四川省雙流藝體中學2024屆物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

四川省雙流藝體中學2024屆物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一橫截面積為S的銅導線，流經其中有恒定的電流，設每單位體積的導線中有n個自由電子，每個自由電子的電荷量為q，此時電子定向移動的速率為v，則在Δt時間內，通過導體橫截面的自由電子數目可表示為()A．nvSΔtB．nqΔt/sC．nvSΔt/qD．nvΔt2、如圖所示,三個電阻R1、R2、R3的阻值相同,允許消耗的最大功率分別為8W、5W、4W,此電路中允許消耗的最大功率為()A．17W B．16WC．12W D．15W3、下列說法正確的是（）A．點電荷其實就是體積很小的球體B．根據F=kq1q2C．若點電荷q1的電荷量大于q2的電荷量，則q1對q2的靜電力大于q2對q1的靜電力D．庫侖定律和萬有引力定律的表達式相似，都是平方反比定律4、如圖所示，電子由靜止開始從A板向B板運動，當到達B極板時速度為v，保持兩板間電壓不變，則()A．當增大兩板間距離時，v增大B．當減小兩板間距離時，v增大C．當改變兩板間距離時，v不變D．當增大兩板間距離時，電子在兩板間運動的時間不變5、如圖，光滑絕緣的水平面上有三個帶電小球（均可視為點電荷）、、，三球沿一條直線擺放，僅在它們之間的靜電力的作用下處于靜止狀態(tài)，、之間的距離小于、之間的距離.則以下看法正確的是A．對的靜電力一定是引力B．對的靜電力一定是引力C．三個小球所帶電荷量的大小關系是D．若保持它們的位置不變而將它們的電荷量都加倍，則它們將不能平衡6、關于慣性，下列說法中正確的是（）A．物體只有在突然運動或突然靜止時才有慣性B．物體質量越大，慣性越大C．物體運動速度越大，慣性越大D．在太空中飛行的宇宙飛船內的物體沒有慣性二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行等距的豎直虛線M、N、P、Q為某一電場的四個等勢面，M、N、P、Q的電勢分別為．一個不計重力帶負電荷的粒子在電場中運動的軌跡是拋物線用實線表示，a、b、c是軌跡上的三點，其中b點為軌跡上最左端的點，下列說法正確的是（）A．該電場一定是勻強電場且B．根據軌跡可以判斷帶負電荷的粒子在電場中的運動方向是唯一的C．帶負電荷的粒子在b點動能最大，在c點的電勢能最小D．帶負電荷的粒子在電場中各點受到的電場力相等8、如圖所示，關于地球衛(wèi)星的軌道，下列說法正確的是A．同步衛(wèi)星的軌道一定為bB．衛(wèi)星可能的軌道為a、cC．同步衛(wèi)星可能的軌道為aD．同步衛(wèi)星可能的軌道為a、c9、如圖所示電路中，開關閉合穩(wěn)定后，某時刻理想電壓表和電流表的讀數都突然增大，造成這一現象的原因是電阻元件發(fā)生短路或斷路故障，則可能出現了下列哪種故障（）A．R1斷路 B．R1短路 C．R2斷路 D．R3短路10、如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內阻，以下說法中正確的是（）A．當R2＝R1＋r時，R1上獲得最大功率B．當R2＝R1＋r時，R2上獲得最大功率C．當R2＝0時，R1上獲得最大功率D．當R2＝0時，電源的輸出功率最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一待測的電阻器Rx，其阻值約在40～50Ω之間，實驗室準備用伏安法來測量該電阻值的實驗器材有：電壓表V（量程0～10V，內電阻約20kΩ）；電流表A1，（量程0～500mA，內電阻約20Ω）；電流表A2，（量程0～300mA，內電阻約4Ω）；滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω，額定電流為2A）；滑動變阻器R2（最大阻值為250Ω，額定電流為0.1A）；直流電源E（電動勢為9V，內電阻約為0.5Ω）；開關及若干導線．實驗要求電表讀數從零開始變化，并能多測出幾組電流、電壓值，以便畫出I﹣U圖線．（1）電流表應選用．（2）滑動變阻器選用（選填器材代號）．（3）請在如圖所示的方框內畫出實驗電路圖．12．（12分）某同學在某磚墻前的高處水平拋出一個石子，石子在空中運動的部分軌跡照片如圖所示．從照片可看出石子恰好垂直打在一傾角為37°的斜坡上的A點．已知每塊磚的平均厚度為10cm（不計磚縫的寬度），拋出點到A點豎直方向剛好相距100塊磚，取g＝10m/s1．sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），則石子在空中運動的時間為___________s，石子水平拋出的初速度大小為________m/s，石子的拋出點到A點的距離為_______m.（結果可以用根號表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy內，第二、三象限內存在沿y軸正方向的勻強電場，第一、四象限內存在半徑為L的圓形勻強磁場，磁場的圓心在M（L，0），磁場方向垂直于坐標平面向外．一個質量m電荷量q的帶正電的粒子從第三象限中的Q（–2L，–L）點以速度v0沿x軸正方向射出，恰好從坐標原點O進入磁場，從P（2L，0）點射出磁場．不計粒子重力，求：（1）電場強度E；（2）從P點射出時速度vP的大?。唬?）粒子在磁場與電場中運動時間之比．14．（16分）如圖所示，電阻R1＝8Ω，電動機繞組電阻R0＝2Ω，當開關k1閉合、k2、k3都斷開時理想電壓表讀數為6V；當開關k1、k2閉合時理想電壓表示數4.8V；當開關k1、k2、k3都閉合時，電阻R1消耗的電功率是2W。求：（1）電源的電動勢E；（2）電源的內阻r；（3）開關都閉合時，電動機輸出的機械功率。15．（12分）平行正對極板A、B間電壓為U0，兩極板中心處均開有小孔．平行正對極板C、D長均為L，板間距離為d，與A、B垂直放置，B板中心小孔到C、D兩極板距離相等．現有一質量為m，電荷量為+q的粒子從A板中心小孔處無初速飄入A、B板間，其運動軌跡如圖中虛線所示，恰好從D板的邊沿飛出．該粒子所受重力忽略不計，板間電場視為勻強電場．（1）指出A、B、C、D四個極板中帶正電的兩個極板；（2）求出粒子離開B板中心小孔時的速度大小；（3）求出C、D兩極板間的電壓．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

