2024屆上海市松江區(qū) 物理高二第一學期期中經典試題含解析

2024屆上海市松江區(qū)物理高二第一學期期中經典試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，a、b是電場中的兩個點，、分別表示a、b兩點的電場強度，可以確定（）A．= B．<C．a、b兩點電場強度的方向相同 D．φa<φb2、在研究運動的過程中，首次采用了“觀察現象→提出假設→邏輯推理→實驗檢驗→修正推廣→…”科學方法的科學家是A．亞里士多德 B．伽利略 C．法拉第 D．愛因斯坦3、如圖所示，直線A為某電源的路端電壓U與電流I的關系圖象，直線B是電阻R的兩端電壓與電流I的關系圖象．用該電源與電阻R組成閉合電路，電源內阻r的大小和電源的輸出功率分別為（）A．1Ω，4WB．2Ω，4WC．0.5Ω，4WD．1Ω，2W4、如圖所示為點電荷a、b所形成的電場線分布，以下說法正確的是()A．a、b為異種電荷，a應為正電荷b為負電荷B．a、b為同種電荷C．A點場強大于B點場強D．A點的電場強度等于B點電場強度5、兩個共點力大小分別為2N和7N，這兩個力的合力最小值為：A．2N B．5N C．7N D．9N6、三根平行的長直導線，分別垂直地通過一個等腰直角三角形的三個頂點，三根導線中電流方向相同，A、B兩導線中的電流大小相等，如圖所示，已知導線A在斜邊中點O處所產生的磁場的磁感應強度大小為B0，導線C在斜邊中點O處所產生的磁場的磁感應強度大小為2B0，則O處的磁感應強度的大小和方向為()A．大小為B0，方向沿OA方向B．大小為2B0，方向豎直向下C．大小為2B0，方向沿OA方向D．大小為2B0，方向沿OB方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在勻強磁場中，一矩形金屬線框在勻強磁場中繞與磁感線垂直的轉動軸勻速轉動如圖甲所示，產生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A．t=0.01s時穿過線框的磁通量最小B．t=0.01s時穿過線框的磁通量變化率最大C．該線框勻速轉動的角速度大小為100πD．電動勢瞬時值為22V時，線圈平面與中性面的夾角可能為45°8、封閉在汽缸內一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學溫度T的關系如圖所示，由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中（）A．氣體從外界吸收熱量，內能增加B．氣體體積增大，單位時間內與器壁單位面積碰撞的分子數減少C．氣體溫度升高，每個氣體分子的動能都會增大D．氣體的密度不變9、如圖所示，光滑絕緣細桿AB，水平放置于被固定的帶負電荷的小球的正上方，小球的電荷量為Q，可視為點電荷．a、b是水平細桿上的兩點，一個質量為m、電荷量為q的帶正電的小球(可視為質點)套在細桿上，由a點靜止釋放，在小球由a點運動到b點的過程中，下列說法中正確的是()A．小球速度先增大后減小B．小球速度一直減小C．小球速度一直增大D．小球與負電荷組成的系統(tǒng)電勢能先減少后增加10、如圖所示，電動勢為E，內阻為r的電源與滑動變阻器R1、定值電阻R2、定值電阻R3、平行板電容器及理想電流表組成閉合電路，圖中電壓表為理想電壓表，當滑動變阻器R1的觸頭向左移動一小段時，則（）A．電流表讀數增大B．電容器帶電荷量增加C．R2消耗的功率減小D．電壓表與電流表示數變化量之比不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學使用多用電表粗略測量一定值電阻的阻值：（1）表內電池的_______極與紅表筆相連；（2）先把選擇開關旋到“×l00”檔位，測量時指針偏角太小.請你簡述接下來的測量過程:①斷開待測電阻，將選擇開關旋到_______（填“×lk”或者“×lO”）檔位；②將兩表筆短接，______________；③再接入待測電阻，重新讀數；④測量結束后，將選擇開關旋到OFF檔.（3）表盤的示數如下圖，則電阻值是_______Ω.（保留三位有效數字）（4）在使用多用電表的歐姆檔測量電阻時，若（______）A．雙手捏住兩表筆金屬桿，測量值將偏大B．測量某電阻阻值時偏角越大越準確C．選擇“×10”倍率測量時發(fā)現指針位于20與30正中間，則測量值小于25ΩD．從電池使用時間太長導致電動勢減小內阻變大，雖然完成調零，但測量值將略大12．（12分）在實驗室里為了驗證動量守恒定律，一般采用如圖甲、乙所示的兩種裝置：（1）若入射小球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2，則（_____）A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1＝r2D．m1＜m2，r1＝r2（2）若采用圖乙所示裝置進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_______、_____．A．直尺B．游標卡尺C．天平D．彈簧測力計E．秒表（3）設入射小球的質量為m1，被碰小球的質量為m2，則在用圖甲所示裝置進行實驗時（P為碰前入射小球落點的平均位置），所得“驗證動量守恒定律”的結論為_______________（用裝置圖中的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源的電動勢是6V，內阻是r1=1Ω，小電動機M的線圈電阻為r2=0.5Ω，限流電阻R0為3Ω，若理想電壓表的示數為3V，試求：（1）通過電動機的電流；（2）電動機輸出的機械功率；（3）電動機突然卡住，電動機此時的發(fā)熱功率（設電動機未被燒壞）．14．（16分）如圖，真空中有兩個點電荷Q1=+4.0×10-8C和Q2=-1.0×10-8C,分別固定在x坐標軸的x=0和x=6cm的位置上．（1）x坐標軸上哪個位置的電場強度為零?（2）x坐標軸上哪些地方的電場強度方向是沿x軸的正方向的?15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=30V，內阻r=1Ω，電阻R1=4Ω，R2=10Ω．兩正對的平行金屬板長L=0.2m，兩板間的距離d=0.1m．閉合開關S后，一質量m=5×10﹣8kg，電荷量q=+4×10﹣6C的粒子以平行于兩板且大小為v0=5×102m/s

