中，其軌跡如圖所示，則下列說法正確的是()A.v甲<v乙<v丙 B.v甲=v丙<v乙C.電場力對丙做正功，動能增大 D.電場力對甲做正功，動能增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有一長方體金屬桶，左右兩側(cè)開口，其長、寬、高分別為a、b、c，置于方向向下且垂直于上、下表面的磁感應強度為B的勻強磁場中．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質(zhì)溶液；第二次實驗時在空間內(nèi)裝入電解質(zhì)溶液并沿“→”方向通入電流I；第三次實驗時在空間內(nèi)裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I．則下列說法正確的是（）A.三次實驗中，裝置的前、后表面都會形成電勢差B.第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩(wěn)定時，測得其大小為U，則電解質(zhì)溶液的流量C.第二次實驗時后表面附近電解質(zhì)溶液濃度高D.第三次實驗時，其前表面電勢低于后表面電勢8、如圖所示，四幅有關電場說法正確的是：()A.圖甲為等量異種點電荷形成的電場線B.圖乙離點電荷距離相等的a、b兩點場強相同C.圖丙中在c點靜止釋放一正電荷，可以沿著電場線運動到d點D.圖丁中某一電荷放在e點與放到f點，它們的電勢能相同9、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C．閉合開關S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則：A.變化過程中ΔU和ΔI的比值保持不變B.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變C.電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔUD.電容器的帶電荷量增大，增加量為CΔU10、如圖所示，真空中等量同種正點電荷放置在M、N兩點，在MN的連線上有對稱點a、c，MN連線的中垂線上有對稱點b、d，則下列說法正確的是()A.正電荷+q在c點電勢能大于在a點電勢能B.正電荷+q在c點電勢能等于在a點電勢能C.在MN連線的中垂線上,O點電勢最高D.負電荷-q從d點靜止釋放，在它從d點運動到b點的過程中，加速度先減小再增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某興趣小組在做“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，通過粗測電阻絲的電阻約為5Ω，為了使測量結(jié)果盡量準確，從實驗室找出以下供選擇的器材：A．電池組（3V，內(nèi)阻約1Ω）；B．電流表A1（0~3A，內(nèi)阻0.0125Ω）；C．電流表A2（0~0.6A，內(nèi)阻0.125Ω）；D．電壓表V1（0~3V，內(nèi)阻4kΩ）；E．電壓表V2（0~15V，內(nèi)阻15kΩ）；F．滑動變阻器R1（0~20Ω，額定電流1A）；G．滑動變阻器R2（0~2000Ω，額定電流0．3A）；H．開關、導線若干。(1)上述器材中，電流表應選_______，電壓表應選_______，滑動變阻器應選_______（填寫器材前的字母）。為使通過待測金屬絲的電流能從0~0.5A范圍內(nèi)改變，電路應選_______（填寫甲、乙、丙、丁）。(2)若用L表示金屬絲接入電路中的長度，d表示直徑，U表示金屬絲上的電壓。I表示金屬絲中的電流，請用以上字符寫出計算金屬絲電阻率的表達式ρ=______________________。12．（12分）（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖1所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為______________mm（2）如圖2所示是一個雙量程電壓表，當使用a、b兩個端點時，量程為0～3V，當使用a、c兩個端點時，量程為0～15V．已知電流表的內(nèi)阻Rg為400Ω，滿偏電流Ig為500μA．則電阻R1和R2的值應該分別為________Ω和________Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】小球若進入球門，則吹氣后小球的速度方向沿BC方向，畫出小球的初速度、末速度的方向，由平行四邊形定則畫出小球速度變化的方向如圖，則：由圖可知鋼球的速度變化的方向沿丙的方向，加速度方向沿丙的方向，所以沿丙的方向吹氣，故C正確，ABD錯誤2、D【解析】從圖中可得在O點產(chǎn)生的磁感應強度的方向都為垂直紙面向里，而在O點產(chǎn)生的磁感應強度方向為垂直紙面向外，故要使O點磁場增強，則應該切斷，D正確【點睛】本題利用安培定則判斷磁場方向比較簡單，但磁場疊加，較為復雜，采用作圖法可防止思路出現(xiàn)混亂3、D【解析】根據(jù)斜率求出B的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)，由圖能讀出木板獲得的速度，根據(jù)動量守恒定律求出木板A的質(zhì)量，從而求解木板獲得的動能，根據(jù)A和B的初、末機械能來求解系統(tǒng)損失的機械能，根據(jù)“面積”之差求出木板A的長度；【詳解】A．由圖示圖象可知，B的加速度：，負號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：，代入解得，，故A錯誤；BD．由圖示圖象可知，木板獲得速度為，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：，解得木板A的質(zhì)量為，木板獲得的動能為：系統(tǒng)損失的機械能為，故B錯誤，D正確；C．由圖得到：內(nèi)B位移為A的位移為，木板A的最小長度為，故C錯誤【點睛】本題屬于木塊在木板上滑動類型，既考查讀圖能力，也考查運用牛頓第二定律、功能關系處理復雜力學問題的能力4、C【解析】A：電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置．故A項錯誤B：庫侖提出了庫侖定律，密立根最早用實驗測得元電荷e的數(shù)值．故B項錯誤C：英國物理學家法拉第最早引入了電場的概念，并提出用電場線表示電場．故C項正確D：伽利略設計了理想斜面實驗，得出力不是物體產(chǎn)生運動的原因．故D項錯誤點睛：要熟悉物理學史以及相應的科學思維方法5、B【解析】A、用電高峰時，開啟大功率電器，用戶用電的總功率增加，升壓變壓器、降壓變壓器的原、副線圈電流都要增加，功率損失增大，故A錯誤；B、若減小降壓變壓器原線圈n3的匝數(shù)，根據(jù)可知U4增大，根據(jù)可知可能會使白熾燈正常發(fā)光，故B正確；C、若減小降壓變壓器副線圈n4的匝數(shù)，根據(jù)可知U4減小，根據(jù)可知使白熾燈更暗，故C錯誤；D、若減小升壓變壓器副線圈n2的匝數(shù)，根據(jù)可知U2減小，根據(jù)可知輸送電流增大，損失電壓增大，功率損失增大，降壓變壓器的原、副線圈的電壓減小，使白熾燈更暗，故D錯誤；故選B6、C【解析】AB．分別對三個粒子受力分析，根據(jù)運動軌跡可知：可知：，故AB錯誤；C．丙粒子受到的電場力豎直向下，電場力做正功，動能增加，故C正確；D．甲粒子受到的電場力豎直向下，電場力做負功，動能減少，故D錯誤。故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質(zhì)溶液，則電解液中的正負粒子由于受洛倫茲力作用分別向后、前表面偏轉(zhuǎn)積聚，形成電勢差；第二次實驗時在空間內(nèi)裝入電解質(zhì)溶液并沿“→”方向通入電流I，則電解液中的正負粒子分別向右、左方向定向移動，根據(jù)左手定則，正負粒子都向后表面偏轉(zhuǎn)積聚，不會在裝置的前、后表面形成電勢差；第三次實驗時在空間內(nèi)裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，從而在前后表面形成電勢差．選項A錯誤；B．第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩(wěn)定時，測得其大小為U，則：則電解質(zhì)溶液的流量選項B正確；C．由A的分析可知，第二次實驗時在空間內(nèi)裝入電解質(zhì)溶液并沿“→”方向通入電流I，則正負粒子都向后表面偏轉(zhuǎn)積聚，后表面附近電解質(zhì)溶液濃度高，選項C正確；D．由A的分析可知，第三次實驗時在空間內(nèi)裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，前表面電勢高于后表面電勢，選項D錯誤；故選BC8、AD【解析】首先知道常見電場的電場線的分布特點，電場線的疏密程度反映電場的強弱，某點切線方向表示該點的場強方向；利用曲線運動的條件，分析靜止試探電荷的運動情況【詳解】電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，由圖甲可知，該圖為等量異種點電荷形成的電場線．故A正確；電場強度是矢量，由圖可知，距離乙點電荷距離相等的a、b

