2024屆內蒙古烏蘭察布市集寧第一中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2024屆內蒙古烏蘭察布市集寧第一中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一平行板電容器充電后，把電源斷開，再用絕緣工具將兩板距離拉開一些，則()A．電容器的帶電荷量增加B．電容增大C．電容器電壓不變D．兩板間電場強度不變2、一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很小）固定在P點，如圖所示。以E表示兩極板間的場強，U表示電容器的電壓，Ep表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A．U變小，E變小 B．E變大，Ep變大C．U變小，Ep變大 D．U不變，Ep變大3、如圖（a），線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上，在ab線圈中通以變化的電流，測得cd間的的電壓如圖（b）所示，已知線圈內部的磁場與流經的電流成正比，則下列描述線圈ab中電流隨時間變化關系的圖中，可能正確的是：A．B．C．D．4、若已知某行星繞太陽公轉的半徑為，公轉周期為，萬有引力常量為，則由此可求出（）A．某行星的質量 B．太陽的質量C．某行星的密度 D．太陽的密度5、可視為點電荷的A、B兩帶點小球固定在真空中，所帶電荷量均為+q，若僅將A球所帶電量變?yōu)椋璹，則B球所受的庫侖力()A．大小和方向均不變 B．大小和方向均改變C．大小改變、方向不變 D．大小不變、方向改變6、關于電場和磁場的概念,以下說法正確的是A．小磁針靜止時N極所指的方向就是該處磁感應強度的方向B．電荷在電場中某點所受電場力的方向即為該點的電場強度方向C．電流元在磁場中某位置受到的磁場力為零，則該位置的磁感應強度一定為零D．若長為L、電流為I的導線在某處受到的磁場力為F，則該處的磁感應強度必為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，一人以恒定速度v0通過定滑輪豎直向下拉小車使其在水平面上運動，當運動到如圖位置時，細繩與水平成60°角，則此時（）A．小車運動的速度為v0 B．小車運動的速度為2v0C．小車在水平面上做加速運動 D．小車在水平面上做減速運動8、在如圖所示電路中，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，()A．電壓表的示數增大，電流表的示數減小B．電壓表的示數減小，電流表的示數增大C．電源路端電壓增大D．電容器C所帶電荷量減小9、如圖所示，A、B、C三個物體放在旋轉圓臺上相對靜止，它們跟圓臺間的最大靜摩擦力均等于各自重力的k倍，A的質量為2m，B和C的質量均為m，A、B離軸的距離為R，C離軸的距離為2R，則當圓臺旋轉時()A．穩(wěn)定時B所受的摩擦力最小B．穩(wěn)定時A、B所受的摩擦力相等C．當圓臺轉速增大時，A比B先滑動D．當圓臺轉速增大時，C比B先滑動10、如圖所示，在一個勻強電場中有一個四邊形ABCD，電場方向與四邊形ABCD平行，其中M為AD的中點，N為BC的中點．一個電荷量為q的正粒子，從A點移動到B點過程中，電勢能減小W1，若將該粒子從D點移動到C點，電勢能減小W2，下列說法正確的是（）A．勻強電場的場強方向必沿MN方向B．若將該粒子從M點移動到N點，電場力做功W=C．若D、C之間的距離為d，則該電場的場強大小為E=D．若M、N之間的距離為d，該電場的場強最小值為E=三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示，游標卡尺讀數為_________mm，如圖乙所示，螺旋測微器讀數為_________mm．12．（12分）在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，選擇“3V0.5A”的小燈泡作為研究對象，請回答下面幾個問題：（1）下列實驗器材中應選擇________（填入器材序號）．A．電流表（量程0～0.6A,內阻約1Ω）B．電流表（量程0～3A，內阻約1Ω）C．電壓表（量程0～15V，內阻約10kΩ）D．電壓表（0～3V，內阻約2kΩ）E．滑動變阻器（阻值0～1000Ω）F．滑動變阻器（阻值0～10Ω）G．電源E＝6VH．開關S，導線若干（2）在本實驗中，滑動變阻器應采用________（填“分壓”或“限流”）接法，電流表應采用________（填“內”或“外”）接法．（3）在方框中畫出實驗電路圖。（____）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，靜止的電子在加速電壓為U1的電場的作用下從O經P板的小孔射出，又從正中垂直進入平行金屬板間的電場，在偏轉電壓U2的作用下偏轉一段距離。電子質量為m，電量為e，偏轉電場金屬板長為L。求：（1）電子進入偏轉電場的速度；（2）若電子恰好從下板右邊緣飛出電場，則偏轉電場兩板間的距離。14．（16分）虛線PQ、MN間存在如圖所示的水平勻強電場，一帶電粒子質量為、電荷量為，從a點由靜止開始經電壓為的電場加速后，垂直進入勻強電場中，從虛線MN上的某點b（圖中未畫出）離開勻強電場時速度與電場方向成角．已知PQ、MN間距為20cm，帶電粒子的重力忽略不計求：（1）帶電粒子剛進入勻強電場時的速率；（2）水平勻強電場的場強大?。?5．（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢E=10V，電阻R1=2.5Ω，R2=3Ω，當電阻箱Rx調到3Ω時，理想電流表的示數為2A．求：(1)電源的內電阻？(2)調節(jié)電阻箱，使電流表的示數為1.6A時，電阻R2消耗的電功率？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