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

AB．電場線的疏密反應場強的大小，可知Ea>Eb，選項AB錯誤；C．由圖可知a、b兩點電場強度的方向相同，均為水平向右，選項C正確；D．沿電場線電勢降低，可知φa>φb，選項D錯誤。2、B【解題分析】試題分析：伽利略在研究自由落體運動的過程中，使用的科學方法是：觀察現象→提出假設→邏輯推理→實驗檢驗→數學演繹→形成理論，開創(chuàng)了物理學研究的新方法，直到現在這種方法仍然是科學研究中的重要方法，故B正確．考點：物理學史【名師點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．3、C【解題分析】根據電源的U-I圖象即直線A的斜率絕對值為電源的內阻：，由圖象A可知電源的電動勢E=3V，短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流I=2A，電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據P=UI得：P=2×2W=4W，故C正確。點晴：據U-I圖象A正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據U-I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點。4、A【解題分析】

根據電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，可以判斷ab是異種點荷，a應為正電荷b為負電荷，故A正確，B錯誤。電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場的強度小，A處電場線較疏。所以A點場強小于B點場強，故CD錯誤。故選A.【題目點撥】常見的電場線分布情況要熟悉，這是考試的熱點．并要掌握電場線的兩個物理意義：疏密表示場強的大小，沿著電場線的方向電勢降低．5、B【解題分析】

設兩個力的大小分別為F1和F2，且F2＞F1，則有F小=F2-F1=7-2=5N故B正確，ACD錯誤。

故選B。點睛：解決本題的關鍵知道兩個力的合力范圍，知道兩個力同向時，合力最大，兩個力反向時，合力最?。?、D【解題分析】

由題意可知，AB兩條通電導線在O點產生的磁感應強度大小相等，方向相反，則電流A與B在O處的合磁感應強度為零，則O點的磁感應強度等于導線C在斜邊中點O處所產生的磁場的磁感強度，大小為2B0；依據右手螺旋定則可知，在O處電流C產生的磁感應強度的方向沿OB方向；A．大小為B0，方向沿OA方向，與結論不相符，選項A錯誤；B．大小為2B0，方向豎直向下，與結論不相符，選項B錯誤；C．大小為2B0，方向沿OA方向，與結論不相符，選項C錯誤；D．大小為2B0，方向沿OB方向，與結論相符，選項D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

