浙江省普通高中2024屆高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

浙江省普通高中2024屆高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線(xiàn)內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、將一段通電直導(dǎo)線(xiàn)放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。圖中直導(dǎo)線(xiàn)所受安培力為零的是A．B．C．D．2、東陽(yáng)中學(xué)馬老師用手機(jī)計(jì)步器記錄了自己從家走到學(xué)校的情況，如圖所示.則下列說(shuō)法正確的是A．圖中的用時(shí)01:20是時(shí)刻 B．圖中的行程6.65千米為位移C．圖中的速度5.0km/h為平均速率 D．圖中的速度5.0km/h為平均速度3、某一導(dǎo)體的伏安特性曲線(xiàn)如圖AB段（曲線(xiàn)）所示，關(guān)于導(dǎo)體的電阻，以下說(shuō)法正確的是（）A．B點(diǎn)的電阻為12ΩB．B點(diǎn)的電阻為40ΩC．導(dǎo)體的電阻因溫度的影響改變了1ΩD．導(dǎo)體的電阻因溫度的影響改變了9Ω4、水平放置的平行板電容器與一電池相連，在電容器的兩板間有一帶正電的質(zhì)點(diǎn)處于靜止平衡狀態(tài)，現(xiàn)將電容器兩板間的距離增大，則（）A．電容變大，質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng) B．電容變大，質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)C．電容變小，質(zhì)點(diǎn)保持靜止 D．電容變小，質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)5、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，電壓表和電流表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片p向左移動(dòng)一小段距離后，下列說(shuō)法正確的是：A．電壓表示數(shù)減小B．電流表示數(shù)增大C．R0的功率增大D．電源的功率減小6、某同學(xué)想用伏安法測(cè)小燈泡工作時(shí)的實(shí)際功率，他不慎將電流表和電壓表的位置顛倒，如圖所示，那么將會(huì)出現(xiàn)的現(xiàn)象是（）A．只燒毀安培表B．只燒毀小燈泡C．燈泡變得更亮D．伏特表和安培表均被燒毀二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一不可伸長(zhǎng)的輕繩的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球，開(kāi)始時(shí)將輕繩向右拉至水平，然后將小球由靜止釋放，則小球由靜止到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是A．拉力對(duì)小球的沖量為零B．重力對(duì)小球的沖量方向豎直向下C．小球的動(dòng)量變化量方向豎直向下D．合力對(duì)小球的沖量方向水平向左8、如圖所示,在直線(xiàn)MN的右邊分布著勻強(qiáng)磁場(chǎng),今讓正、負(fù)電子同時(shí)從A點(diǎn)垂直射入磁場(chǎng),初速度v0與MN夾角α=30°,則（）A．它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度相同B．它們射出磁場(chǎng)時(shí)的速度矢量都相同C．它們射出磁場(chǎng)時(shí)的點(diǎn)與A點(diǎn)的距離相同D．它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比t正∶t負(fù)=1∶59、如圖所示，等腰直角三角形ab．區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，直角邊bc的長(zhǎng)度為L(zhǎng)．三個(gè)相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以速率v1、v1、v3射入磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t1、t3，且t1：t1：t3=3：3：1．不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是A．粒子的速率關(guān)系一定是v1=v1<v3B．粒子的速率可能是v1<v1<v3C．粒子的比荷D．粒子的比荷10、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)C．若將一試探電荷+q由a點(diǎn)釋放，它將沿電場(chǎng)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)D．若在d點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷﹣Q，將一試探電荷+q由a移至b的過(guò)程中，電勢(shì)能減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）下面三個(gè)圖為探究平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)，清將正確的結(jié)論填在橫線(xiàn)上，兩平行板之間的電場(chǎng)可以視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，給電容器充電后與電源斷開(kāi)，那么（）若保持板間距離不變，正對(duì)面積變小，則兩板電容__________，板間電勢(shì)差__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持不變，變大，兩板電容__________，板間電場(chǎng)強(qiáng)度__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持和都不變，插入介質(zhì)板后，則板間電勢(shì)差__________，板間電場(chǎng)強(qiáng)度__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）12．（12分）讀出圖中游標(biāo)卡尺（20等分）和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)：圖a的讀數(shù)為_(kāi)_______cm．圖b讀數(shù)為_(kāi)________cm．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）在光滑絕緣的水平面上，用長(zhǎng)為2L的絕緣輕桿連接兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B．A球的帶電荷量為＋2q，B球的帶電荷量為－3q，組成一帶電系統(tǒng)，如圖所示，虛線(xiàn)MP為A、B兩球連線(xiàn)的垂直平分線(xiàn)，虛線(xiàn)NQ與MP平行且相距5L．最初A和B分別靜止于虛線(xiàn)MP的兩側(cè)，距MP的距離均為L(zhǎng)，且A球距虛線(xiàn)NQ的距離為4L．若視小球?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)，不計(jì)輕桿的質(zhì)量，在虛線(xiàn)MP，NQ間加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E后，試求：(1)B球剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，帶電系統(tǒng)的速度大?。?2)帶電系統(tǒng)向右運(yùn)動(dòng)的最大距離；(3)帶電系統(tǒng)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度第一次為零時(shí)，B球電勢(shì)能的變化量．14．（16分）如圖所示，邊長(zhǎng)為4l的正方形ABCD內(nèi)存在兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，中位線(xiàn)OO/上方的電場(chǎng)方向豎直向下，OO/下方的電場(chǎng)方向豎直向上．從某時(shí)刻起，在A、O兩點(diǎn)間（含A點(diǎn)，不含O點(diǎn)）連續(xù)不斷地有電量為+q、質(zhì)量為m的粒子以相同速度v0沿水平方向射入電場(chǎng)．其中從A點(diǎn)射入的粒子第一次穿越OO/后就恰好從C點(diǎn)沿水平方向射出正方形電場(chǎng)區(qū)．不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用．求：（1）從AO間入射的粒子穿越電場(chǎng)區(qū)域的時(shí)間t和勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大?。唬?）在AO間離O點(diǎn)高度h為多大的粒子，最終能沿水平方向從CD間射出正方形電場(chǎng)區(qū)？（3）上一問(wèn)中能沿水平方向射出正方形電場(chǎng)區(qū)的這些粒子，在穿越OO/時(shí)的速度大小v15．（12分）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E=6.0V，內(nèi)阻r=0.6Ω，電阻R2=0.5Ω，當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：（1）電阻R1和R3的阻值；（2）當(dāng)S閉合后，電壓表的示數(shù)和電阻R2上消耗的電功率；