平行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變．根據電容的決定式C=εS4πkd，分析電容的變化，再由電容的定義式C=QU【題目詳解】A項：平行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變，故A錯誤；B項：根據電容的決定式，分析可知，電容與板間距離成反比，當把兩金屬板拉開一些距離，電容減小，故B錯誤；C項：Q不變，C減小，由電容的定義式C=QU分析可知電容器電壓增加，故D項：由電容的決定式C=εS4πkd，電容的定義式C=QU，E=Ud結合得：，則知故應選：D。【題目點撥】本題要抓住電容的決定式，明確電容與板間距離的關系．還可以進一步研究板間電壓、電場強度等物理量的變化情況．要熟練推導出板間場強公式E=4πkQεS，知道E與d2、C【解題分析】

ABD．平行板電容器充電后與電源斷開，則板上電荷量Q不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，根據知電容C增大，根據可知電壓U減小，根據可知板間場強不變，故ABD錯誤；C．電壓U減小，板間場強不變，P點與上極板之間的電勢差減小，所以P點與上極板之間的電勢差變小，上極板接地，則P點的電勢增大，根據可知正電荷在P點的電勢能增大，故C正確。故選C。3、C【解題分析】

試題分析：根據法拉第電磁感應定律，感應電動勢即cd線圈中的電壓，由于磁場是線圈ab中的感應電流產生的，所以，綜上可得，即電壓大小與線圈中電流的變化率成正比，根據圖（b）可判斷和電流的變化率大小相等，方向相反，即圖象斜率大小相等，方向相反，對照選項C對．考點：電磁感應定律4、B【解題分析】

AB．研究行星繞太陽做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式得行星的質量m從兩邊消掉了，只能求出中心體（太陽）的質量M，故B正確，A錯誤；CD．不知道太陽的半徑，所以不能求出太陽的密度，更不能求解行星的密度，故CD錯誤。故選B。5、D【解題分析】

根據庫侖公式，則僅將A球所帶電量變?yōu)椋璹，大小不變，但力的方向改變，D正確。故選D。6、A【解題分析】

A．小磁針靜止時N極所指方向與該處磁場方向相同，也就是該處磁感應強度的方向，故A正確；B．正電荷在電場中所受電場力的方向與該處的電場方向相同，而負電荷受電場力與該處的電場強度方向相反，故B錯誤；C．通電導線在磁場中某處不受磁場力作用，可能導線的放置方向與磁場方向平行，不受安培力，磁感應強度不一定為零，故C錯誤；D．對于公式，其條件是導線垂直磁場的方向，所以若長為L、電流為I的導線在某處受到的磁場力為F，則該處的磁感應強度不一定為，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

