山東滕州實(shí)驗(yàn)高中2023年高二物理第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題含解析

山東滕州實(shí)驗(yàn)高中2023年高二物理第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為EA、EB，則EA、EB的大小關(guān)系是（）A.EA>EB B.EA<EBC.EA=EB D.無(wú)法確定2、五根平行的長(zhǎng)直導(dǎo)體棒分別過(guò)豎直平面內(nèi)正方形的四個(gè)頂點(diǎn)和中心，并和該正方形平面垂直．各導(dǎo)體棒中均通有強(qiáng)度相等的電流，方向如圖所示．則中心處的導(dǎo)體棒受到其余四根導(dǎo)體棒的磁場(chǎng)力的合力方向是A.豎直向上B.豎直向下C.水平向左D.水平向右3、如圖所示，兩段長(zhǎng)度和材料相同、各自粗細(xì)均勻金屬導(dǎo)線(xiàn)a、b，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)相等，橫截面積之比Sa∶Sb＝1∶2。已知5s內(nèi)有5×1018個(gè)自由電子通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)a的橫截面，電子的電荷量e=1.6×10－19C。下列說(shuō)法正確的是（）A.流經(jīng)導(dǎo)線(xiàn)a的電流為0.16AB.流經(jīng)導(dǎo)線(xiàn)b的電流為0.32AC.a、b的電阻之比Ra∶Rb＝1∶2D.自由電子在導(dǎo)線(xiàn)a和b中的定向移動(dòng)速率之比va∶vb＝1∶24、所謂元電荷是指（）A.電子 B.質(zhì)子C.中子 D.自然界中已知的最小電荷量5、在靜電場(chǎng)中，下列有關(guān)電場(chǎng)與電勢(shì)的說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電勢(shì)也越高B.電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越弱，電勢(shì)也越低C.沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)越低D.沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電場(chǎng)強(qiáng)度越弱6、一個(gè)質(zhì)量為m的物體以a=3g的加速度豎直向下做加速運(yùn)動(dòng)，則在此物體下降h高度的過(guò)程中，物體的（）A.重力勢(shì)能減少了3mgh B.機(jī)械能減少了mghC.機(jī)械能保持不變 D.動(dòng)能增加了3mgh二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，第一象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電荷量相等的、兩粒子，分別從、兩點(diǎn)沿軸正方向同時(shí)射入磁場(chǎng)，兩粒子同時(shí)到達(dá)點(diǎn)，此時(shí)粒子速度恰好沿軸負(fù)方向，粒子間作用力，重力忽略不計(jì)，則、粒子（）A.帶正電，帶負(fù)電B.運(yùn)動(dòng)周期之比C.半徑之比為D.質(zhì)量之比為8、如圖所示，M．N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值．靜止的帶電粒子帶電荷量為，質(zhì)量為m（不計(jì)重力）從P經(jīng)電場(chǎng)加速后，從小孔Q進(jìn)入N板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場(chǎng)邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為，孔Q到板的下端C的距離為L(zhǎng)，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，則（）A.兩板間電壓的最大值B.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間D.能打到N板上的粒子的最大動(dòng)能為9、如圖所示，直線(xiàn)A為某電源的U－I圖線(xiàn)，曲線(xiàn)B為某小燈泡D1的U－I圖線(xiàn)的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時(shí)，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.此電源的內(nèi)阻為ΩB.燈泡D1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變大D.由于小燈泡D1的U－I圖線(xiàn)是一條曲線(xiàn)，所以燈泡發(fā)光過(guò)程，歐姆定律不適用10、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)共存區(qū)域內(nèi)，電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E，方向豎直向上，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向里，一質(zhì)量為m的帶電粒子，在場(chǎng)區(qū)內(nèi)的一豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是A.粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速率不變B.帶有電荷量為的負(fù)電荷C.粒子沿圓周逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)D.粒子沿圓周順時(shí)針運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖，由圖可知其直徑為_(kāi)____m；12．（12分）如圖甲所示，為了觀察雙縫干涉圖樣，在暗室中做光的干涉實(shí)驗(yàn)，打開(kāi)激光器，讓一束黃色的激光通過(guò)雙縫（1）在光屏上觀察到的圖案應(yīng)該是圖乙中的______（選填“a”或“b”）；（2）為了讓光屏上觀察到的條紋間距變大，下列做法可行的是______A．其它條件不變，只將光源換為紅色激光光源B．其它條件不變，只將光源換為藍(lán)色激光光源C．其它條件不變，只換一個(gè)雙縫間距較小的雙縫D．其它條件不變，只減小雙縫與光屏的距離四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由圖中電場(chǎng)線(xiàn)的分布可知，該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)都相等；A．EA>EB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．EA<EB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．EA=EB，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．無(wú)法確定，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.2、C【解析】根據(jù)題意，由右手螺旋定則對(duì)角導(dǎo)線(xiàn)電流產(chǎn)生磁場(chǎng)正好相互疊加，如圖所示，由矢量的合成法則，則得磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)左手定則可知，中心處的導(dǎo)體棒受到其余四根導(dǎo)體棒的磁場(chǎng)力的合力方向是水平向左；故選C3、A【解析】AB．