首先根據電流強度的定義可以求得t時間內通過導線橫截面積的總的電荷量的大小，進而可以求得自由電子的個數，再根據電流的微觀的表達式．【題目詳解】在△t時間內，以速度v移動的電子在銅導線中通過的距離為v△t，由于銅導線的橫截面積為S，則在t時間內，電子經過的導線體積為：V=又由于單位體積的導線有n個自由電子，則在△t時間內，通過導線橫截面的自由電子數目可表示為：N=A正確；B、C、D錯誤；故選A。【題目點撥】本題計算自由電子的個數，要注意從不同的角度來分析問題，一是從微觀運動的角度，二是從電流強度的角度2、C【解題分析】

由于三個電阻的阻值相同，根據P=I2R，可得電阻的電流的大小為，所以8W的電阻的電流最大為，5W的電阻的電流最大為，4W的電阻的電流最大為，由于4W的電阻和5W的電阻并聯(lián)，之后和8W的電阻串聯(lián)，所以經過8W的電阻的電流是另外兩個的電流的和，由于+＞，所以8W的電阻最先達到最大功率，由于三個電阻的阻值相同，所以并聯(lián)部分的電阻的大小為R，并聯(lián)部分的總的電流與8W的電阻的電流相同，根據P=I2R可知，并聯(lián)部分的總功率為8W的電阻功率的一半，即為4W，所以電路允許消耗的最大功率是8W+4W=12W。

A．17W，與結論不相符，選項A錯誤；B．16W，與結論不相符，選項B錯誤；C．12W，與結論相符，選項C正確；D．15W，與結論不相符，選項D錯誤；3、D【解題分析】

A、當帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影響可以忽略時，可以看成點電荷，不是體積小就能看成點電荷．故A錯誤．

B、當兩個點電荷距離趨于0時，兩電荷不能看成點電荷，此時庫侖定律的公式不再適用．故B錯誤．

C、兩電荷之間的相互作用力大小相等，與點電荷電量的大小無關．故C錯誤．

D、庫侖定律表達式F=kq1q2r2適用于真空中兩點電荷之間的作用力；萬有引力定律的表達式F=Gm1m2r4、C【解題分析】

A、根據動能定理研究電子由靜止開始從A板向B板運動列出等式：，v與兩板間距無關，所以當改變兩板間距離時，v不變，A、B錯誤；C正確；D、由于兩極板之間的電壓不變，所以極板之間的場強為電子的加速度為：，電子在電場中一直做勻加速直線運動，由所以電子加速的時間為：，由此可見，當增大兩板間距離時，電子在兩板間的運動時間增大，D錯誤；故選C．5、B【解題分析】

A．根據電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，所以a、c一定為同種電荷即兩荷間一定為排斥力，故A錯誤；B．根據電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，所以a、c和b的電性相反，即對的靜電力一定是引力，故B正確；C．同時根據庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，“近小遠大”，所以，故C錯誤；D．由平衡可得，對a有當它們的電荷量都加倍時，小球仍然平衡，同理對b、c也成立，故D錯誤。6、B【解題分析】