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

導(dǎo)線(xiàn)與磁感線(xiàn)方向平行時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)所受安培力為零，故ABC安培力都不為零。D安培力為零。故D正確。故選D?！绢}目點(diǎn)撥】通過(guò)本題要知道安培力在導(dǎo)線(xiàn)與磁感線(xiàn)方向平行時(shí)為零，導(dǎo)線(xiàn)與磁感線(xiàn)方向成一定夾角時(shí)安培力一定不是零．2、C【解題分析】從圖片中可以看出，東陽(yáng)中學(xué)的馬老師，耗時(shí)1h20min，行走8861步，走過(guò)的路程為6.65千米，平均速率為5.0km/h，故本題選C．【點(diǎn)晴】1h20min是一段時(shí)間間隔，不是時(shí)刻；圖片中顯示的6.65千米行程，是運(yùn)動(dòng)軌跡實(shí)際的長(zhǎng)度，是路程；平均速度=，平均速率=．3、B【解題分析】

AB．B點(diǎn)的電阻為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．A點(diǎn)的電阻為故兩點(diǎn)間的電阻改變了10Ω，故CD錯(cuò)誤。故選B。4、D【解題分析】

根據(jù)平行板電容器的決定式可得，兩板間距增大，電容減小；由于電容器與電池相連，電容器兩板間電壓不變，兩板間距增大，電容器板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，質(zhì)點(diǎn)所受電場(chǎng)力減小，質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)．故D項(xiàng)正確，ABC三項(xiàng)錯(cuò)誤．5、D【解題分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，變阻器左側(cè)電阻減小，并聯(lián)部分電阻減小，右側(cè)電阻增大，外電路總電阻增大，整個(gè)閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律可判斷I減小，因電壓表示數(shù)，所以電壓表示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；R0與其并聯(lián)的滑動(dòng)變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以R0兩端的電壓減小，根據(jù)，可知R0的功率減小，故C錯(cuò)誤；因，干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，故D正確．所以D正確，ABC錯(cuò)誤．6、A【解題分析】因?yàn)殡妷罕淼膬?nèi)阻非常大，電流表的內(nèi)阻非常小，倒置后電流表并聯(lián)在電路中，通過(guò)電流表的電流非常大，將燒毀電流表，而通過(guò)電壓表的電流非常小，電壓表不會(huì)被燒壞，燈泡幾乎不亮，故A正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解題分析】