AB.將小車速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，如圖所示：

人拉繩的速度與小車沿繩子方向的分速度是相等的，根據三角形關系：v?cos60°=v0，解得：，故B正確，A錯誤；CD.由上可知：，隨小車向左運動，小車與水平方向的夾角越來越大，可知v越來越大，則小車在水平面上做加速運動，故C正確，D錯誤．故選BC8、BD【解題分析】

AB．滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數增大，內阻和R1兩端電壓增大，則R2的電壓減小，故電壓表示數減小，故A錯誤，B正確；C．滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內電壓增大，電源路端電壓減小，故C錯誤；D．電容器的電壓等于R2的電壓，則電容器電壓減小，根據Q=UC可知，電容器C所帶電荷量減小，故D正確；9、AD【解題分析】A.三個物體所受的摩擦力分別為：FA=2mω2R,FB=mω2R,FC=mω2?2R，所以B物體的靜摩擦力最小．故A正確，B錯誤；B.三個物體的最大靜摩擦力分別為：fA=μ?2mg,fB=μmg,fC=μmg，當圓盤轉速增大時，C的靜摩擦力先達到最大，最先開始滑動.A和B的靜摩擦力同時達到最大，兩者同時開始滑動．故C錯誤，D正確；故選AD.點睛：物體隨圓盤一起轉動，靜摩擦力提供向心力，向心力大小由物體的質量與半徑決定．當圓盤轉速增大時，提供的靜摩擦力隨之而增大．當需要的向心力大于最大靜摩擦力時，物體做離心運動，開始滑動．10、BD【解題分析】

根據正電子移動過程電勢能變化可得：電勢關系φA?φB＝W1q，φD?φC＝W2q；根據幾何關系可得：φM＝12(φA+φD)，φN＝12(φB+φC)，根據上述條件，并不能得到沿MN方向電勢降落最快，或垂直MN的兩個點電勢相等，故不能得到場強方向沿MN方向，故A錯誤；若將該粒子從M點移動到N點，電場力做功W＝q(φM?φN)＝12q(φA?φB+φD?φC)＝W1+W22，故B正確；由于無法求解電場方向，故場強大小無法求解，故C【題目點撥】勻強電場中任一直線上的電勢變化都是均勻變化；直線與電場線平行，則變化速率最大；直線與電場線夾角越大則變化速率越小。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.150.730【解題分析】

[1]游標卡尺讀數為：5cm+0.05mm×3=50.15mm；[2]螺旋測微器讀數為：0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm．12、ADFGH分壓外【解題分析】

由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實驗器材選擇、測量電路、控制電路設計，根據實驗原理分析可得?！绢}目詳解】[1]小燈泡的額定電流為0.5A，電流表選擇0.6A量程，故選擇A；額定電壓為3V，電壓表選擇3V量程，故選擇D；描繪小燈泡的伏安特性曲線要求電流、電壓從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，滑動變阻器的阻值比待測阻值小些時調節(jié)更方便，故滑動變阻器選擇F；電源、開關導線唯一直接選擇，總之實驗器材中應選擇ADFGH。[2]本實驗要求小燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動變阻器只能選擇分壓式接法。[3]因小燈泡電阻很小，采用電流表外接法實驗誤差更小，故電流表采用外接法。[4]由以上分析可畫得電路圖為【題目點撥】描繪小燈泡的伏安特性曲線時因小燈泡阻值較小，電流表采用外接法，該實驗要求小燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解題分析】

(1)電子經加速電場，由動能定理得：得進入偏轉電場的速度為：(2)電子在偏轉電場做類平拋運動，水平方向有：L=v0t豎直方向有：加速度聯(lián)立解得兩板間的距離為：14、（1）104m/s；（2）N/C．【解題分析】

（1）由動能定理得：解得v1＝104m/s（2）粒子進入水平電場后做類平拋運動，設粒子在電場中運動時間為t，電場寬度為s＝0.2m，則沿初速方向s＝v1t沿電場方