根據(jù)電流的定義式求解通過(guò)、導(dǎo)體的電流A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電阻定律可知C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可知D錯(cuò)誤。故選A。4、D【解析】元電荷是自然界最小的電量，可作為電量的一種單位，不是實(shí)物粒子．故選D.【點(diǎn)睛】對(duì)于元電荷要注意理解，它不是質(zhì)子也不是電子；只是在數(shù)值上等于質(zhì)子或電子帶電量；任何帶電體的電量均為元電荷的整數(shù)倍5、C【解析】AB、電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)，而電場(chǎng)線(xiàn)方向不確定，故無(wú)法判斷電勢(shì)高低，故A、B錯(cuò)誤；C、沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)降低，電勢(shì)越來(lái)越小，故C正確；D、電場(chǎng)線(xiàn)疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向場(chǎng)強(qiáng)不一定減小，故D錯(cuò)誤；故選C6、D【解析】根據(jù)重力做功判斷重力勢(shì)能的變化，根據(jù)合力做功判斷動(dòng)能的變化．根據(jù)機(jī)械能等于重力勢(shì)能與動(dòng)能之和，求機(jī)械能的增加量【詳解】在物體下降h高度的過(guò)程中，重力做功為mgh，則重力勢(shì)能減少了mgh．故A錯(cuò)誤．由牛頓第二定律可知，物體的合外力為F=ma=3mg，合外力做功為W=Fh=3mgh，根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能的增加量等于合外力做功，為3mgh，故D正確；物體的重力勢(shì)能減少了mgh，動(dòng)能增加了3mgh，根據(jù)機(jī)械能等于重力勢(shì)能與動(dòng)能之和，可得機(jī)械能增加了2mgh，故BC錯(cuò)誤．故選D【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握功能關(guān)系，知道重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系，合外力做功與動(dòng)能的關(guān)系二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】?jī)闪Ｗ釉诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示A．由左手定則可知，帶負(fù)電，帶正電，A錯(cuò)誤；C．由圖可知的軌道半徑為由幾何關(guān)系可知的軌道半徑滿(mǎn)足解得則、粒子的軌道半徑之比為C正確；B．設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)周期為，粒子的運(yùn)動(dòng)周期為，由圖可知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為，由題意可得可得B正確；D．粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有粒子的運(yùn)動(dòng)周期為由于兩粒子的電荷量相等，則有D錯(cuò)誤。故選BC8、BD【解析】粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示A．當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，由幾何知識(shí)得粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)粒子軌跡與CD相切于H點(diǎn)，此時(shí)粒子半徑為，粒子軌跡垂直打在CD邊上的G點(diǎn)，則GH間距離即為粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度s，根據(jù)幾何關(guān)系解得根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度故B正確；C．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大圓心角所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)粒子在磁場(chǎng)的軌跡與CD邊相切時(shí)，即粒子半徑時(shí)，打到N板上的粒子的動(dòng)能最大，最大動(dòng)能根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得解得故D正確。故選BD.9、BC【解析】A項(xiàng)：由圖讀出：電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：兩圖線(xiàn)交點(diǎn)表示小燈泡D1與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，此時(shí)燈泡的電壓U=3V，電流I=2A，功率為P=UI=6W，由于小燈泡D1正常發(fā)光，則燈泡D1的額定電壓為3V，功率為6W，故B正確；C項(xiàng)：燈泡D1的電阻，的燈泡D2的電阻為，可知燈泡D2的電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，知把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變大，故C正確；D項(xiàng)：燈泡是純電阻，歐姆定律仍適用，圖象為曲線(xiàn)是由燈泡電阻隨溫度的增大而增大，故D錯(cuò)誤10、AC【解析】AB．帶電粒子在重力場(chǎng)、勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，可知帶電粒子受到的重力和電場(chǎng)力一定平衡，重力豎直向下，所以電場(chǎng)力豎直向上，與電場(chǎng)方向相同，可知帶電粒子帶正電；根據(jù)電場(chǎng)力和重力大小相等，得：mg=qE解得：因粒子所受的洛倫茲力為向心力，則粒子一定做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速率不變，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．粒子由洛侖茲力提供向心力，由左手定則可知粒子沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰣A周運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、700【解析】螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.700mm=4.700×10－3m。12、①.（1）b②.（2）AC【解析】（1）根據(jù)雙縫干涉條紋的特點(diǎn)確定哪個(gè)圖案是雙縫干涉條紋（2）根據(jù)△x＝λ判斷使條紋間距變大的方案【詳解】（1）雙縫干涉條紋等間距、等寬，可知在光屏上觀察到的圖案應(yīng)該是圖乙中的b（2）雙縫干涉條紋的間距△x＝λ，只將光源換為紅色激光光源，光的波長(zhǎng)變大，則條紋間距變大，故A正確．只將光源換為藍(lán)色激光光源，光的波長(zhǎng)變小，則條紋間距變小，故B錯(cuò)誤．只換一個(gè)雙縫間距較小的雙縫，即d變小，則條紋間距變大，故C正確．只減小雙縫與光屏的距離，即L減小，則條紋間距變小，故D錯(cuò)誤．故選AC【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道雙縫干涉條紋的特點(diǎn)，掌握雙縫干涉條紋間距公式，知道影響條紋間距的因素四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可得：BIL﹣mgsin