A．慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質，物體在任何狀態(tài)下都具有慣性，故A錯誤；BC．慣性大小只與物體的質量有關，與運動狀態(tài)無關；物體質量越大，慣性越大，故B正確，C錯誤；D．物體在任何狀態(tài)下都具有慣性，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

A．因表示電場中四個等勢面的四條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，由圖中帶負電荷的粒子在電場中運動的軌跡可知受到水平向右的電場力作用，電場的方向是向左的，電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以M、N、P、Q的電勢，A正確；B．帶負電荷的粒子受到水平向右的電場力作用，粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會得到如題圖所示的軌跡，B錯誤；C．帶負電荷的粒子在電場中運動時，電勢能與動能之間相互轉化，由題圖中粒子的運動軌跡可知，a點到b點，電場力做負功（電場力方向和運動方向相反），電勢能增大，動能減小，從b運動到c，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，因此c點的電勢能最小，動能最大，C錯誤；D．因表示電場中四個等勢面的四條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，所以帶負電荷的粒子在電場中各點受到的電場力相等，D正確．故選AD．8、BC【解題分析】

衛(wèi)星的軌道平面必須過地心，同步軌道必須位于赤道上某一高度處．【題目詳解】b平面不過地心、且不在赤道上空，故不可能是同步衛(wèi)星，故A錯誤；因a，c都過地心，故可為衛(wèi)星軌道。故B正確；因a在赤道上空，且過地心，可能是同步軌道。故C正確；因c不在赤道上空，不能為同步軌道。故D錯誤；故選BC?！绢}目點撥】衛(wèi)星的軌道必過地心，同步衛(wèi)星的軌道還要在赤道上空某一高度處（距離地面的高度約是36000km）．9、AD【解題分析】

A．若R1斷路，則外電路電阻增大，電路中電流減小，路端電壓將增大，加在R2兩端電壓增大；則電流表的示數也將增大，故A正確；

BCD．若R1或R2短路，則電壓表被短路，電壓表示數應為零；只有R3短路時，電壓表接在電源兩端，測量值為電源的輸出電壓，故電壓表示數變大；同時因電路中電阻減小，故電路中電流增大，故D正確，BC錯誤。

故選AD。10、BC【解題分析】

AB．將等效到電源的內部，上的功率視為等效電源的輸出功率，上的功率為：所以當外電阻等于內阻時，即：等效電源輸出功率最大，即上的功率最大，故A錯誤，B正確C．根據：可知經過電阻的電流最大時，上的功率最大；當外電阻最小時，即時，電流最大，上的功率最大，故C正確．D．當外電阻等于內阻時，即：電源的輸出功率最大，所以電源的輸出功率不一定最大，故D項錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)(2)(3）電路圖如下圖所示【解題分析】

由歐姆定律求出電路最大電流，根據該電流選擇電流表；根據電路電流及方便實驗操作的原則選擇滑動變阻器；根據題目要求確定滑動變阻器的接法，根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表采用內接法還是外接法，然后作出實驗電路圖．【題目詳解】（1）電路最大電流約為，因此電流表應選擇A2；（2）滑動變阻器R2的額定電流是0.1A＜0.225A，且滑動變阻器R2的最大阻值較大，實驗操作不方便，為保證電路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R1；（3）實驗要求電表讀數從零開始變化，因此滑動變阻器應采用分壓接法，Rx阻值約在40～50Ω之間，電流表A2內電阻約4Ω，電壓表V內阻約20kΩ，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，因此電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示．【題目點撥】本題考查了實驗器材的選擇、設計電路的設計，是實驗的?？紗栴}，一定要掌握；實驗電路設計是本題的難點，確定滑動變阻器的接法、電流表的接法是正確解題的關鍵．12、t=1sv0=15m/s1013【解題分析】

根據石子下落的高度，結合位移時間公式求出石子運動的時間，抓住石子速度與斜面垂直，通過豎直分速度，結合平行四邊形定則求出石子水平拋出的速度?！绢}目詳解】由題意可知，石子落到A點的豎直位移為：y=100×10×10-1=10m；根據y=12g豎直分速度為：vy=gt=10×1m/s=10m/s，根據平行四邊形定則得：v0石子落到A點的水平位移為：x=由平行四行定則得：d=x【題目點撥】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解題分析】

試題分析：（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，加速度：；在電場中運動的時間：；沿y軸正方向，則有：，則：；(2)帶電粒子剛進入磁場時，沿y軸正方向的分速度則帶電粒子