兩點場強大小相等，但方向不相同．故B錯誤；電場線不是帶電粒子運動的軌跡，由圖丙，過c、d的電場線是曲線，則從c

點靜止釋放一正電荷，電荷不能沿著電場線運動到d

點．故C錯誤；該電容器極板之間的電場為勻強電場，由圖可知c點與f點在同一個等勢面上，所以某一電荷放在e

點與放到f

點，它們的電勢能相同．故D正確．故選AD9、AD【解析】A.根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，可以畫出圖象，圖象的斜率表示電源內(nèi)阻與定值電阻之和，所以恒定不變．A正確B.由圖可知，因為電阻增大，所以電壓表示和電流表的示數(shù)的比值變大．故B錯誤C.閉合開關，增大可變電阻的阻值后，電流中的電流減小，由歐姆定律可得電阻兩端的電壓減小，兩端的電壓增大，而它們總的電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的電壓減小量小于．故C錯誤D.兩端的電壓增大量為，因為電容器與并聯(lián)，所以電容器兩端電壓增大量為，電容器的帶電荷量增量為．故D正確10、BC【解析】本題考查了等量同種電荷周圍電場分布情況：中垂線上上下電場線方向相反，根據(jù)電場線方向判斷電勢高低．a(chǎn)、c兩點關于中垂線對稱，電勢相等，電荷在這兩點的電勢能相等.【詳解】根據(jù)電場線的分布情況和對稱性可知，a、c兩點的電勢相等，則正電荷在a點電勢能一定等于在c點電勢能．故A錯誤，B正確；沿電場線方向電勢降低，在MN連線的中垂線上，O點電勢最高．故C正確；由對稱性知O點的場強為零，從O點向上或向下場強都是先增加后減??；則電荷-q從d點靜止釋放，在它從d點運動到b點的過程中，加速度可能先減小再增大，也可能先增大，后減小再增大再減?。蔇錯誤；故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.D③.F④.甲⑤.【解析】(1)[1]由于電源電動勢為3V，由可知電路中最大電流約為0.5A，則電流表選C；[2]電表讀數(shù)要達到半偏，則電壓表選D；[3]為了操作方便，應選擇和被測電阻相差不大的，故選F；[4]要求電流從零變化，故選用滑動變阻器的分壓接法，又，故采用電流表的外接法，所以電路圖甲符合。(2)[5]根據(jù)歐姆定律可得根據(jù)電阻定律可得聯(lián)立解得即被測電阻的電阻率為。12、①.0.517(0.515-0.519均正確)②.5600