A．拉力不為零，根據(jù)I=Ft可知，拉力對(duì)小球的沖量不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．重力豎直向下，可知重力對(duì)小球的沖量方向豎直向下，選項(xiàng)B正確；CD．小球初動(dòng)量為零，末動(dòng)量水平向左，可知小球的動(dòng)量變化量方向水平向左，根據(jù)動(dòng)量定理可知，合力對(duì)小球的沖量方向水平向左，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。8、BCD【解題分析】

A.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于：m、v、q、B都相等，加速度大小相等，由于正負(fù)電子受力分析相反，加速度方向不同，故A錯(cuò)誤；B.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力對(duì)粒子不做功，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小不變，速度大小相等，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向也相同，即粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度相同，故B正確；C.由圖示粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與A點(diǎn)的距離：d=2rsinα，由于r相等，則射出磁場(chǎng)時(shí)的點(diǎn)與A點(diǎn)的距離相同，故C正確；D.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：相等，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角分別為：60°、300°，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：t正：t負(fù)=θ正：θ負(fù)=60°：300°=1：5，故D正確。9、BD【解題分析】

根據(jù)題設(shè)條件，三個(gè)相同的帶電粒子從b點(diǎn)沿bc方向以不同速度進(jìn)入三角形磁場(chǎng)區(qū)域，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子軌道半徑與速度成正比，又因?yàn)槿齻€(gè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為，顯然它們?cè)诖艌?chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度之比為．即粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，軌跡如圖所示：

AB．粒子1、1打在ab上，而粒子3打在ac上，粒子3的速度比1、1的速度大，無(wú)法確定粒子1、1的速度關(guān)系，1、1兩粒子的速度即可能相等也可能不相等，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．對(duì)速度為的粒子，其偏轉(zhuǎn)角度為，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，則：，故C錯(cuò)誤；

D．對(duì)速度為的粒子偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系知：，解得：，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，；故D正確。故選BD。10、AC【解題分析】

明確電場(chǎng)線(xiàn)的性質(zhì)，知道電場(chǎng)線(xiàn)的疏密反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱．沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低．根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)來(lái)確定電勢(shì)能增加與否．【題目詳解】電場(chǎng)線(xiàn)的密的地方場(chǎng)強(qiáng)大，b處電場(chǎng)線(xiàn)比c點(diǎn)密，所以b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，A錯(cuò)誤；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，則a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，B正確；由圖可知，該電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，a到b的電場(chǎng)線(xiàn)是曲線(xiàn)，說(shuō)明電場(chǎng)的方向是不斷變化的，所以若將一試探電荷+q由a點(diǎn)釋放，它不可能沿電場(chǎng)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，C錯(cuò)誤；若不加-Q，將一試探電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向同向，則電場(chǎng)力做正功，因此電勢(shì)能減小；若在d點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷-Q，-Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，a點(diǎn)離開(kāi)-Q多一些，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高，所以將一試探電荷+q由a移至b的過(guò)程中，電勢(shì)能減小，故在d點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷-Q，將一試探電荷+q由a移至b的過(guò)程中，電勢(shì)能減小，D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、減小增大減小不變減小減小【解題分析】

先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析板間電勢(shì)差的變化，根據(jù)U=Ed可知電場(chǎng)強(qiáng)度的變化．【題目詳解】（）保持板間距離不變，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差增大；（）保持不變，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)和，可以知道：，故和無(wú)關(guān)，故不變；（）保持和都不變，插入介質(zhì)板后，根據(jù)電容的決定式得知，電容增大，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差減小，由可以知道，減小；12、10.3350.3373—0.3375【解題分析】圖a的讀數(shù)：主尺刻度+游尺刻度=103mm+7×0.05mm=10.335cm；圖b的讀數(shù)：固定刻度+可動(dòng)刻度=3mm+37.3×0.01mm=3.373mm=0.3373cm．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）B球的電勢(shì)能增加【解題分析】(1)設(shè)B球剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，系統(tǒng)的速度為v1，對(duì)A、B系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)能定理：2qEL＝×2mv12則v1＝(2)設(shè)球A向右運(yùn)動(dòng)s時(shí)，系統(tǒng)速度為零，由動(dòng)能定理，得：2q