AB.由圖象知：t=0.01s時感應電動勢為零，則穿過線框的磁通量最大，磁通量變化率最小，故A、B錯誤；C.由圖象得出周期T=0.02s，所以ω=2πT=100πD.當t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁場方向垂直，故該交變電動勢的瞬時值表達式為e=222sin100πtV，電動勢瞬時值為22V時，代人瞬時表達式，則有線圈平面與中性面的夾角正弦值sinα=228、AB【解題分析】氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中，溫度升高，內能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析得知，氣體從外界吸收熱量．故A正確．由圖看出氣體的體積增大，分子總數不變、體積增大時分子密集程度減小，單位時間內與器壁單位面積碰撞的分子數減少，故B正確．氣體溫度升高，分子的平均動能增大，但不是每個氣體分子的動能都會增大．故C錯誤．氣體的質量一定，體積增大，則密度減?。蔇錯誤．故選AB．點睛；此題關鍵是要先搞清圖像的物理意義；會根據熱力學第一定律分析吸放熱情況．溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子的平均動能增大．9、AD【解題分析】

ABC.小球沿光滑直桿運動的過程中，受到重力、支持力與庫侖力，重力與支持力均不做功，僅有庫侖引力做功，負電荷對小球的庫侖力方向與速度方向的夾角先小于90°，后大于90°，則庫侖力對小球先做正功后做負功。所以小球的動能先增大后減小，速度先增大后減小。故A正確，BC錯誤；D.庫侖力先做正功后做負功。由于只有庫侖力做功，所以小球與負電荷組成的系統(tǒng)電勢能先減小后增大。故D正確。10、ACD【解題分析】試題分析：由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可求得電路中電流的變化；由歐姆定律可求得電壓表示數與電流表示數的比值．解：A、變阻器R的觸頭向左移動一小段時，阻值R1減小，回路的總電阻減小，所以回路的總電流增大，則電流表讀數增大，故A正確；B、由A選項可知，路端電壓U減小，所以電壓表的示數減小，則電容器的電量減小，故B錯誤；C、由于回路總電流增大，則R3電壓增大，因此R2電壓減小，由于R2電阻不變，所以R2消耗的功率減小，故C正確；D、根據題意可知，電壓表與電流表變化量的示數之比即為電源的內阻，因此之比不變，故D正確；故選ACD．【點評】本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析，要熟練掌握其解決方法為：局部﹣整體﹣局部的分析方法；同時注意部分電路歐姆定律的應用．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、負×lk調節(jié)歐姆調零旋鈕2.20×104D【解題分析】

（1）為保證電流從紅表筆進，黑表筆出，表內電池的負極與紅表筆相連；（2）①偏角小說明阻值大，要換較大擋，選×1k檔；②換擋后，要重新歐姆調零：將兩表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕使指針指到歐姆檔零刻度處．（3）讀數為：22×1k=2.20×104Ω；（4）A.雙手捏住兩表筆金屬桿，等效于與待測電阻并聯一個電阻，測量值將偏小，故A錯誤；B.測量某電阻阻值時在中值電阻附近較準確，故B錯誤；C.由于歐姆檔刻度左邊比較密，右邊比較稀疏，選擇“×10”倍率測量時發(fā)現指針位于20與30正中間，則測量值小于250Ω，故C錯誤；D.電池電動勢減小內阻變大時，同樣的電流，外接的電阻較小，測量值將略大，故D正確．故選：D12、CAC．【解題分析】

（1）[1]．要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，即m1＞m2